1、 2019 年山东省潍坊市中考物理试卷 一、单项选择题（本题有 10 个小题，共 20 分每个小题给出的四个选项中，只有一个是正 确的，选对的每小题得 2 分多选、不选、错选均不得分） 1下列有关物理量的估测，最符合实际的是（ ） A教室课桌的高度约为 20dm B潍坊市夏季高温约为 40 C中学生正常步行的速度约为 1km/h D一本初中物理课本的质量约为 2kg 【分析】【分析】 首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解， 对于选项中的单位， 可根据需要进行相应的换算或转换， 排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】【解答】解： A、中学生的身高在 160cm 左右，
2、课桌的高度大约是中学生身高的一半，在 80cm=8dm 左右，故 A 不符合实 际； B、潍坊市夏季气温较高，可以高达 40，故 B 符合实际； C、人正常步行的速度在 1.1m/s=1.13.6km/h4km/h 左右，故 C 不符合实际； D、一个苹果的质量在 200g 左右，一本初中物理课本的质量与此差不多，在 200g 左右，故 D 不符合实际。 故选：B。 2如图所示，人在科技馆内用手触摸静电球时，头发丝一根根竖起并散开，由该现象可推断竖起的头发 丝所带的电荷一定是（ ） A正电荷 B负电荷 C异种电荷 D同种电荷 【分析】【分析】在自然界中只有两种电荷，即正电荷和负电荷， 且电荷间
3、存在着相互作用规律， 即同种电荷相互排斥， 异种电荷相互吸引，故该题据上分析即可解决。 【解答】【解答】解：当人在触摸静电球时，人的身体就会带上电荷，即人的头发上会带上同种电荷（但不能确定是正 电荷还是负电荷），由于同种电荷相互排斥，故此时人的头发会飘起来。 故选：D。 3如图所示的光现象中，与小孔成像原理相同的是（ ） A 苹果的影子 B 海市蜃楼 C平面镜中的像 D 水中筷子“变弯” 【分析】【分析】光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的。 【解答】【解答】解：小孔成像是光的直线传播形成的； A、苹果的影子是由于光的直线传播形成的，故 A 符合题意
4、； B、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故 B 不符合题意； C、平面镜中的像属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故 C 不符合题意； D、水中筷子“变弯”是由于光的折射形成的，故 D 不符合题意。 故选：A。 4夏天，刚从冰箱中取出的雪糕周围会出现“白气”，“白气”形成对应的物态变化是（ ） A汽化 B升华 C凝华 D液化 【分析】【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化； （2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为 气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 【解答】
5、【解答】解： “白气”是空中的水蒸气遇到冷的雪糕形成的小水滴，属于液化现象。 故选：D。 5将教室的门窗关闭，室内同学听到的室外噪声减弱。对该现象说法正确的是（ ） A室外噪声不再产生 B噪声音调大幅降低 C在传播过程中减弱了噪声 D噪声在室内的传播速度大幅减小 【分析】【分析】要解答本题需掌握：防治噪声的途径，即在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。 【解答】【解答】解：将教室的门窗关闭，属于在传播过程中减弱了噪声，室外噪声照样产生，噪声音调没有大幅降低， 噪声在室内的传播速度也没有减小，故只有 C 正确，ABD 错误。 故选：C。 6无人机已被应用于诸多领域，如图所示是一款四翼无人
6、机。在无人机匀速上升过程中，对其分析正确 的是（ ） A质量增加 B动能增加 C重力势能增加 D机械能不变 【分析】【分析】从动能和重力势能大小的影响因素进行判断。 （1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。 （2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高 度越高，重力势能越大。 【解答】【解答】解：无人机匀速上升过程中，无人机的质量不变，高度增大，重力势能增大；速度不变，质量不变， 其动能不变；无人机上升过程中，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，所以机械能等于重力势能与动能的总 和，重力
