浙江省衢州市2019年中考数学试卷(原卷+解析).doc

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1、 浙江省衢州市浙江省衢州市 2019 年中考数学试卷年中考数学试卷(解析版(解析版) ) 一、选择题(本题有一、选择题(本题有 10 小题,每小题小题,每小题 3 分,共分,共 30 分)分) 1.在 ,0,1,-9 四个数中,负数是( ) A. B. 0 C. 1 D. -9 【答案】 D 【考点】正数和负数的认识及应用 【解析】【解答】解:-90 1, 负数是-9. 故答案为:D. 【分析】负数:任何正数前加上负号都等于负数;负数比零、正数小, 在数轴线上,负数都在 0 的 左侧. 2.浙江省陆域面积为 101800 平方千米,其中数据 101800 用科学记数法表示为( ) A. 0.1

2、018 105 B. 1.018 105 C. 0.1018 105 D. 1.018 106 【答案】 B 【考点】科学记数法表示绝对值较大的数 【解析】【解答】解:101800=1.018 105. 故答案为:B. 【分析】科学记数法:将一个数字表示成 a 10 的 n 次幂的形式,其中 1|a|10,n 为整数,由此即 可得出答案. 3.如图是由 4 个大小相同的立方块搭成的几何体,这个几何体的主视图是( ) A B C D 【答案】 A 【考点】简单组合体的三视图 【解析】【解答】解:从物体正面观察可得, 左边第一列有 2 个小正方体,第二列有 1 个小正方体. 故答案为:A. 【分析

3、】主视图:从物体正面观察所得到的图形,由此观察即可得出答案. 4.下列计算正确的是( ) A. a6+a6=a12 B. a6 a2=a8 C. a6 a2=a3 D. (a6)2=a8 【答案】 B 【考点】同底数幂的乘法,同底数幂的除法,合并同类项法则及应用,幂的乘方 【解析】【解答】解:A.a6+a6=2a6 , 故错误,A 不符合题意; B.a6 a2=a6+2=a8 , 故正确,B 符合题意; C.a6 a2=a6-2=a4 , 故错误,C 不符合题意; D.(a6)2=a2 6=a12 , 故错误,D 不符合题意; 故答案为:B. 【分析】A.根据合并同类项法则计算即可判断错误;B

4、.根据同底数幂的乘法:底数不变,指数相加, 依此计算即可判断正确;C.根据同底数幂的除法:底数不变,指数相减,依此计算即可判断错误; D.根据幂的乘方:底数不变,指数相乘,依此计算即可判断错误. 5.在一个箱子里放有 1 个自球和 2 个红球,它们除颜色外其余都相同,从箱子里任意摸出 1 个球,摸 到白球的概率是( ) A. 1 B. C. D. 【答案】 C 【考点】等可能事件的概率 【解析】【解答】解:依题可得, 箱子中一共有球:1+2=3(个), 从箱子中任意摸出一个球,是白球的概率 P= . 故答案为:C. 【分析】结合题意求得箱子中球的总个数,再根据概率公式即可求得答案. 6.二次函

5、数 y=(x-1)2+3 图象的顶点坐标是( ) A. (1,3) B. (1,-3) C. (-1,3) D. (-1,-3) 【答案】 A 【考点】二次函数 y=a(x-h)2+k 的性质 【解析】【解答】解:y=(x-1)2+3, 二次函数图像顶点坐标为:(1,3). 故答案为:A. 【分析】根据二次函数顶点式即可得出顶点坐标. 7.“三等分角”大约是在公元前五世纪由古希腊人提出来的。借助如图所示的“三等分角仪”能三等分任 一角。这个三等分角仪由两根有槽的棒 OA,OB 组成,两根棒在 O 点相连并可绕 O 转动,C 点固定, OC=CD=DE,点 D,E 可在槽中滑动,若BDE=75

