1、 哈尔滨市哈尔滨市 2019 年初中升学考试综合试卷年初中升学考试综合试卷 物理部分物理部分 1.下列物理量与测量仪器对应关系不正确的是 A. 长度刻度尺 B. 电压电压表 C. 时间停表 D. 电阻电能表 【答案】D 【解析】 【详解】A.长度的测量工具是刻度尺，故 A 正确； B.电压表是测量电压的仪器，故 B 正确； C.停表是物理学中用来测量时间的仪表，故 C正确； D.电能表是用来测量电能的工具，不是用来测量电阻的，故 D错误。 2.下面对哈尔滨美景描述中，属于熔化现象的是 A. 初春，太阳岛上冰雪变成涓涓水流 B. 盛夏，防洪纪念塔广场花朵上滚动着晶莹的露珠 C. 深秋，中央大街的
2、树上挂着洁白的雾淞 D. 隆冬，松花江水变成剔透的冰 【答案】A 【解析】 【详解】A. 冰雪变成涓涓水流是冰的熔化现象，故 A正确； B. 露珠是空气中的水蒸气液化形成的，故 B 错误； C. 雾淞是空气中的水蒸气凝华形成的，故 C 错误； D. 冰是由水凝固形成的，故 D 错误。 3.关于光学知识说法正确的是 A. 漫反射不遵从光的反射定律 B. 小猫叉不到鱼，是因为看到鱼变深的虚像 C. 白光通过三棱镜发生色散 D. 近视眼需要用凸透镜矫正 【答案】C 【解析】 【详解】A. 任何光的反射现象都遵循光的反射定律，故 A 错误； B. 从岸上看水中由于发生折射现象，看到的水中的虚像比实际位
3、置要浅，故 B错误； C. 白光是复色光，由多种不同颜色的色光组成，当白光穿过三棱镜时，由于不同颜色的色光折射率不同， 因此会发生色散现象，故 C正确； D. 近视眼的成因是晶状体过厚或眼球的前后径过长，导致像落在了视网膜的前方，需要佩戴凹透镜进行矫 正，故 D 错误。 4.下图事例中，利用热传递改变物体内能的是 A. 晃动试管，沙子温度升高 B. 烧水使水变热 C. 汽油机汽缸内混合物被压缩，温度升高 D. 摩擦使笔杆变热 【答案】B 【解析】 【详解】A. 晃动试管，沙子和沙子之间摩擦做功，通过做功的方式改变了沙子的内能，沙子温度升高，故 A 错误； B. 烧水时，水从试管和酒精灯的火焰处
4、吸热，温度上升，是通过热传递的方式改变了物体的内能，故 B正 确； C. 汽油机汽缸内混合物被压缩，活塞对混合气体做功改变了内能，故 C错误； D. 摩擦使笔杆变热，是通过摩擦做功的方式，改变了物体的内能，故 D错误。 5.关于力学知识说法不正确的是 A. 手对钢片的力大于钢片对手的力 B. 重力的方向竖直向下 C. 急刹车时，乘客因具有惯性会向前倾倒 D. 磁悬浮列车利用分离接触面来减小摩擦 【答案】A 【解析】 【详解】A. 手对钢片施力同时，钢片也会对手施力，这两个力是相互作用力，大小相等，故 A 错误； B. 在地球上，重力的方向总是竖直向下的，故 B 正确； C. 急刹车前人和车一起
5、向前运动，急刹车时车突然停止，人由于具有惯性要保持原来的运动状态，身体就 会向前倾倒，故 C 正确； D. 磁悬浮列车最大的特点就是在行驶过程当中，车辆与轨道分离，利用了分离接触面来减少摩擦，故 D正 确。 6.关于简单机械的使用，说法不正确的是 A. 使用撬棒可以省力 B. 使用定滑轮不能省距离 C. 利用斜面可以省功 D. 使用滑轮组可以改变动力方向 【答案】C 【解析】 【详解】A. 由图像可知，撬棒的动力臂大于阻力臂是省力杠杆，因此在使用过程当中可以省力，故 A正确； B. 定滑轮的实质是等臂杠杆，在使用过程当中不能省力，也不能省距离，故 B正确； C. 任何机械在使用的过程中都不能省