7、势能增大，动能不变，其机械能增大。 故选：C。 7某款售水机可通过刷卡（闭合“感应”开关）或投币（闭合“投币”开关）接通供水电机取水；光线 较暗时“光控”开关自动闭合，提供照明。下列简化电路中符合要求的是（ ） A B C D 【分析】【分析】根据题意可知，刷卡和投币都可以使电动机工作；光控开关控制照明灯。 【解答】【解答】解： 由题知，售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，也可以通过投币闭合“投币开关”，来接通供水电机取水， 这说明刷卡和投币互不影响，故感应开关和投币开关应是并联的，然后与电动机串联； 光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并
8、联的； 结合图示可知，只有 B 符合题意，ACD 不符合题意。 故选：B。 8 小明通过透镜观察 “美丽潍坊” 四个字， 看到的情形如图所示， 下列说法正确的是 （ ） A该透镜只能成放大的像 B该透镜可以用作近视眼镜 C该透镜可以用作照相机镜头 D字到透镜的距离小于此透镜的焦距 【分析】【分析】（1）凸透镜成像的三种情况： U2f 时，在另一侧光屏上得到倒立、缩小的实像。 2fUf 时，在另一侧光屏上得到一个倒立、放大的实像。 Uf 时，通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像。 （2）凹透镜成正立的缩小的虚像。凹透镜是矫正近视眼的眼镜。 【解答】【解答】解：图中看到字是倒立的，放大的像。应用
9、了凸透镜成像时 2fUf 时，在另一侧光屏上得到一个 倒立、放大的实像，此透镜是凸透镜， A、已知此透镜是凸透镜，凸透镜也可以成倒立、缩小的实像，故 A 错误； B、凹透镜是矫正近视眼的眼镜。此透镜是凸透镜，故 B 错误； C、此透镜是凸透镜，U2f 时，在另一侧光屏上得到倒立、缩小的实像，照相机利用此原理，因此可以用来 做照相机的镜头，故 C 正确。 D、由凸透镜成像规律可知，此时字到透镜的距离大于此透镜的焦距，故 D 错误； 故选：C。 92019 年 4 月 28 日，第 55 届世界乒乓球锦标赛单项赛在匈牙利结束，中国乒乓球队时隔八年再度包 揽单项赛全部五枚金牌。如图是运动员在比赛中的
10、场景，下列说法正确的是（ ） A乒乓球速度越大，惯性越大 B击球时，球和拍都会发生弹性形变 C球在空中运动时，运动状态不变 D球被水平击出后，若所受外力全部消失，球将立即竖直下落 【分析】【分析】（1）一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性 越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的。 （2）力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变。力可以改变物体的运动状态，包括 物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。 【解答】【解答】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，汽车的质量没有改变，所以
11、惯性不变，A 错误； B、力可以改变物体的形状，球拍击球时，它们之间的作用力会使乒乓球和球拍的形状发生形变；即乒乓球和 球拍都会发生弹性形变；故 B 正确； C、球在空中运动时，其方向不断发生变化，则运动状态发生改变，故 C 错误； D、球被水平击出后，若所受外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，球将沿水平方向作匀速直线运动。故 D 错误。 故选：B。 10在如图所示家庭电路中，将插头插入插座，打开电视，电视不工作；闭合开关，灯泡不亮；保持开关 闭合， 拔出插头， 将测电笔分别插入插座两孔时氖管均发光。 若电路中只有一处故障， 则故障可能是 （ ） A零线上保险丝烧断 B火线上保险丝烧断 C灯丝
12、烧断 D插座短路 【分析】【分析】在家庭电路中只有一处故障时，用试电笔检测，氖管发光的接触的是火线，氖管不发光的接触的是零 线。 【解答】【解答】解： 将插头插入插座，打开电视，电视不工作；闭合开关，灯泡不亮，说明电路中存在断路故障；若灯丝烧断，则 电视机应该工作，故不可能是灯丝烧断； 保持开关闭合，拔出插头，将测电笔分别插入插座两孔时氖管均发光，插孔的左孔能使氖管发光，说明蓝色线 是通的（即插孔的左孔通过灯泡、开关与火线相连，如下图）；插孔的右孔能使氖管发光，说明红色线是通的 （即火线是完好的），综合分析可知是 A 点左侧的零线断路（可能是零线上保险丝烧断）。 故选：A。 二、多项选择题（本
