(2022高考数学一轮复习(步步高))第8节 函数与方程.doc

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1、第第 8 节节函数与方程函数与方程 考试要求1.结合学过的函数图象,了解函数零点与方程解的关系;2.结合具体 连续函数及其图象的特点,了解函数零点存在定理. 知 识 梳 理 1.函数的零点 (1)函数零点的概念 对于函数 yf(x),把使 f(x)0 的实数 x 叫做函数 yf(x)的零点. (2)函数零点与方程根的关系 方程 f(x)0 有实数根函数 yf(x)的图象与 x 轴有交点函数 yf(x)有零点. (3)零点存在性定理 如果函数 yf(x)满足:在区间a,b上的图象是连续不断的一条曲线; f(a)f(b)0)的图象与零点的关系 b24ac000)的图象 与 x 轴的交点(x1,0)

2、,(x2,0)(x1,0)无交点 零点个数210 常用结论与微点提醒 1.若连续不断的函数 f(x)在定义域上是单调函数,则 f(x)至多有一个零点.函数的 零点不是一个“点”,而是方程 f(x)0 的实根. 2.由函数 yf(x)(图象是连续不断的)在闭区间a,b上有零点不 一定能推出 f(a)f(b)0,如图所示,所以 f(a)f(b)0 是 yf(x)在 闭区间a,b上有零点的充分不必要条件. 3.周期函数如果有零点,则必有无穷多个零点. 诊 断 自 测 1.判断下列结论正误(在括号内打“”或“”) (1)函数 f(x)lg x 的零点是(1,0).() (2)图象连续的函数 yf(x)

3、(xD)在区间(a,b)D 内有零点,则 f(a)f(b)0.() (3)二次函数 yax2bxc(a0)在 b24ac0 时没有零点.() 解析(1)f(x)lg x 的零点是 1,故(1)错. (2)f(a)f(b)0 是连续函数 yf(x)在(a,b)内有零点的充分不必要条件,故(2)错. 答案(1)(2)(3) 2.(老教材必修 1P92A2 改编)已知函数 f(x)的图象是连续不断的, 且有如下对应值 表: x12345 f(x)42147 在下列区间中,函数 f(x)必有零点的区间为() A.(1,2)B.(2,3)C.(3,4)D.(4,5) 解析由所给的函数值的表格可以看出,x

4、2 与 x3 这两个数字对应的函数值 的符号不同,即 f(2)f(3)0, 得 f(x)在 R 上单调递增, 又 f(1)1 e30, 则 f(1)f(0)0.因此函数 f(x)有且只有一个零点. 答案B 4.(2020石家庄模拟)f(x)exx2 在下列哪个区间必有零点() A.(1,0)B.(0,1) C.(1,2)D.(2,3) 解析f(1)1 e 10,f(0)10,f(1)e30,因为 f(1)f(2)0,所以 f(x)在(1,2)内存在零点. 答案C 5.(2019全国卷)函数 f(x)2sin xsin 2x 在0,2的零点个数为() A.2B.3C.4D.5 解析2sin xs

5、in 2x0,得 sin x0 或 cos x1. 又 x0,2,由 sin x0,得 x0,2. 由 cos x1,得 x0,2. f(x)0 有三个实根 0,2,即 f(x)在0,2上有三个零点. 答案B 6.(2020日照调研)若二次函数 f(x)x22xm 在区间(0,4)上存在零点,则实数 m 的取值范围是_. 解析mx22x 在(0,4)上有解, 又x22x(x1)21,yx22x 在(0,4)上的值域为(8,1, 8m1. 答案(8,1 考点一函数零点所在区间的判定 【例 1】 (1)已知函数 f(x) 1 xa为奇函数,g(x)ln x2f(x),则函数 g(x)的零点 所在区

6、间为() A.(0,1)B.(1,2) C.(2,3)D.(3,4) (2)设函数 yx3与 y 1 2 x2 的图象的交点为(x0,y0),若 x0(n,n1),nN, 则 x0所在的区间是_. 解析(1)由函数 f(x) 1 xa为奇函数,可得 a0, 则 g(x)ln x2f(x)ln x2 x. 又 g(2)ln 210, 所以 g(2)g(3)0. 故函数 g(x)的零点所在区间为(2,3). (2)设 f(x)x3 1 2 x2 ,则 x0是函数 f(x)的零点,在同一坐标系 下画出函数 yx3与 y 1 2 x2 的图象如图所示. 因为 f(1)1 1 2 1 10, 所以 f(