6、功，故 C错误； D. 滑轮组的特点既可以省力，又可以改变力的方向，故 D 正确。 7.下列表述正确的是 A. 电视机正常工作电流约为 1. 57A B. 电水壶电阻为 4840 C. 同种电荷互相排斥 D. 磁极间在不接触时无法发生相互作用 【答案】C 【解析】 【详解】A.由图像参数可知电流为 140W 0.64A 220V P I U ，故 A错误； B. 由图像参数可知电阻 2 2 220V = 48.4 1000W U R= P ，故 B 错误； C. 同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，故 C 正确； D. 磁体周围存在着磁场，磁极间的相互作用可以通过磁场发生，磁极间在不接触时也可
7、以发生相互作用， 故 D 错误。 8.下列涉及压强知识说法不正确的是 A. 海绵块的形变显示了压力作用效果 B. 用微小压强计可以研究液体压强 C. 托里拆利实验可以测出大气压值 D. 船闸不是连通器 【答案】D 【解析】 【详解】A. 在探究压力的作用效果与哪些因素有关的实验当中，通过比较海绵的形变程度来显示压力的作 用效果，故 A 正确； B. 在探究液体压强与哪些因素有关的实验当中，通过比较微小压强计 U型管内液面的高度差，可以研究液 体压强，故 B 正确； C. 托里拆利实验第一次精确的测出了大气压强的数值约等于 760mm水银柱所产生的压强，故 C 正确； D. 船闸的基本原理就是连
8、通器，故 D错误。 9.下列现象中，电能转化为机械能的是 A. 磁场对电流作用 B. 通电导体具有磁性 C. 把声信息转换成电信息 D. 电磁感应现象 【答案】A 【解析】 【详解】A. 通电导体在磁场中受到力的作用，将电能转化为机械能，故 A 正确； B. 通电导体具有磁性，是电流的磁效应，电能转化为磁能，故 B 错误； C. 把声信息转换成电信息，是将声波的机械能转化为电能，故 C 错误； D. 电磁感应现象，导体在磁场中切割磁感线，将机械能转化为电能，故 D 错误。 10.下列关于安全用电的描述，不符合用电原则，需要改正的是 A. 发生触电事故时应立即切断电源 B. 使用验电笔检验插座的
9、火线 C. 电水壶接电线路示意图 D. 家庭电路连接示意图 【答案】D 【解析】 【详解】A. 发生触电事故时应立即切断电源，再进行救援，避免自己施救过程当中也发生触电事故，故 A 正确； B.由图可知验电笔使用正确，可以检验插座的火线是否通电，故 B正确； C.L为火线与熔断器相连，N 为零线，PE为地线与外壳相连，整个电路连线正确，故 C正确； D.家庭电路连接开关应接在火线上，灯泡底部应接火线，侧面螺纹处应接零线，故 D 错误。 11.质地均匀的杠杆，每个钩码重 0. 5N，下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠杆上有等间隔的刻 度） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【
10、详解】为使杠杠平衡，当动力阻力位于支点同侧时，动力应与阻力方向相反，当动力阻力位于支点两侧 时动力应与阻力方向相同，结合杠杆平衡条件 1122 FLF L可知 A.动力阻力位于杠杆同侧，且方向相同，杠杆不能平衡，故 A错误； B.左侧力为 1N，力臂长为 4 个单位长度，右侧力为 1.5N，力臂长为 5 个单位长度，不满足杠杆的平衡条件， 故 B 错误； C.动力阻力位于支点两侧，且动力与阻力方向相反，不能平衡，故 C 错误； D. 动力阻力位于支点同侧时，动力与阻力方向相反，阻力为 1N，力臂长为 6个单位长度，动力为 2N，动 力臂为 3个单位长度，满足杠杆的平衡条件，故 D正确。 12.