13、题有 5 个小题，共 20 分每个小题给出的四个选项中，至少有两个是 正确的，选对的每小题得 4 分，选对但不全的得 2 分，选错或不选的得 0 分） 11关于热现象，下列说法正确的是（ ） A液体很难被压缩，说明分子间有引力 B内能和温度有关，0的冰块没有内能 C常用水作冷却剂，是利用了水比热容大这一性质 D四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能 【分析】【分析】（1）分子间存在相互的引力和斥力； （2）内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和质量有关； （3）水具有较大的比热容，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量，温度变化小，因此水常被用来做
14、 取暖介质和冷却剂，比热容是物质的一种属性，其大小只与物质的种类和状态有关； （4）内燃机的四个冲程中，压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能。 【解答】【解答】解：A、液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故 A 错误； B、任何温度的物体都具有内能，故 B 错误； C、常用水作冷却剂，利用了水比热容较大的性质，这样在同等情况下可以吸收更多的热量，故 C 正确； D、压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能，故 D 正确。 故选：CD。 12如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关 S，当滑动变阻器滑片 P 向右移动时， 下列判断正确的是（ ） A电流表 A
15、的示数变大 B电压表 V1的示数变大 C电路中消耗的总功率变大 D电压表 V2与电流表 A 示数的比值变小 【分析】【分析】由图可知：定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表测 R2两端的电压，电压表 V2测量电源电压，电 流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R1 两端的电压变化，根据 P=UI 判断功率的变化；再根据欧姆定律结合定值电阻的阻值判断电压表和电流表示数 的比值变化。 【解答】【解答】解： 由电路图可知，R1与滑动变阻器 R2串联，电压表 V1测 R2两端的电压，电压表 V2测量 R1两端的电压，电流表 测电路中的电流
16、。 A、当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小， 由 I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故 A 正确； B、由 U=IR 可知，R1两端的电压变大，即电压表 V2的示数变大，由于电源电压不变，根据串联电路的总电压 等于各分电阻两端的等于之和可知：R2两端的电压变小，即电压表 V1的示数变小，故 B 错误； C、电源电压不变，电路中的电流变大，根据 P=UI 可知电路中消耗的总功率变大，故 C 正确； D、由 R=可知，电压表 V2与电流表 A 示数的比值等于定值电阻 R1的阻值，则两者的比值不变，故 D 错误。 故选：AC。 13 20
17、19 年 4 月， 中国自主研发的 600m 无人遥控潜水器 “海龙” 成功完成下潜任务。 在某次下潜中， 若从“海龙”刚好浸没开始计时，到返回水面结束计时，下潜深度 h 随时间 t 的变化关系如图乙所示。 忽略海水密度变化和“海龙”的形变，下列对“海龙”分析正确的是（ ） A从开始到结束计时，共用时 10min B在 13min，受到海水的浮力逐渐变大 C在 46min，处于匀速直线运动状态 D在 68min，受到海水的压强逐渐减小 【分析】【分析】（1）由图可知，从开始到结束计时共用时间； （2）潜水器从刚好浸没时开始下潜到返回水面，在 13min 内潜水器排开水的体积不变，根据阿基米德原
18、理 可知受到水的浮力变化； （3）由 h-t 图象可知在 46min 内潜水器的速度，然后判断其状态； （4）由 h-t 图象可知在 68min 内潜水器所处深度的变化，根据 p=gh 可知受到水的压强变化。 【解答】【解答】解：A、由图乙可知，从开始到结束计时，共用时 10min，故 A 正确； B、由题知，从“海龙”刚好浸没开始计时，则在 13min 内，潜水器浸没水中，排开水的体积不变，由 F 浮=gV排可知，其受到海水的浮力不变，故 B 错误； C、由图乙可知，在 46min 内，下潜深度 h 不变，说明潜水器的速度为 0，处于静止状态，故 C 错误； D、由图乙可知，在 68min