7、1)f(2)0,所以 x0(1,2). 答案(1)C(2)(1,2) 规律方法1.确定函数 f(x)的零点所在区间的常用方法: (1)利用函数零点的存在性定理:首先看函数 yf(x)在区间a,b上的图象是否连 续,再看是否有 f(a)f(b)0.若有,则函数 yf(x)在区间(a,b)内必有零点. (2)数形结合法: 通过画函数图象, 观察图象与 x 轴在给定区间上是否有交点来判 断. 2.函数的零点存在性定理只能判断函数在某个区间上的变号零点,不满足条件 时,一定要综合函数性质进行分析判断. 【训练 1】 (2020保定检测)函数 f(x)x4 1 2 x 的零点所在的区间是() A.(0,

8、1)B.(1,2)C.(2,3)D.(3,4) 解析函数 f(x)x4 1 2 x 在 R 上的图象连续不间断. 又 f(1)120,f(1)f(2)1, 2x 11,x1, 则函数 f(x)的零 点个数为() A.0B.1C.2D.3 (2)(2020惠州质检)函数 f(x)|x2|ln x 在定义域内的零点的个数为() A.0B.1C.2D.3 解析(1)当 x1 时,令 f(x)ln(x1)0,得 x2. 当 x1 时,令 f(x)2x 110,得 x1. 函数 f(x)的零点为 x1 与 x2,有 2 个零点. (2)由题意可知 f(x)的定义域为(0,),在同一直角坐标系 中画出函数

9、 y|x2|(x0),yln x(x0)的图象,如图所示. 由图可知函数 f(x)在定义域内的零点个数为 2. 答案(1)C(2)C 规律方法函数零点个数的判断方法: (1)直接求零点,令 f(x)0,有几个解就有几个零点; (2)零点存在性定理,要求函数在区间a,b上是连续不断的曲线,且 f(a)f(b)0 的零点个数为() A.3B.2C.1D.0 (2)函数 f(x) xcos x 在0,)内() A.没有零点B.有且仅有一个零点 C.有且仅有两个零点D.有无穷多个零点 解析(1)法一由 f(x)0 得 x0, x2x20或 x0, 1ln x0, 解得 x2 或 xe. 因此函数 f(

10、x)共有 2 个零点. 法二函数 f(x)的图象如所示, 由图象知函数 f(x)共有 2 个零点. (2)当 x(0,1时,因为 f(x) 1 2 xsin x, x0,sin x0, 所以 f(x)0,故 f(x)在0,1上单调递增,且 f(0)10,所 以 f(x)在0,1内有唯一零点.当 x1 时,f(x) xcos x0,故函数 f(x)在0, )上有且仅有一个零点. 答案(1)B(2)B 考点三函数零点的应用多维探究 角度 1根据函数零点个数求参数 【例 31】 (2020九江联考)已知 f(x) 1 2 |x| (x1), x24x2(x1), 若关于 x 的方程 af(x)恰有两

11、个不同实根,则实数 a 的取值范围是() A. ,1 2 1,2)B. 0,1 2 1,2) C.(1,2)D.1,2) 解析依题意直线 ya 与 yf(x)的图象有两个交点. 作出 ya,yf(x)的图象,如图所示. 又当 x1 时,f(x) 1 2 |x| (0,1; 当 x1 时,f(x)x24x2(x2)22, 当 x2 时,f(x)有最大值 f(2)2. 结合图象,当 a 0,1 2 1,2)时,两图象有 2 个交点. 此时,方程 af(x)有两个不同实根. 答案B 角度 2根据零点的范围求参数 【例 32】 (1)方程 2x3xk 的解在1,2)内,则 k 的取值范围是_. (2)

12、(2020合肥模拟)已知 a,b,c,d 都是常数,ab,cd.若 f(x)2 020(xa)(x b)的零点为 c,d,则下列不等式正确的是() A.acdbB.abcd C.cdabD.cabd 解析(1)令函数 f(x)2x3xk,则 f(x)在 R 上是增函数.当方程 2x3xk 的解 在(1,2)内时,f(1)f(2)0,即(5k)(10k)0,解得 5kcdb. 答案(1)5,10)(2)A 规律方法1.已知函数的零点求参数,主要方法有:(1)直接求方程的根,构建方 程(不等式)求参数;(2)数形结合;(3)分离参数,转化为求函数的最值. 2.已知函数零点的个数求参数范围,常利用数