11、如图甲，R1为定值电阻，Rp为滑动变阻器，闭合开关，Rp的滑片从一端移动到另一端，得到电压与电流 图像如图乙，下列说法正确的是 A. 电源电压为 3V，R1阻值为 1. 8 B. 电路消耗的最小功率为 0. 2W C. 当 Rp总阻值的 3/5接入电路时，它与定值电阻消耗的功率之比为 6:5 D. 当电流为 0. 4A时，R1与 Rp连入电路的阻值之比为 1:2 【答案】C 【解析】 【详解】由图像可知，R1与 Rp串联，电压表测 R1两端电压，由串联电路分压，且电压比等于电阻比可知， 当滑动变阻器电阻减小时，R1两端电压增大，当滑动变阻器阻值为 0 时，R1两端电压最大，由图乙可知此 时电压
12、为 3V，即电源电压为 3V，R1阻值为 1 3V = 5 0.6A U R= I ；当滑动变阻器接入电阻最大时，由串 联电路分压可知 R1两端电压最小， 由图乙可知， 此时滑动变阻器两端电压为 3V-1V=2V， 电路中电流为 0.2A， 因此滑动变阻器最大阻值为 2V =10 0.2A p R p U R= I ，由公式 2 U P R 可知电压不变，总电阻越大，功率 越小， 因此电路消耗的最小功率为 2 22 1 3V = 0.6W 5+10 p UU P RRR 总 ； 当 Rp总阻值的 3/5 接入电路时 即 Rp=6，因为串联电路电流相同，由公式2 PI R 可知 1 22 1 :
13、= 6 5 = 65 p RRp PPI RI R： ；由串联 分压可知当电流为 0. 4A 时，滑动变阻器两端电压为 3V-2V=1V，则此时滑动变阻器电阻为 1V = 2.5 0.4A p R p U R= I ，R1与 Rp连入电路的阻值之比为 5：2.5=2:1。 13.自然界中，能量的转化和转移过程遵守_定律. 水能和风能都属于_能. 【答案】 (1). 能量守恒 (2). 机械 【解析】 【详解】能量不能凭空产生，也不能凭空消失，只能从一个物体转移到其他物体或从一种形式的能转化为 其他形式的能，能量的转化和转移过程遵守能量守恒定律，水和风是由于运动或具有一定的高度因而具有 了对外做
14、功的能力，因此水能和风能都属于机械能。 14.在研究“固体熔化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中，共同需要的测量工具是停表和_. 晶体熔化和 液体沸腾过程中的共同点是_. 【答案】 (1). 温度计 (2). 吸热温度不变 【解析】 【详解】研究“固体熔化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中都需要测量温度和时间，因此还需要温度计。晶 体熔化特点为吸热温度不变，液体沸腾过程中的特点也是吸热温度不变。 15.在地球上， 驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离， 利用了声可以传播_. 在月球上， 表面为真空，真空不能传声，宇航员不能直接交流而要靠电磁波互相联系，其中的道理是_. 【答案】 (1)
15、. 信息 (2). 电磁波可以在真空中传播 【解析】 【详解】倒车雷达可以用超声波探测距离，利用了声可以传播信息的特点；真空不能传声，但是电磁波可 以在真空中传播，电磁波可以传递信息，宇航员要靠电磁波相互联系。 16.如图所示，用 2N的拉力匀速竖直向上拉绳子自由端，将重为 3. 5N物体提升 0. 1m，不计绳重与摩擦， 动滑轮机械效率为_；若物体重力变大，则动滑轮机械效率将_. 【答案】 (1). 87.5% (2). 提高 【解析】 【详解】由图像可知该滑轮为动滑轮，绳子自由端移动的距离为 20.1m=0.2m， 动滑轮机械效率为 3.5N? 0.1m 100% =87.5% 2N? 0
16、.2m WGh WFs 有 总 ，由公式 1 2 2 WGhGhG WFsGG GGh 有 总动 动 可 知若物体重力变大，则动滑轮机械效率将提高。 17.把质量为 2kg，温度为 25的水加热到 75，水吸收的热量为_J，这些热量相当于完全燃烧 _m3的天然气所放出的热量.【c水4.2 103J/（kg） ，q天然气4.2 107J/m3】 【答案】 (1). 5 4.2?10 (2). 0.01 【解析】 【详解】水吸收的热量为 35 4.2?10 J/(kg)? 2kg? 75-25= 4.2?10 JQcm t= ，这些热量相当 于完全燃烧天然气的体积为 5 3 73 m 4.2 4.