6、,则CDE 的度数是( ) A. 60 B. 65 C. 75 D. 80 【答案】 D 【考点】三角形内角和定理,三角形的外角性质,等腰三角形的性质 【解析】【解答】解:OC=CD=DE, O=ODC,DCE=DEC, 设O=ODC=x, DCE=DEC=2x, CDE=180 -DCE-DEC=180 -4x, BDE=75 , ODC+CDE+BDE=180 , 即 x+180 -4x+75 =180 , 解得:x=25 , CDE=180 -4x=80 . 故答案为:D. 【分析】由等腰三角形性质得O=ODC,DCE=DEC,设O=ODC=x,由三角形外角性质 和三角形内角和定理得DC

7、E=DEC=2x,CDE=180 -4x,根据平角性质列出方程,解之即可的求 得 x 值,再由CDE=180 -4x=80 即可求得答案. 8.一块圆形宣传标志牌如图所示,点 A,B,C 在O 上,CD 垂直平分 AB 于点 D,现测得 AB=8dm, DC=2dm,则圆形标志牌的半径为( ) A. 6dm B. 5dm C. 4dm D. 3dm 【答案】 B 【考点】垂径定理的应用 【解析】解:连结 OD,OA,如图,设半径为 r, AB=8,CDAB, AD=4,点 O、D、C 三点共线, CD=2, OD=r-2, 在 RtADO 中, AO2=AD2+OD2 , , 即 r2=42+

8、(r-2)2 , 解得:r=5, 故答案为:B. 【分析】连结 OD,OA,设半径为 r,根据垂径定理得 AD=4,OD=r-2,在 RtADO 中,由勾股定理 建立方程,解之即可求得答案. 9.如图,取两根等宽的纸条折叠穿插,拉紧,可得边长为 2 的正六边形。则原来的纸带宽为( ) A. 1 B. C. D. 2 【答案】 C 【考点】等边三角形的性质 【解析】解:如图,作 BGAC, 依题可得:ABC 是边长为 2 的等边三角形, 在 RtBGA 中, AB=2,AG=1, BG= , 即原来的纸宽为 . 故答案为:C. 【分析】结合题意标上字母,作 BGAC,根据题意可得:ABC 是边长

9、为 2 的等边三角形,在 Rt BGA 中,根据勾股定理即可求得答案. 10.如图,正方形 ABCD 的边长为 4,点 E 是 AB 的中点,点 P 从点 E 出发,沿 EADC 移动至 终点 C,设 P 点经过的路径长为 x,CPE 的面积为 y,则下列图象能大致反映 y 与 x 函数关系的是 ( ) A B C D 【答案】 C 【考点】动点问题的函数图象 【解析】【解答】解:当点 P 在 AE 上时, 正方形边长为 4,E 为 AB 中点, AE=2, P 点经过的路径长为 x, PE=x, y=SCPE= PE BC= x 4=2x, 当点 P 在 AD 上时, 正方形边长为 4,E

10、为 AB 中点, AE=2, P 点经过的路径长为 x, AP=x-2,DP=6-x, y=SCPE=S正方形ABCD-SBEC-SAPE-SPDC , =4 4- 2 4- 2 (x-2)- 4 (6-x), =16-4-x+2-12+2x, =x+2, 当点 P 在 DC 上时, 正方形边长为 4,E 为 AB 中点, AE=2, P 点经过的路径长为 x, PD=x-6,PC=10-x, y=SCPE= PC BC= (10-x) 4=-2x+20, 综上所述:y 与 x 的函数表达式为: y= . 故答案为:C. 【分析】结合题意分情况讨论:当点 P 在 AE 上时,当点 P 在 AD

11、 上时,当点 P 在 DC 上时, 根据三角形面积公式即可得出每段的 y 与 x 的函数表达式. 二、填空题(本题共有二、填空题(本题共有 6 小题,每小题小题,每小题 4 分,共分,共 24 分)分) 11.计算: =_。 【答案】 【考点】分式的加减法 【解析】【解答】解:原式= . 故答案为: . 【分析】根据分式加减法法则:同分母相加,分母不变,分子相加减,依此计算即可得出答案. 12.数据 2,7,5,7,9 的众数是_ 。 【答案】 7 【考点】众数 【解析】【解答】解:将这组数据从小到大排列为:2,5,7,7,9, 这组数据的众数为:7. 故答案为:7. 【分析】众数:一组数据中