13、形结合法将其转化为两个函数的图 象的交点问题, 需准确画出两个函数的图象, 利用图象写出满足条件的参数范围. 【训练 3】(1)(角度 1)(2017全国卷)已知函数 f(x)x22xa(ex 1ex1)有唯 一零点,则 a() A.1 2 B.1 3 C.1 2 D.1 (2)(多填题)(角度2)已知f(x)是定义在R上的偶函数, 且f(x2)f(2x), 当x 2,0时,f(x) 2 2 x 1,则 f(3)_;若在(2,6)内关于 x 的方程 f(x) loga(x2)0(a0 且 a1)有且只有 4 个不同的根,则实数 a 的取值范围是 _. 解析(1)f(x)(x1)21a(ex 1

14、e1x),则 f(2x)(2x1)21ae2x1 e1 (2x)(1x)21a(ex1e1x)f(x),即 f(x)的图象关于直线 x1 对称. 若 f(x)有唯一的零点,则只有 f(1)0,a1 2. 或:作出 ya(ex 1ex1)与 yx22x 的图象. 结合函数的最值求解(读者自行完成). (2)由 f(x2)f(2x),得 f(x)f(4x),即函数 yf(x)的图象关于直线 x2 对 称.又 f(x)是定义在 R 上的偶函数,所以 f(4x)f(x)f(x),即 f(4x)f(x), 则 f(x)是以 4 为周期的函数.则 f(3)f(34)f(1) 2 2 1 1 21.画出函

15、数 f(x)与函数 yloga(x2)在(2, 6)上的图象如图所示.要使函数 f(x)与 yloga(x 2)的图象有 4 个不同的交点,则有 a1, loga(62)1,解得 a8,即实数 a 的 取值范围是(8,). 答案(1)C(2) 21(8,) 直观想象解嵌套函数的零点问题 函数的零点是高考命题的热点,主要涉及判断函数零点的个数或范围,常考查三 次函数与复合函数相关零点,与函数的性质和相关问题交汇.对于嵌套函数的零 点,通常先“换元解套”,将复合函数拆解为两个相对简单的函数,借助函数的 图象、性质求解. 类型 1嵌套函数零点个数的判断 【例 1】 已知 f(x) |lg x|,x0

16、, 2|x|,x0, 则函数 y2f(x)23f(x)1 的零点个数是 _. 解析由 2f(x)23f(x)10 得 f(x)1 2或 f(x)1, 作出函数 yf(x)的图象如图所示. 由图象知 y1 2与 yf(x)的图象有 2 个交点,y1 与 yf(x)的图象有 3 个交点. 因此函数 y2f(x)23f(x)1 的零点有 5 个. 答案5 【例 2】 已知函数 f(x) 2x2 2 ,x1, |log2(x1)|,x1, 则函数 F(x)f(f(x)2f(x)3 2的 零点个数是() A.4B.5C.6D.7 解析令 f(x)t, 则函数 F(x)可化为 yf(t)2t3 2, 则函

17、数 F(x)的零点问题可转 化为方程 f(t)2t3 20 的根的问题. 令 yf(t)2t3 20,则 f(t)2t 3 2. 分别作出 yf(t)和 y2t3 2的图象,如图,由图象可得有两个交点,横坐标设 为 t1,t2(不妨设 t1t2),则 t10,1t22; 由图,结合图象,当 f(x)0 时,有一解,即 x2; 当 f(x)t2时,结合图象,有 3 个解. 所以 yff(x)2f(x)3 2共有 4 个零点. 答案A 思维升华1.上述两个题目涉及嵌套函数零点个数的判断.求解的主要步骤:(1) 换元解套,转化为 tg(x)与 yf(t)的零点.(2)依次解方程,令 f(t)0,求

18、t,代入 tg(x)求出 x 的值或判断图象交点个数. 2.抓住两点:(1)转化换元.(2)充分利用函数的图象与性质. 类型 2求嵌套函数零点中的参数 【例 3】 函数 f(x) ln(x1),xt1),则 t11,t21. 当 t11,则函数 f(x)的零点为( ) A.1 2,0 B.2,0C.1 2 D.0 解析当 x1 时,令 f(x)2x10,解得 x0; 当 x1 时,令 f(x)1log2x0,解得 x1 2, 又因为 x1,所以此时方程无解. 综上,函数 f(x)的零点只有 0. 答案D 2.若 abc,则函数 f(x)(xa)(xb)(xb)(xc)(xc)(xa)的两个零点