19、内潜水器所处的深度逐渐减小，即潜水器在上浮，由 p=gh 可知，潜水器受到 海水的压强逐渐减小，故 D 正确。 故选：AD。 14如图所示，用绝缘细线分别将铜棒 ab、cd 水平悬挂，置于磁场方向竖直的蹄形磁铁间，两铜棒间用 柔软的细长导线连接成闭合回路。下列说法中正确的是（ ） A竖直上下移动 ab，闭合回路 abcd 中有电流产生 B左右移动 ab，cd 将会运动 Cab 左右移动的方向，对 cd 受力方向无影响 D仅调换右侧蹄形磁铁上下磁极，对 cd 所受磁场作用力的方向有影响 【分析】【分析】（1）如图是一侧发生切割磁感线运动，整个电路中有电流，另一侧就成了通电导体在磁场中受力而运 动
20、，本图是发电机和电动机在一个电路中的应用。 （2）通电导体在磁场中运动方向跟电流方向和磁场方向有关。 （3）感应电流方向跟导体切割磁感线方向和磁场方向有关。 【解答】【解答】解：如图，ab 做切割磁感线运动时，电路中有电流产生，cd 就成了通电导体，通电导体在磁场中受 力而运动。 A、竖直上下移动 ab，ab 顺着磁感线方向运动，没有切割磁感线运动，闭合回路 abcd 中没有电流产生。说法 错误。 B、左右移动 ab，ab 切割磁感线运动，闭合回路 abcd 中有电流产生，cd 成为通电导体，在磁场中受力遇到。 说法正确。 C、ab 向左切割磁感线和向右切割磁感线，磁场方向不变，切割磁感线方向
21、改变，感应电流方向改变，cd 中通 电电流方向变化，磁场方向不变，所以 cd 受力运动方向改变。说法错误。 D、 调换右侧蹄形磁铁上下磁极， 电流方向不变， 所以 cd 运动方向变化， 所以仅调换右侧蹄形磁铁的上下磁极， 是影响 cd 运动的。说法正确。 故选：BD。 15如图所示，用水平推力 F 将质量均为 m 的木块 A、B 压在竖直墙面上保持静止，下列说法中正确的 是（ ） A木块 B 受到的摩擦力大小一定等于 F B木块 B 受到的摩擦力方向竖直向上 C木块 A 受到墙面的摩擦力大小等于 2mg D若增大力 F，则木块 B 受到的摩擦力变大 【分析】【分析】 可分别将 AB 看成一个整
22、体和两个物体进行受力分析， 结合二力平衡、 力的作用的相互性可做出分析。 【解答】【解答】解：A、对 B 进行受力分析可知，B 在竖直方向上受到重力和 A 对 B 的摩擦力，二者是一对平衡力， 因此，木块 B 受到的摩擦力大小等于 B 的重力，为 mg，其大小与 F 无关，故 A 错误； B、B 在竖直方向上受到重力和 A 对 B 的摩擦力，二者是一对平衡力，故木块 B 受到的摩擦力方向竖直向上， 故 B 正确； C、把 AB 看成一个整体，其在竖直方向上受到的重力与墙面的摩擦力是一对平衡力，故木块 A 受到墙面的摩 擦力大小等于 2mg，故 C 正确； D、若增大力 F，木块仍保持静止状态，
23、重力与摩擦力仍平衡，所以木块 B 受到的摩擦力不变，故 D 错误。 故选：BC。 三、作图题（本题有 2 个小题，共 5 分） 16如图所示，当开关闭合时，弹簧测力计示数变小。 （1）画出弹簧测力计对条形磁铁拉力的示意图； （2）在虚线框内用电路图符号画出电源。 【分析】【分析】（1）弹簧测力计对条形磁铁拉力方向竖直向上，由此作出拉力的示意图； （2）开关闭合弹簧测力计示数变小，由此分析电磁铁与条形磁铁力的作用情况，从而分析出电磁铁的极性，再 由安培定则判断电流方向，从而画出电源。 【解答】【解答】解： （1）条形磁铁受到弹簧测力计的拉力方向竖直向上，作用点可画在磁铁的重心上，由此画出拉力的示
24、意图如图 所示； （2）开关断开时，弹簧测力计对条形磁铁的拉力与其重力是一对平衡力，即 F=G，开关闭合后，弹簧测力计 示数变小，说明条形磁铁受到电磁铁对它向上的力，所以电磁铁与条形磁铁 S 极相互排斥，则电磁铁上端与 S 极是同名磁极， 由安培定则可知，电流从电磁铁下端流入，上端流出，所以虚线内下方为电源正极，上方为负极，如图所示： 17如图所示，AB 为遮光板，S是点光源 S 在平面镜中所成的像，S 发出的一条光线经平面镜反射后 恰好经过凸透镜左侧焦点 F。 请画出： （1）光源 S 的位置； （2）光线 EF 的入射光线； （3）光线 EF 经凸透镜后的出射光线。 【分析】【分析】（1）