12、出现次数最多的数,由此即可得出答案. 13.已知实数 m,n 满足 ,则代数式 m2-n2的值为_ 。 【答案】 3 【考点】代数式求值 【解析】【解答】解:m-n=1,m+n=3, m2-n2=(m+n)(m-n)=3 1=3. 故答案为:3. 【分析】先利用平方差公式因式分解,再将 m+n、m-n 的值代入、计算即可得出答案. 14.如图, 人字梯 AB, AC 的长都为 2 米。 当 a=50 时, 人字梯顶端高地面的高度 AD 是_米 (结 果精确到 0.1m。参考依据:sin500.77,cos500.64,tan501.19) 【答案】 1.5 【考点】解直角三角形的应用 【解析】

13、【解答】解:在 RtADC 中, AC=2,ACD=50 , sin50 = , AD=ACsin50=20.771.5. 故答案为:1.5. 【分析】在 RtADC 中,根据锐角三角函数正弦定义即可求得答案. 15.如图,在平面直角坐标系中,O 为坐标原点, ABCD 的边 AB 在 x 轴上,顶点 D 在 y 轴的正 半轴上,点 C 在第一象限,将AOD 沿 y 轴翻折,使点 A 落在 x 轴上的点 E 处,点 B 恰好为 OE 的 中点,DE 与 BC 交于点 F。若 y= (k0)图象经过点 C,且 SBEF=1,则 k 的值为_ 。 【答案】 24 【考点】相似三角形的判定与性质,反

14、比例函数图象上点的坐标特征 【解析】解:作 FGBE,作 FHCD,如图,设 A(-2a,0),D(0,4b), 依题可得:ADOEDO, OA=OE, E(2a,0), B 为 OE 中点, B(a,0), BE=a, 四边形 ABCD 是平行四边形, AECD,AB=CD=3a,C(3a,4b), BEFCDF, , 又D(0,4b), OD=4b, FG=b, 又SBEF= BE FG=1, 即 ab=1, ab=2, C(3a,4b)在反比例函数 y= 上, k=3a 4b=12ab=12 2=24. 故答案为:24. 【分析】作 FGBE,作 FHCD,设 A(-2a,0),D(0,

15、4b),由翻折的性质得:ADOEDO, 根据全等三角形性质得 OA=OE,结合题意可得 E(2a,0),B(a,0),由平行四边形性质得 AE CD,AB=CD=3a, C (3a, 4b) , 根据相似三角形判定和性质得 ,从而得 FG=b, 由三角形面积公式得 ab=1,即 ab=2,将点 C 坐标代入反比例函数解析式即可求得 k 值. 16.如图,由两个长为 2,宽为 1 的长方形组成“7”字图形。 (1)将一个“7”字图形按如图摆放在平面直角坐标系中,记为“7”字图形 ABCDEF,其中顶点 A 位于 x 轴上,顶点 B,D 位于 y 轴上,O 为坐标原点,则 的值为_ . (2)在(

16、1)的基础上,继续摆放第二个“7”字图形得顶点 F1 , 摆放第三个“7”字图形得顶点 F2 , 依此类推,摆放第 a 个“7”字图形得顶点 Fn-1 , ,则顶点 F2019的坐标为_ . 【答案】 (1) (2)( , ) 【考点】探索图形规律 【解析】(1)依题可得,CD=1,CB=2, BDC+DBC=90 ,OBA+DBC=90 , BDC=OBA, 又DCB=BOA=90 , DCBBOA, ; ( 2 )根据题意标好字母,如图, 依题可得: CD=1,CB=2,BA=1, BD= , 由(1)知 , OB= ,OA= , 易得: OABGFAHCB, BH= ,CH= ,AG=