17、2? 10 J/m 10 J = 0.01 Q V q 。 18.如图，同一小车从同一斜面的同一高度由静止释放，分别滑至粗糙程度不同的三个水平面上时速度为 v0， （a） （b）图中小车最终停在图示位置，分析可知：在水平面上小车所受阻力即为小车所受合力，因为力可 以改变物体运动状态，所以小车在（a）图比在（b）图受到的阻力大，_更明显；若（c） 图水平面光滑，则小车在该水平面上将_. 【答案】 (1). 速度变化 (2). 以恒定不变的速度一直运动下去 【解析】 【详解】力可以改变物体运动状态，受到的合力越大，运动状态改变的越明显，因此速度变化的更明显， 若水平面绝对光滑，由牛顿第一定律可知小
18、车在该水平面上将一直匀速运动下去。 19.在探究“影响电流热效应的因素”的实验中，要探究电流热效应与电流关系，应控制的变量是 _. 如图所示，R15，R210，电源电压 3V，则通电 10s 电流通过 R1、R2产生热量之比为_. 【答案】 (1). 电阻和时间 (2). 1:2 【解析】 【详解】由公式 2 QI Rt可知探究“影响电流热效应的因素”的实验中，要探究电流热效应与电流关系应控制 的 变 量 是 电 阻 和 通 电 时 间 。 因 为 R1 R2串 联 ， 因 此 通 过 的 电 流 相 等 ， 由 公 式 2 QI Rt可 知 22 121212 5 10 =12QQI RtI
19、 R tRR： 。 20.如图，2018年 10月 24日，港珠澳大桥正式通车，大桥的海底隧道位于 40米深的海水下，海水在此深度 处产生的压强为_Pa.若汽车重力为 G1，车内人和物体的总重为 G2，车轮与桥面接触的总面积为 S， 当车在水平桥面行驶时，汽车对桥面压强 p_（海水1.03103kg/m3， g10N/kg） 【答案】 (1). 5 4.12 10 (2). 12 GG S 【解析】 【详解】海水在此深度处产生的压强为 353 10N/kg 1.0340m 10 kg/m= 4.1 102Papgh ，物 体对水平面的压力等于重力，所以当车在水平桥面行驶时，汽车对桥面压强 12
20、 GGF p SS 。 21.在安全工作条件下，将“2.5V 0.3A”小灯泡 L1和“3.0V 0.3A”小灯泡 L2串联在电路中工作，通过两灯的电 流之比为_； 若将 L1和 L2并联在另一电源下工作， 则 L1和 L2能消耗的总功率最大值为_W. （设灯丝电阻不变） 【答案】 (1). 1：1 (2). 1.375 【解析】 【详解】 因为串联各处电流相等， 所以小灯泡 L1和小灯泡 L2串联在电路中工作通过两灯的电流之比为 1:1。 小灯泡 L2电阻值为 2 2 2 3V =10 0.3A U R I ，因为并联电路各用电器电压等于总电压，因此为了不烧坏灯 泡，电源电压最大为 2.5V
21、，此时小灯泡 L1功率为 11 2.5V? 0.3A =0.75WPUI ，小灯泡 L2功率为 2 2 2 2 2.5V = 0.625W 10 U P R ，电路总功率为各用电器功率之和即 12 0.75W+0.625W =1.375WP =PP 总 。 22.如图，先将溢水杯装满水，然后用测力计拉着重为 4N、体积为 100cm3的石块，缓慢浸没在水中，溢出 的水全部收集到小空桶中，桶中水重为_N，石块静止时，测力计示数为_N.（水1.0 103kg/m3, g10 N/kg） 【答案】 (1). 1N (2). 3N 【解析】 【 详 解 】 因 为 小 石 块 浸 没 在 水 中 ，