25、根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出光源 S 的位置； （2）连接光源 S 与入射点补出入射光线； （3）凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线 经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。 【解答】【解答】解：（1）通过平面镜作出 S的对称点 S，即为光源 S 的位置， （2）连接 S 与入射点 E，则 SE 即为光线 EF 的入射光线； （3）由图可知，光线 EF 过凸透镜左侧焦点 F，则该光线经凸透镜折射后将平行于主光轴射出，如图所示： 四、科普阅读题（本题有 1 个小题，共 5 分） 18嫦娥四号月背之旅
26、 月球是地球的天然卫星，月球绕地球公转的周期与自转周期相同，所以月球总是同一面背对地球，这 一面被称为月球背面。物体在月球上的重力只有地球上的 。 月球背面与地球间的通讯是一个难题，为解决该问题，我国在 2018 年 5 月成功发射了人类史上首个 月球信号中继卫星“鹊桥”（如图甲所示）。2018 年 12 月 8 日，我国又将嫦娥四号探测器送入太空。 嫦娥四号经历地月转移、近月制动、环月飞行和落月过程，最终在月球背面软着陆，成为人类史上首个着 陆于月球背面的无人探测器。为避免嫦娥四号在着陆瞬间“闪着腰”，工作人员给它研制了 4 条强有力的 “腿”，让它既能平稳着陆，又能有效“吸收”着陆时产生的
27、冲击力，防止它携带的设备被震坏。在嫦娥 四号的“腿”上，还“长着”脸盆一样的圆形“大脚掌”（如图乙所示）。“大脚掌”中央装有一个形如 足弓的金属构件，可以有效分散冲击力。 嫦娥四号由着陆器与巡视器（即月球车，又称“玉兔二号”）组成，2019 年 1 月 3 日，巡视器与着 陆器成功分离，“玉兔二号”利用其底部 6 个带齿紋的轮子有效增大了与月面间摩擦，顺利在月背表面行 驶。“玉兔二号”配有全景相机、红外成像光谱仪、测月雷达等科学探测仪器，总质量仅 135kg，是世界 上质量最小的月球车。 阅读短文，回答问题： （1）“鹊桥”中继星在轨道上运行时，受到的力_（选填“是”或“不是”）平衡力； （2
28、）嫦娥四号探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可 _（选填“减小”或“增大”）对月面的压强； （3）为增大与月面间的摩擦，“玉兔二号”采用的装置是_； （4）若“玉兔二号”每个轮子触月面积为 100cm2，则“玉兔二号”对水平月面的压强为 _Pa（地球上 g 取 10N/kg）。 【分析】【分析】（1）物体运动方向和速度大小的变化都属于运动状态的改变；物体受平衡力的作用时，总保持静止或 者匀速直线运动状态； （2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强； （3）增大摩擦力的方法有：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过
29、增大 接触面的粗糙程度来增大摩擦力； （4）“玉兔二号”对水平月面的压力和自身的重力相等，根据求出其大小，受力面积等于 6 个 轮子触月面积之和，根据 p=求出对水平月面的压强。 【解答】【解答】解：（1）“鹊桥”中继星在轨道上运行时不是直线运动，运动方向不断变化，也就是状态不断变化， 所以受到的力不是平衡力； （2）嫦娥四号探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可以在压力一定的情况下，通过增大受力面积来减小对月面的 压强； （3）“玉兔二号”利用其底部 6 个带齿纹的轮子，可以增大与月面间摩擦； （4）“玉兔二号”对水平月面的压力：， 受力面积： S=6100cm2=600cm2=0.06m2， 则
30、“玉兔二号”对水平月面的压强：。 故答案为：（1）不是；（2）减小；（3）带齿纹的轮子；（4）3750。 五、实验题（本题有 4 个小题，共 24 分） 19在“探究光反射时的规律”实验中，将一块平面镜平放在水平桌面上，再把一张硬纸板竖直放在平面 镜上，用激光笔将一束光贴着纸板射到平面镜上，用直尺和笔描出光线的传播路径。 （1）上述实验中硬纸板的作用是_； （2）为了探究完整的反射规律，还需要用到的器材是_。 【分析】【分析】（1）硬纸板的作用是显示光路，并通过向后折另一半，来判断反射光线、入射光线和法线是否在同一 平面内； （2）根据实验的目的分析解答。 【解答】【解答】解：（1）根据题意可
31、知，上述实验中硬纸板的作用是能够间接的在纸板上看到光的传播途径，即显示 光的传播路径； （2）“探究光反射时的规律”实验的目的有：探究反射光线和入射光线是否共面；反射光线与入射光线是否位 于法线两侧；反射角与入射角的大小关系。 实验中采用可折转的纸板，可以探究反射光线、入射光线是否共面，可以探究反射光线与入射光线是否位于法 线两侧； 要想探究反射角与入射角的大小关系， 则需要使用量角器量出反射角和入射角的大小， 然后进行比较， 所以还需要用到的器材是量角器。 故答案为：（1）显示光的传播路径；（2）量角器。 20如图是探究“电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。两个相同的透明容器