17、,FG= , OH= + = ,OG= + = , C( , ),F( , ), 由点 C 到点 F 横坐标增加了 ,纵坐标增加了 , Fn的坐标为:( + n, + n), F2019的坐标为:( + 2019, + 2019)=( ,405 ), 故答案为: ,( ,405 ). 【分析】(1)根据题意可得 CD=1,CB=2,由同角的余角相等得BDC=OBA,根据相似三角形 判定得DCBBOA,由相似三角形性质即可求得答案.(2)根据题意标好字母,根据题意可得 CD=1,CB=2,BA=1,在 RtDCB 中,由勾股定理求得 BD= ,由(1)知 ,从而可得 OB= ,OA= ,结合题意

18、易得: OABGFAHCB,根据相似三角形性质可得 BH= ,CH= ,AG= ,FG= ,从而可得 C( , ),F( , ),观察这两点坐标知由点 C 到点 F 横坐标增加了 , 纵坐标增加了 , 依此可得出规律: Fn的坐标为: ( + n, + n) , 将 n=2019 代入即可求得答案. 三、解答题(本题共有三、解答题(本题共有 8 小题,第小题,第 1719 小题每小题小题每小题 6 分,第分,第 20-21 小题每小题小题每小题 8 分,第分,第 2223 小题小题 每小题每小题 10 分,第分,第 24 小题小题 12 分,共分,共 66 分。请务必写出解答过程)分。请务必写

19、出解答过程) 17.计算:|-3|+(-3)0- +tan45 【答案】 解:原式=3+1-2+1 =3 【考点】算术平方根,实数的运算,0 指数幂的运算性质,特殊角的三角函数值,实数的绝对值 【解析】【分析】根据有理数的绝对值,特殊角的三角函数值,负整数指数幂,二次根式一一计算即 可得出答案. 18.已知:如图,在菱形 ABCD 中,点 E,F 分别在边 BC,CD 上,且 BE=DF,连结 AE,AF.求证: AE=AF. 【答案】 证明:四边形 ABCD 是菱形, AB=AD,B=D, BE=DF ABEADF AE=CF 【考点】菱形的性质 【解析】 【分析】由菱形性质得 AB=AD,

20、B=D,根据全等三角形判定 SAS 可得ABEADF, 由全等三角形性质即可得证. 19.如图,在 4 4 的方格子中,ABC 的三个顶点都在格点上, (1)在图 1 中画出线段 CD,使 CDCB,其中 D 是格点, (2)在图 2 中画出平行四边形 ABEC,其中 E 是格点. 【答案】 (1)解:如图, 线段 CD 就是所求作的图形 (2)解:如图, ABEC 就是所求作的图形 【考点】作图复杂作图 【解析】【分析】(1)过点 C 作 CDCB,且点 D 是格点即可.(2)作一个BEC 与BAC 全等即 可得出图形. 20.某校为积极响应“南孔圣地,衢州有礼”城市品牌建设,在每周五下午第

21、三节课开展了丰富多彩的 走班选课活动。其中综合实践类共开设了“礼行”“礼知”“礼思”“礼艺”“礼源”等五门课程,要求全校学 生必须参与其中一门课程。 为了解学生参与综合实践类课程活动情况, 随机抽取了部分学生进行调查, 根据调查结果绘制了如图所示不完整的条形统计图和扇形统计图。 (1)请问被随机抽取的学生共有多少名?并补全条形统计图。 (2)在扇形统计图中,求选择“礼行”课程的学生人数所对应的扇形圆心角的度数。 (3)若该校共有学生 1200 人,估计其中参与“礼源”课程的学生共有多少人? 【答案】 (1)解:学生共有 40 人 条形统计图如图所示 (2)解:选“礼行”课程的学生所对应的扇形圆

22、心角的度数为 360 =36 (3)解:参与“礼源”课程的学生约有 1200 =240(人) 【考点】用样本估计总体,扇形统计图,条形统计图 【解析】【分析】(1)根据统计表和扇形统计图中的数据,由总数=频数 频率,频数=总数 频率即 可得答案.(2)由条形统计图中可得“礼行”学生人数,由 360 ,计算即可求得答案.(3) 由条形统计图知“礼源”的学生人数,根据 全校总人数,计算即可求得答案. 21.如图,在等腰ABC 中,AB=AC,以 AC 为直径作O 交 BC 于点 D,过点 D 作 DEAB,垂足 为 E. (1)求证:DE 是O 的切线. (2)若 DE= ,C=30 ,求 的长。