22、所 以V 排=V物， 由 阿 基 米 德 原 理 可 知 此 时 33-43 10 kg/m ?10 m ?10N/kg =1NFGm gV g 浮水排排排 即桶中水重为 1N， 由称重法求浮力可知 测力计示数为 G-F浮=4N-1N=3N。 23.如图所示，请你画出静止在水平桌面上的茶壶所受力的示意图.（画图时用实心点 O 表示力的作用点） （ ） 【答案】 【解析】 【详解】静止在水平桌面上的茶壶受到竖直向下的重力和向上的支持力的作用，二力是一对平衡力，如图： 24.如图所示，请你画出烛焰上 A点经平面镜 MN 所成的像 A.（保留作图痕迹） （ ） 【答案】 【解析】 【详解】由平面镜成
23、像规律可知物与像的连线垂直于平面镜，物与像到平面镜的距离相等。过 A 点做垂直 于镜面 MN 的线段 AA,交镜面于点 O，且 AO=AO,A点即所求画的经平面镜 MN所成的像 A，。 25.“创新”小组在某次实践活动中，采集了一块矿石（矿石不吸水） ，测量它的密度. （1）在测量之前，要观察量筒的_. （2）测量过程的情景如上图，正确且合理测量质量的操作顺序为_，测出矿石的密度为 _g/cm3. （3）永深同学继续如下操作： 将矿石从量筒中取出，直接放在天平上测质量记为 m测，并记下此时量筒中水面的刻度值 V3. 测量体积时，才发现矿石有变化了，将它处理复原后，浸没在量筒的水中，记下此时水面
24、的刻度值 V4， 从而求出矿石的体积并算出密度. 这样操作可能对实验结果产生影响，请你写出产生的影响及原因_. 【答案】 (1). 量程和分度值 (2). (3). 3 2.6g/cm (4). 测得的密度偏大 原因是：矿 石在测量质量时表面沾有水，测量值比实际值大，体积测量准确，由公式 m V 可知，测量的质量比实际 值偏大 【解析】 【详解】 （1）测量工具在使用之前都要先观察量程和分度值； （2）为避免矿石沾水，测量质量时影响实验结果，因此应先用天平测量矿石的质量，天平在使用过程中， 应先对天平进行调平，调节平衡螺母，使天平的指针指在刻度盘的中央处，然后遵循左物右码的原则，放 置石块和砝
25、码，在称量过程当中，不可再用手调节平衡螺母，通过增减砝码和调节游码，使天平再次平衡， 读出小石块的质量，最后再利用“排水法”测出小石块的体积。故正确的操作顺序为，由图像可 知小石块的质量为 52g，体积为 60cm3-40cm3=20 cm3，则小石块的密度为 3 3 52g = 2.6g/cm 20cm m V ； （3）将矿石从量筒中取出，直接放在天平上测质量，此时矿石表面沾有水，会导致测得的质量 m偏大，将 处理复原后的矿石再投入量筒中，则体积为 V4- V3，体积的测量准确不会受到影响，因此由公式 m V 可 知，测得的质量比实际值偏大，体积准确，则测得的密度比实际值偏大。 26.在探
26、究“凸透镜成像规律”实验中， 已知凸透镜焦距为 10cm.所用光源为新型“蜡烛”. （新型“蜡烛”薄且烛焰 稳定） （1）调整好器材后，进行实验，某次实验结果如图甲，凸透镜成这种像的条件是_.将“蜡 烛”A 从此位置在光具座上逐渐靠近透镜，发现经过图中_位置后，无论怎样调节光屏都无 法承接到像，只能透过透镜观察到正立、放大的虚像，如图乙. （2） “蜡烛”移到距透镜二倍焦距处， 观察光屏上的像感觉与物等大， 请你简述证明像与物等大的办法_. （器材足够用） （3）君妍同学用凸透镜观察书上的字，如图丙，她换用不同焦距的凸透镜放在原位置再次观察，发现像发 生变化，便萌生了探究凸透镜所成像与焦距关系