19、分 别位于区间() A.(a,b)和(b,c)内B.(,a)和(a,b)内 C.(b,c)和(c,)内D.(,a)和(c,) 解析ab0, f(b)(bc)(ba)0, 由函数零点存在性定理可知,在区间(a,b),(b,c)内分别存在零点,又函数 f(x) 是二次函数,最多有两个零点,因此函数 f(x)的两个零点分别位于区间(a,b), (b,c)内. 答案A 3.函数 f(x)2x2 xa 的一个零点在区间(1,2)内,则实数 a 的取值范围是( ) A.(1,3)B.(1,2) C.(0,3)D.(0,2) 解析因为函数 f(x)2x2 xa 在区间(1,2)上单调递增,又函数 f(x)2

20、 x2 xa 的一个零点在区间(1,2)内,则有 f(1)f(2)0, 所以(a)(41a)0,即 a(a3)0,所以 0a0 (aR),若函数 f(x)在 R 上有两个零点,则 a 的 取值范围是() A.(,1)B.(,1) C.(1,0)D.1,0) 解析当 x0 时,f(x)3x1 有一个零点 x1 3. 因此当 x0 时,f(x)exa0 只有一个实根, aex(x0),则1a0. 答案D 5.已知 f(x)是奇函数且是 R 上的单调函数, 若函数 yf(2x21)f(x)只有一个 零点,则实数的值是() A.1 4 B.1 8 C.7 8 D.3 8 解析令 yf(2x21)f(x

21、)0,则 f(2x21)f(x)f(x),因为 f(x) 是 R 上的单调函数, 所以 2x21x,又函数 yf(2x21)f(x)只有一个零点,所以 2x2x1 0 只有一个实根,则18(1)0,解得7 8. 答案C 6.已知函数 f(x)2xx1,g(x)log2xx1,h(x)log2x1 的零点依次为 a, b,c,则() A.abcB.acb C.bcaD.bac 解析令函数 f(x)2xx10,可知 x0,即 a0; 令 g(x)log2xx10,则 0 x1,即 0b1; 令 h(x)log2x10,可知 x2,即 c2.显然 ab1(aR),若关于 x 的方程 f(x)2a 恰

22、有两个不同的实根,则实数 a 的取值范围为() A. 1 2,1B. 1 2 C. 3 8, 1 2 (1,)D.R 解析作出函数 f(x)的图象如图: 因为关于 x 的方程 f(x)2a 恰有两个不同实根, 所以 y2a 与函数 yf(x)的图象恰有两个交点,结合图象, 得 2a2 或3 41 或3 8a 1 2. 答案C 8.已知函数 f(x) ln(x1)(x0), x33x(x0), 若函数 yf(x)k 有三个不同的零点, 则实数 k 的取值范围是() A.(2,2)B.(2,1)C.(0,2)D.(1,3) 解析当 x0 时,f(x)x33x,则 f(x)3x23, 令 f(x)0

23、,所以 x1(舍去正根), 故 f(x)在(,1)上单调递增,在(1,0)上单调递减, 又 f(x)ln(x1)在0,)上单调递增, 则函数 f(x)的图象如图所示. 当 x0 时,f(x)极大值f(1)2,且 f(0)0, 故当 k(0,2)时,yf(x)k 有三个不同的零点. 答案C 二、填空题 9.已知函数 f(x) 2 3x1a 的零点为 1,则实数 a 的值为_. 解析依题意,f(1) 2 31a0,a 1 2. 答案1 2 10.(2018全国卷)函数 f(x)cos 3x 6 在0,的零点个数是_. 解析由题意知,cos 3x 6 0,所以 3x 6 2k,kZ,所以 x 9 k

24、 3 , kZ,当 k0 时,x 9;当 k1 时,x 4 9 ;当 k2 时,x7 9 ,均满足题意, 所以函数 f(x)在0,的零点个数为 3. 答案3 11.(2020济南质检)若 x1是方程 xex1 的解,x2是方程 xln x1 的解,则 x1x2等 于_. 解析x1,x2分别是函数 yex,函数 yln x 与函数 y1 x的图象的交点 A,B 的 横坐标,所以 A x1,1 x1,B x2,1 x2两点关于 yx 对称,因此 x1x21. 答案1 12.函数 f(x) ln(x)a,x0, f(x1),x0 (aR),当 0 x1 时,f(x)1x,则 f(x) 的零点个数为_