23、 【答案】 (1)证明:如图,连结 OD OC=OD,AB=AC, 1=C,C=B, 1=B, DEAB, 2+B=90 , 2+1=90 , ODE=90 , DE 为O 的切线 (2)解:连结 AD,AC 为O 的直径 ADC=90 AB=AC, B=C=30 ,BD=CD, AOD=60 DE= , BD=CD=2 , OC=2,6 分 AD= 2= 【考点】圆周角定理,切线的判定,弧长的计算 【解析】【分析】(1)连结 OD,根据等腰三角形性质和等量代换得1=B,由垂直定义和三角形 内角和定理得2+B=90 ,等量代换得2+1=90 ,由平角定义得DOE=90 ,从而可得证.(2) 连

24、结 AD,由圆周角定理得ADC=90 ,根据等腰三角形性质和三角形外角性质可得AOD=60 ,在 RtDEB 中, 由直角三角形性质得 BD=CD=2 , 在 RtADC 中, 由直角三角形性质得 OA=OC=2, 再由弧长公式计算即可求得答案. 22.某宾馆有若干间标准房,当标准房的价格为 200 元时,每天入住的房间数为 60 间,经市场调查表 明,该宾馆每间标准房的价格在 170240 元之间(含 170 元,240 元)浮动时,每天入住的房间数 y (间)与每间标准房的价格 x(元)的数据如下表: x(元) 190 200 210 220 y(间) 65 60 55 50 (1)根据所

25、给数据在坐标系中描出相应的点,并画出图象。 (2)求 y 关于 x 的函数表达式、并写出自变量 x 的取值范围. (3)设客房的日营业额为 w(元)。若不考虑其他因素,问宾馆标准房的价格定为多少元时。客房 的日营业额最大?最大为多少元? 【答案】 (1)解:如图所示: (2)解:设 y=kx+b(k0), 把(200,60)和(220,50)代入, 得 ,解得 y= x+160(170x240) (3)解:w=x y=x ( x+160)= x2+160x 对称轴为直线 x= =160, a= 0, 在 170x240 范围内,w 随 x 的增大而减小 故当 x=170 时,w 有最大值,最大

26、值为 12750 元 【考点】二次函数与一次函数的综合应用 【解析】【分析】(1)根据表中数据再平面直角坐标系中先描点、连线即可画出图像.(2)设 y 与 x 的函数表达式为 y=kx+b,再从表中选两个点(200,60),(220,50)代入函数解析式,得到一个 关于 k、b 的二元一次方程组,解之即可得出答案,由题意即可求得自变量取值范围.(3)设日营业 额为 w,由 w=xy=- x2+160x,再由二次函数图像性质即可求得答案. 23.定义:在平面直角坐标系中,对于任意两点 A(a,b),B(c,d),若点 T(x,y)满足 x= , y= ,那么称点 T 是点 A,B 的融合点。 例

27、如:A(-1,8),B(4,-2),当点 T(x,y)满是 x= =1,y= =2 时,则 点 T(1,2)是点 A,B 的融合点, (1)已知点 A(-1,5),B(7,7),C(2,4),请说明其中一个点是另外两个点的融合点。 (2)如图,点 D(3,0),点 E(t,2t+3)是直线 l 上任意一点,点 T(x,y)是点 D,E 的融合点。 试确定 y 与 x 的关系式。 若直线 ET 交 x 轴于点 H,当DTH 为直角三角形时,求点 E 的坐标。 【答案】 (1)解: =2, =4 点 C(2,4)是点 A,B 的融合点 (2)解:由融合点定义知 x= ,得 t=3x-3 又y= ,