27、的想法，请写出需要收集的证据_. 【答案】 (1). 物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间 (2). 40cm (3). 将光屏换为带 有方格的白纸板， 将成的像用笔在方格白纸板光屏上描绘下来， 然后取下与光源进行比较 (4). 透镜的焦 距和对应的成像情况 【解析】 【详解】 （1）由图像甲可知，此时成像条件为物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，成倒 立缩小的实像，如图乙所示，物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像，因此经过图中 40cm 位置后，无论怎 样调节光屏都无法承接到像，只能透过透镜观察到正立、放大的虚像； （2）证明物与像相等可采用等效替代的方法，将光屏换为白纸
28、板，将成的像用笔在白纸板光屏上描绘下来， 然后取下与光源进行比较； （3）探究凸透镜所成像与焦距关系，根据控制变量的科学探究原则，需要收集所用透镜的焦距，和对应的 成像情况。 27.用标有“2.5V”的小灯泡，进行“研究小灯泡的电功率”实验.（允许加在小灯泡两端的最大电压为 1.2U额） （1）进行实验： 如图甲是未连接好的电路，请你用笔画线代替导线，正确连接图中实物电路. （ ） 如图乙，当小灯泡两端电压为 2.5V时，电流表示数是_A，灯泡额定功率是_W. （2）通过实验得到：灯泡实际功率越大，灯越亮. 试从能量转化角度解释“灯泡实际功率越大，灯越亮”的 原因_. （3）以小灯泡为例，用数
29、据说明选用电流表 0.6A 而不用 3A量程的理由_. 【答案】 (1). (2). 0.32A (3). 0.8W (4). 电功率表示电流 做功的快慢，电功率越大，单位时间转化的光能就越多，灯就越亮 (5). 小灯泡的电阻为 2.5V 8 0.32A U R= I ， 小 灯 泡 两 端 最 大 电 压 为 1.2U 额=1.22.5V=3V ， 电 路 中 最 大 电 流 为 3V = 0.375A 8 U I= R ，因此选择电流表量程为 0.6A。 【解析】 【详解】 （1）电压表应与小灯泡并联，滑动变阻器接入电路时应遵循“一上一下”的接线原则，电路连 接如图： 由图乙可知电流表示数
30、为 0.32A，灯泡额定功率是2.5V?0.32A=0.8WPUI= ； （2）电流做功时，就是把电能转化为其它能的过程，而电功率是表示电流做功快慢的物理量，灯泡功率越 大，单位时间转化的光能就越多，灯就越亮； （3）由可知，小灯泡电阻为 2.5V 8 0.32A U R= I ，在不烧坏小灯泡的前提下，小灯泡两端最大电压 为 1.2U额=1.22.5V=3V,因为小灯泡的电阻随温度升高而增大，所以此时电路中电流小于最大电流 3V = 0.375A 8 U I= R ,因此选择电流表量程为 00.6A。 28.随着智能化的普及，机器人在人类的生活中扮演着重要的角色.在图书管理领域机器人可以辅助
31、或替代管 理员整理图书，表中所列数据是某新型图书智能管理机器人工作的部分技术参数. 现在智能机器人以最大负重将图书匀速竖直提升至最大高度，用时 5s.则此次提升过程中： （1）机器人提升图书速度是多少? （2）机器人对书做功是多少? （3）机器人的电动机工作电流是多少（结果保留两位小数）？电动机做功是多少？ 【答案】 （1）0.12m/s （2）120J （3）0.83A 200J 【解析】 【详解】 （1）机器人提升图书速度是 0.6m = 0.12m/s 5s s v t ； （2）机器人对书做功是 1 200N? 0.6m=120JWFs ； （3）机器人的电动机工作电流是 40W 0.83A 48V P I= U , 电动机做功是= 40W?5s = 200JWPt 2 。