25、. 解析当 x0 时,必存在 x0e a0,使得 f(x0)0,因此对任意实数 a,f(x) 在(,0)内必有一个零点;当 x0 时,f(x)是周期为 1 的周期函数,且 0 x0)的最小值为8, 则实数a所在的区间是() A.(5,6)B.(7,8)C.(8,9)D.(9,10) 解析由于 f(x)在0,)上是增函数,在(,0)上是减函数, f(x)minf(0)alog2a8. 令 g(a)alog2a8,a0. 则 g(5)log2530, 又 g(a)在(0,)上是增函数, 实数 a 所在的区间为(5,6). 答案A 14.(2019天津卷)已知函数 f(x) 2 x,0 x1, 1

26、x,x1. 若关于 x 的方程 f(x)1 4x a(aR)恰有两个互异的实数解,则 a 的取值范围为() A. 5 4, 9 4B. 5 4, 9 4 C. 5 4, 9 4 1D. 5 4, 9 4 1 解析画出函数 yf(x)的图象,如图. 方程 f(x)1 4xa 的解的个数,即为函数 yf(x)的图象与直 线 l:y1 4xa 的公共点的个数. 当直线 l 经过点 A 时,有 21 41a,a 9 4; 当直线 l 经过点 B 时,有 11 41a,a 5 4; 由图可知,a 5 4, 9 4 时,函数 yf(x)的图象与 l 恰有两个交点. 另外,当直线 l 与曲线 y1 x,x1

27、 相切时,恰有两个公共点,此时 a0. 联立 y1 x, y1 4xa, 得1 x 1 4xa,即 1 4x 2ax10, 由a241 410,得 a1(舍去负根). 综上,a 5 4, 9 4 1. 答案D 15.已知函数 f(x)exe x4,若方程 f(x)kx4(k0)有三个不同的实根 x1,x2, x3,则 x1x2x3_. 解析易知 yexe x 为奇函数, 且其图象向上平移 4 个单位, 得 yf(x)的图象. 所以 yf(x)的图象关于点(0,4)对称, 又 ykx4 过点(0,4)且关于点(0,4)对称. 方程 f(x)kx4 的三个根中有一个为 0,且另两根之和为 0.因此

28、 x1x2x3 0. 答案0 16.已知函数 f(x) x2,0 x1, |ln(x1)|,x1,若方程 f(x)kx2 有两个不相等的实数 根,则实数 k 的取值范围是_. 解析由题意知函数 f(x)的图象与恒过定点(0, 2)的直线 ykx2 有两个交点, 作出 yf(x)与 ykx2 的图象,如图所示. 当直线 ykx2 过点(1,1)时,k3. 结合图象知,当 k3 时,直线与 yf(x)图象有两个交点. 答案3,) C 级创新猜想 17.(新定义题)已知 a,bR,定义运算“”:ab a,ab1, b,ab1. 设函数 f(x) 2x 1(24x),xR.若函数 yf(x)c 的图象

29、与 x 轴恰有两个公共点,则实数 c 的取值范围是() A.(0,1)B.(0,2)(2,3) C.(0,2)D.(0, 31)( 31,2) 解析若 2x 1(24x)1,则(2x)222x30,即 2x1,解得 x0;若 2x 1(24x)1, 则(2x)222x30, 解得 2x1 或 2x3(舍去), 即 x0.f(x) 2x 1,x0, 24x,x0.作出函数 f(x)的图象和 yc 的图象如图所示.yf(x)c 有两个 零点,f(x)c 有两个解,0c1.故选 A. 答案A 18.(多填题)(2018浙江卷)已知R,函数 f(x) x4,x, x24x3,x. (1)当2 时,不等式 f(x)0 的解集是_. (2)若函数 f(x)恰有 2 个零点,则的取值范围是_. 解析(1)若2, 当 x2 时, 令 x40, 得 2x4; 当 x2 时, 令 x24x30, 解得 1x2.综上可知,1x4,所以不等式 f(x)0 的解集为(1,4). (2)令 f(x)0,当 x时,x4, 当 x时,x24x30, 解得 x1 或 x3. 因为函数 f(x)恰有 2 个零点, 结合如图函数的图象知, 14. 答案(1)(1,4)(2)(1,3(4,)

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