28、得 t= 3x-3= ,化简得 y=2x-1 要使DTH 为直角三角形,可分三种情况讨论: (i)当THD=90 时,如图 1 所示, 设 T(m,2m-1),则点 E 为(m,2m+3) 由点 T 是点 E,D 的融合点, 可得 m= 或 2m-1= , 解得 m= ,点 E1( ,6) (ii)当TDH=90 时,如图 2 所示, 则点 T 为(3,5) 由点 T 是点 E,D 的融合点, 可得点 E2(6,15) (iii)当HTD=90 时,该情况不存在 综上所述,符合题意的点为 E1( ,6),E2(6,15) 【考点】定义新运算 【解析】【分析】(1)由题中融合点的定义即可求得答案

29、. (2)由题中融合点的定义可得 y=2x-1,. 结合题意分三种情况讨论: ()THD=90 时,画出图形,由融合点的定义求得点 E 坐标; () TDH=90 时,画出图形,由融合点的定义求得点 E 坐标;()HTD=90 时,由题意知此种情 况不存在. 24.如图,在 RtABC 中,C=90 ,AC=6,BAC=60 ,AD 平分BAC 交 BC 于点 D,过点 D 作 DEAC 交 AB 于点 E,点 M 是线段 AD 上的动点,连结 BM 并延长分别交 DE,AC 于点 F、G。 (1)求 CD 的长。 (2)若点 M 是线段 AD 的中点,求 的值。 (3)请问当 DM 的长满足

30、什么条件时,在线段 DE 上恰好只有一点 P,使得CPG=60 ? 【答案】 (1)解:AD 平分BAC,BAC=60 , DAC= BAC=30 在 RtADC 中,DC=AC tan30 =2 (2)解:易得,BC=6 ,BD=4 由 DEAC,得EDA=DAC,DFM=AGM AM=DM, DFMAGM, AG=DF 由 DEAC,得BFEBGA, (3)解:CPG=60 ,过 C,P,G 作外接圆,圆心为 Q, CQG 是顶角为 120 的等腰三角形。 当Q 与 DE 相切时,如图 1, 过 Q 点作 QHAC, 并延长 HQ 与 DE 交于点 P,连结 QC,QG 设Q 的半径 QP

31、=r 则 QH= r,r+ r=2 , 解得 r= CG= =4,AG=2 易知DFMAGM,可得 ,则 DM= 当Q 经过点 E 时,如图 2, 过 C 点作 CKAB,垂足为 K 设Q 的半径 QC=QE=r,则 QK=3 -r 在 RtEQK 中,12+( -r)2=r2 , 解得 r= , CG= = 易知DFMAGM,可得 DM= 当Q 经过点 D 时,如图 3, 此时点 M 与点 G 重合, 且恰好在点 A 处,可得 DM=4 综上所述,当 DM= 或 DM4 时,满足条件的点 P 只有一个。 【考点】圆的综合题,相似三角形的判定与性质,解直角三角形的应用 【解析】【分析】(1)由

32、角平分线定义得DAC=30 ,在 RtADC 中,根据锐角三角函数正切定义 即可求得 DC 长. (2) 由题意易求得 BC=6 , BD=4 , 由全等三角形判定 ASA 得DFMAGM, 根据全等三角形性质得 DF=AG,根据相似三角形判定得BFEBGA,由相似三角形性质得 ,将 DF=AG 代入即可求得答案.(3)由圆周角定理可得CQG 是顶角为 120 的等腰三角形,再分情况讨论:当Q 与 DE 相切时,结合题意画出图形,过点 Q 作 QHAC,并 延长 HQ 与 DE 交于点 P,连结 QC,QG,设Q 半径为 r,由相似三角形的判定和性质即可求得 DM 长;当Q 经过点 E 时,结合题意画出图形,过点 C 作 CKAB,设Q 半径为 r,在 RtEQK 中,根据勾股定理求得 r,再由相似三角形的判定和性质即可求得 DM 长;当Q 经过点 D 时,结 合题意画出图形,此时点 M 与点 G 重合,且恰好在点 A 处,由此可得 DM 长.

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