32、中密封 着等量的空气，将 1、2 和 3、4 导线分别接到电源两端。 （1）甲图所示的装置用来探究电流通过电阻丝产生的热量与_的关系，通电一段时间， _（选填“a”或“b”）容器中电流产生的热量较多； （2）通过观察乙图中的实验现象，可知_（选填“c”或“d”）容器中电阻丝的阻值大。 【分析】【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关； （1）探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同； （2）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变。 【解答】【解答】解： （1）图甲装置中一个 5的电阻与两个 5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知， 右端两个电
33、阻的总电流和左端的电阻电流相等，即 I右=I左，两个 5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知 I 左=I内+I外，所以，I左I内，烧瓶内的电阻值都是 5，阻值相等，通电时间相等，电流不同，通电一段时间， 由 Q=I2Rt 知，a 容器中电流产生的热量多； （2）乙图中，右侧 U 型管中液柱上升幅度更大。根据串联电路的电流特点可知，电流和通电时间相等，根据 Q=I2Rt 可知，通电一段时间后，装置 d 容器内电阻大，产生的热量多。 故答案为：（1）电流；a；（2）d。 21在“探究电流与电阻的关系”实验中，某小组利用电阻箱等连接了如图甲所示的实物电路（电源电压 恒为 6V）。 序号 电压 （V）
34、 电阻 （） 电流 （A） 1 4 10 0.4 2 20 （1） 用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整 （要求滑动变阻器滑片向 B 端滑动时接入电路的阻值变大） ； （2）将第一次实验得到的数据填入表格，然后将电阻箱接入电路的阻值由 10调至 20，滑动变阻器的 滑片向_（选填“A”或“B”）端移动，直到_为止，此时电流表指针位置如图乙所示，其示 数为_A； （3）根据以上实验数据得出结论：电流与电阻成反比。 请对上述探究写出一条改进性建议_。 （4）再次改变电阻箱阻值，发现无论怎样调节滑动变阻器都不能达到实验要求，若电路无故障，则引起 这种情况的原因可能是_。 【分析】【分析】（1）电压表
35、应并联到定值电阻两端，根据电源电压选择电压表的量程；滑动变阻器采用“一上一下” 接入电路，且滑动变阻器滑片向 B 端滑动时接入电路的阻值变大。 （2）实验中应控制电阻两端的电压不变，E、F 两点间的电阻由 10更换为 20后，电阻两端的电压会变大， 因此应当减小电路中电流，滑片应向右端（B 端）移动，直到电压表示数为 4V；电流表示数可以根据量程和分 度值来确定。 （3）应该进行多次实验，测出多组数据；由于采用的控制变量法，所以在得出结论时需要加上一定的条件； （4）滑动变阻器与电阻 R1串联，电源电压一定，根据串联电路电压的特点知，滑动变阻器电压越大，定值电 阻两端电压越小，现在无论如何调节
36、滑动变阻器都不能使 R1两端电压达到 4V，可能是因为滑动变阻器分压太 小造成的。 【解答】【解答】解： （1）由于电源电压为 6V，所以电压表的量程选择 015V，然后并联到定值电阻两端，注意正、 负接线柱不要接反；滑动变阻器滑片向 B 端滑动时接入电路的阻值变大，接滑动变阻器下面的 A 接线柱即可， 如图所示： （2）实验中应控制电阻两端的电压不变，将电阻箱接入电路的阻值由 10调至 20后，电阻两端的电压会变 大，因此应当减小电路中电流，滑片应向右端（B 端）移动，直到电压表示数为 4V；电流表使用的量程为 0 0.6A，分度值为 0.02A，此时电流表的示数为 0.2A。 （3）因为实
37、验次数太少，存在很大的偶然性，应该多次测量才能得出普遍规律；在得出实验结论时，需要加上 “电压一定”的条件。 （4）电源电压为 6V，电阻与滑动变阻器串联，根据串联电路电压的特点，当电阻电压为 4V 时，滑动变阻器 两端的电压应为 2V，根据分压原理，则滑动变阻器的阻值为待测电阻的 2 倍，才能达到要求，所以电阻两端电 压达不到 4V，是因为滑动变阻器 R 的阻值太小造成的或电阻箱的阻值调的过大。 故答案是：（1）电路连接如上图所示；（2）B；电压表的示数为 4V；0.2；（3）进行多次实验（或结论中 添加“电压一定”的前提）（4）电阻箱的阻值调得太大（或滑动变阻器 R 的阻值太小）。 22李
