(数学)北京市朝阳区2017届高三二模试题(理).doc

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1、北京市朝阳区2017届高三二模数学试题(理)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项1已知i为虚数单位,则复数对应的点位于( ) A第一象限 B第二象限 C第三象限 D第四象限2执行如图所示的程序框图,则输出的值是( )A23 B31 C32 D633“”是“”的( )A充分而不必要条件 B必要而不充分条件C充分必要条件 D既不充分也不必要条件4已知函数的最小正周期为,则( )A函数的图象关于原点对称B函数的图象关于直线对称C函数图象上的所有点向右平移个单位长度后,所得的图象关于原点对称D函数在区间上单调递增5现将5张连号的电影票分给甲、

2、乙等5个人,每人一张,且甲、乙分得的电影票连号,则共有不同分法的种数为( )A12 B 24 C36 D 486某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥最长的棱长为( )A B C D7已知函数 且若函数的图象上有且只有两个点关于轴对称,则的取值范围是( )A B C D8中国古代儒家要求学生掌握六种基本才艺:礼、乐、射、御、书、数,简称“六艺”某 中学为弘扬“六艺”的传统文化,分别进行了主题为“礼、乐、射、御、书、数”六场传统文化知识的竞赛现有甲、乙、丙三位选手进入了前三名的最后角逐规定:每场知识竞赛前三名的得分都分别为且;选手最后得分为各场得分之和在六场比赛后,已知甲最后得分为26分,乙和丙最

3、后得分都为11分,且乙在其中一场比赛中获得第一名,则下列说法正确的是( )A每场比赛第一名得分为4 B甲可能有一场比赛获得第二名 C乙有四场比赛获得第三名 D丙可能有一场比赛获得第一名二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分9双曲线的渐近线方程是 ,离心率是 10若平面向量,且,则的值是 11等比数列an的前n项和为已知,则an的通项公式 , 12在极坐标系中,圆被直线所截得的弦长为 13已知满足若有最大值8,则实数的值为 14已知两个集合,满足若对任意的,存在,使得 (),则称为的一个基集若 ,则其基集元素个数的最小值是 三、解答题:本大题共6小题,共80分解答应写出文字说明,演算步

4、骤或证明过程15(本小题满分13分)在中, 角的对边分别为,且,()求的值;()若,求的面积16(本小题满分13分)从某市的中学生中随机调查了部分男生,获得了他们的身高数据,整理得到如下频率分布直方图()求的值;()假设同组中的每个数据用该组区间的中点值代替,估计该市中学生中的全体男生的平均身高;()从该市的中学生中随机抽取一名男生,根据直方图中的信息,估计其身高在180 cm 以上的概率若从全市中学的男生(人数众多)中随机抽取人,用表示身高在以上的男生人数,求随机变量的分布列和数学期望17(本小题满分14分)如图1,在中,分别为边的中点,点分别为线段的中点将沿折起到的位置,使点为线段上的一点

5、,如图2()求证:;()线段上是否存在点使得平面?若存在,求出的长,若不存在,请说明理由;()当时,求直线与平面所成角的大小18(本小题满分13分)已知椭圆:的上下顶点分别为,且点分别为椭圆的左、右焦点,且 ()求椭圆的标准方程;()点是椭圆上异于,的任意一点,过点作轴于,为线段 的中点直线与直线交于点,为线段的中点,为坐标原点求 的大小19(本小题满分14分)已知函数,()当时,求函数的单调区间;()若曲线在点处的切线与曲线切于点,求的值;()若恒成立,求的最大值20(本小题满分13分)各项均为非负整数的数列同时满足下列条件: ; ;是的因数()()当时,写出数列的前五项; ()若数列的前三

6、项互不相等,且时,为常数,求的值;()求证:对任意正整数,存在正整数,使得时,为常数参考答案一、选择题题号(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)(8)答案BBACDC DC二、填空题题号(9)(10)(11)(12)(13)(14)答案24三、解答题: (15)解:()因为,所以所以所以()因为,所以又因为,所以所以(16)解:()根据题意得:解得 ()设样本中男生身高的平均值为,则所以估计该市中学全体男生的平均身高为()从全市中学的男生中任意抽取一人,其身高在以上的概率约为由已知得,随机变量的可能取值为所以;随机变量的分布列为因为,所以(17)解:()因为,所以为等边三角形又因为点为线段

7、的中点,所以由题可知,所以平面因为平面,所以又,所以平面所以 ()由()知平面,如图,建立空间直角坐标系,则,设平面的一个法向量为,,,所以即令,所以,所以假设在线段上存在点,使平面设,.又,所以所以.则.所以.解得,.则在线段上存在中点,使平面且 ()因为,又,所以所以又因为,所以 因为设直线与平面所成角为,则直线与平面所成角为.(18)解:()依题意,得又,在中,所以所以椭圆的标准方程为()设,则,因为点在椭圆上,所以即又,所以直线的方程为令,得又,为线段的中点,所以所以,因为,所以(19)解:(),则.令得,所以在上单调递增.令得,所以在上单调递减.()因为,所以,所以的方程为.依题意,

8、.于是与抛物线切于点,由得.所以 ()设,则恒成立.易得(1)当时,因为,所以此时在上单调递增.若,则当时满足条件,此时;若,取且此时,所以不恒成立不满足条件;(2)当时,令,得由,得;由,得所以在上单调递减,在上单调递增.要使得“恒成立”,必须有“当时,”成立.所以.则令则令,得由,得;由,得所以在上单调递增,在上单调递减,所以,当时,从而,当时,的最大值为.综上,的最大值为.(20)解:()5,1,0,2,2. ()因为,所以,又数列的前3项互不相等,(1)当时,若,则,且对,都为整数,所以;若,则,且对,都为整数,所以;(2)当时,若,则,且对,都为整数,所以,不符合题意;若,则,且对,都为整数,所以;综上,的值为.()对于,令,则.又对每一个,都为正整数,所以,其中“”至多出现个.故存在正整数,当时,必有成立.当时,则.从而.由题设知,又及均为整数,所以,故常数.从而常数.故存在正整数,使得时,为常数.

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