38、华利用生活中常见物品巧妙地测出一石块的密度，实验过程如下： A取一根筷子，用细线将其悬挂，调节悬挂位置，直至筷子水平平衡，悬挂位置记为 O 点，如图甲所示； B将矿泉水瓶剪成烧杯形状，倾斜固定放置，在瓶中装水至溢水口处，用细线系紧石块，将石块缓慢浸 入水中，溢出的水全部装入轻质塑料袋中，如图乙所示； C取出石块，擦干水分；将装水的塑料袋和石块分别挂于筷子上 O 点两侧，移动悬挂位置使筷子仍水平 平衡，用刻度尺分别测出 O 点到两悬挂点的距离 l1和 l2，如图丙所示。 （1）已知水的密度为水，则石块密度石=_（用字母水和所测得的物理量表示）； （2）采用上述实验方法，筷子粗细不均匀对实验结果_
39、（选填“有”或“无”）影响； （3） 图乙所示步骤中， 若瓶中的水未装至溢水口， 实验结果将_ （选填 “偏大” 、 “偏小” 或 “不变” ） 。 六、计算题（本题有 4 个小题，共 26 分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计 算步骤，只写出最后答案的不能得分） 【分析】【分析】（1）利用杠杆的平衡条件和石块体积等于溢出水的体积相等，确定等量关系，解出石块的密度； （2）筷子粗细不均匀，实验时它在水平位置平衡，支点到重力的作用点的距离为零，则消除筷子自身重对杠杆 平衡的影响。 （3）若瓶中的水未装至溢水口，溢出的水偏少，根据杠杆的平衡条件即可判断。 【解答】【解答】解：（1）图丙中，
40、根据杠杆的平衡条件 F1L1=F2L2可得： G水L1=G石L2， 由于 G=mg=Vg 可得：水V水L1=石V石L2； 石块体积等于它排出水的体积，所以，V石=V水， 则：水L1=石L2， 所以，； （2）由于实验时调节悬挂位置，直至筷子水平平衡，此时重力的作用线通过支点，支点到重力的作用线的距离 为零，则消除筷子自身重对杠杆平衡的影响，所以筷子粗细不均匀对实验结果无影响； （3）若瓶中的水未装至溢水口，则溢出的水的体积小于实际排开的水的体积，则溢出的水的重力小于排开的水 的重力，当在图丙实验时，L1变大，根可知石偏大； 故答案为：（1）；（2）无；（3）偏大。 23一定气压下，某种晶体熔化
41、成同温度液体时所吸收的热量与其质量之比叫该晶体的熔化热，用字母 表示。在标准大气压下，用一个热效率为 40%的酒精炉为热源，将 50g 初温为 0的冰全部熔化为 0 的水，共燃烧了 14g 酒精，酒精的热值为 3107J/kg。求： （1）冰熔化过程中吸收的热量； （2）在标准大气压下，冰的熔化热冰。 【分析】【分析】（1）利用 Q放=qm 求酒精完全燃烧放出的热量，再利用可求冰熔化成水共吸收热量； （2）冰熔化成水共吸收热量与冰的质量之比等于冰的熔化热。 【解答】【解答】解：（1）14g 酒精完全燃烧放出的热量： Q放=qm=3107J/kg0.014kg=4.2l05J， 由可得，冰熔化成
42、水共吸收热量： Q吸=Q放=4.2l05J40%=1.68l05J； （2）则冰的熔化热： 。 答：（1）冰熔化过程中吸收的热量为 4.2l05J； （2）在标准大气压下，冰的熔化热冰为 3.36106J/kg。 24中国研制的“鲲龙”AG600 是目前世界上最大的水陆两栖飞机，可用于森林灭火、水上救援等，其 有关参数如表所示。 在某次测试中， 飞机在水面以 12m/s 的速度沿直线匀速行驶， 水平动力的功率为 2.4 106W水的密度水=1.0103kg/m3，g 取 10N/kg。求： 鲲龙”AG600 有关参数 最大起飞质量 53.5t 最大巡航速度 500km/h 最大航行时间 12h
43、 最大航行路程 4500km （1）飞机以最大巡航速度飞行 4000km 所用的时间； （2）飞机在水面匀速行驶时，水平动力的大小； （3）飞机关闭动力系统静止在水面上，达最大起飞质量时排开水的体积。 【分析】【分析】（1）知道路程和最大巡航速度，利用速度公式求所用时间； （2）知道飞机在水面行驶速度、功率。利用 P= = =Fv 求水平动力； （3） 知道最大起飞质量， 可求其重力， 飞机漂浮， 可求飞机受到的浮力， 再利用阿基米德原理求排开水的体积。 【解答】【解答】解： （1）由 v= 可得所用时间： ； （2）由 P= = =Fv 得水平动力： ； （3）最大起飞质量 m=53.5t=
44、5.35104kg， 因为飞机漂浮， 所以飞机受到的浮力： F浮=G=mg=5.35104kg10N/kg=5.35105N， 由 F浮=水V排g 可得排开水的体积： 。 答：（1）飞机以最大巡航速度飞行 4000km 所用的时间为 8h； （2）飞机在水面匀速行驶时，水平动力的大小为 2105N； （3）飞机关闭动力系统静止在水面上，达最大起飞质量时排开水的体积为 53.5m3。 25一辆质量为 1.5103kg 的汽车陷入一泥泞路段，司机师傅利用滑轮组和周围条件，组装成了如图所 示的拖车装置。已知汽车通过泥泞路段需移动 8m 距离，汽车在泥泞路段受到的阻力为车重的 0.1 倍，滑 轮组的机
45、械效率为 80%，g 取 10N/kg。 在将车匀速拖离泥泞路段过程中，求： （1）做的有用功； （2）作用在绳子自由端的拉力。 【分析】【分析】（1）已知汽车在泥泞路段受到的阻力为车重的 0.1 倍，可求得阻力，因为匀速拖离，由二力平衡条件 可得滑轮组对车的拉力；然后利用 W=Fs 可求得有用功； （2）由图可知 n=3，由此可得绳子移动的距离，已知滑轮组的机械效率为 80%，利用可求得总功， 再利用 W总=Fs 可求得作用在绳子自由端的拉力。 【解答】【解答】解： （1）汽车在泥泞路段受到的阻力：f=0.1mg=0.11.5103kg10N/kg=1.5103N； 将车匀速拖离，由二力平衡
46、条件可得，滑轮组对车的拉力：F拉=f=1.5103N； 所做有用功：W有=F拉s车=1.5103N8m=1.2104J， （2）由图可知 n=3，则绳子移动的距离：s绳=3s车=38m=24m， 由； 由 W总=Fs绳可得，作用在绳子自由端的拉力：。 答：（1）做的有用功为 1.2104J； （2）作用在绳子自由端的拉力为 625N。 26在如图所示电路中，小灯泡 R1标有“4V1.6W”字样，定值电阻 R2=20，滑动变阻器 R3允许通过 的最大电流为 1A，电流表 A1的量程为 00.6A，电流表 A2的量程为 03A，电压表的量程为 03V， 电源电压和小灯泡的阻值均保持不变。只闭合开关
47、 S2时，电压表的示数为 2V；将滑动变阻器滑片滑到最 左端，闭合所有开关，此时电流表 A2示数为 0.5A求： （1）电源电压； （2）滑动变阻器 R3的最大阻值； （3）只闭合开关 S3，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围。 【分析】【分析】（1）知道小灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡的电阻；只闭合开关 S2时，灯泡 R1与电阻 R2串联，电压表测 R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据 电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压； （2）将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，电阻 R2与 R3的最大阻值并联，电流表 A2测干路电流， 根据欧姆定
48、律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器 R3的最大阻值； （3）只闭合开关 S3时，灯泡 R1与滑动变阻器 R3串联，电流表 A1测电路中的电流，电压表测 R1两端的电压， 当电压表的示数最大时，灯泡两端的电压最大，其实际功率最大，根据求出其大小；当滑动变阻器 接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用 P=UI=I2R 求出灯泡的最小功率，然后得出小灯泡电功率的变化范围。 【解答】【解答】解：（1）由可得，灯泡的电阻：， 只闭合开关 S2时，灯泡 R1与电阻 R2串联，电压表测 R1两端的电压， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中
49、的电流：， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电源的电压： U=I（R1+R2）=0.2A（10+20）=6V； （2）将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，电阻 R2与 R3的最大阻值并联，电流表 A2测干路电流， 此时电路的总电阻： ， 因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和， 所以， 解得：R3=30； （3）只闭合开关 S3时，灯泡 R1与滑动变阻器 R3串联，电流表 A1测电路中的电流，电压表测 R1两端的电压， 当电压表的示数 R1=3V 时，灯泡两端的电压最大，其实际功率最大， 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1的功率最小， 此时电路中的电流：，
