1、2021年辽宁省新高考物理试题（75分钟）一、单选题11935年5月，红军为突破“围剿”决定强渡大渡河。首支共产党员突击队冒着枪林弹雨依托仅有的一条小木船坚决强突。若河面宽300m，水流速度3m/s，木船相对静水速度1m/s，则突击队渡河所需的最短时间为（）A75sB95sC100sD300s2赫兹在研究电磁波的实验中偶然发现，接收电路的电极如果受到光照，就更容易产生电火花。此后许多物理学家相继证实了这一现象，即照射到金属表面的光，能使金属中的电子从表面逸出。最初用量子观点对该现象给予合理解释的科学家是（）A玻尔B康普顿C爱因斯坦D德布罗意3某驾校学员在教练的指导下沿直线路段练习驾驶技术，汽车
2、的位置x与时间t的关系如图所示，则汽车行驶速度v与时间t的关系图像可能正确的是（）ABCD4一束复色光从空气射入光导纤维后分成a、b两束单色光，光路如图所示，比较内芯中的a、b两束光，a光的（）A频率小，发生全反射的临界角小B频率大，发生全反射的临界角小C频率小，发生全反射的临界角大D频率大，发生全反射的临界角大5如图所示，N匝正方形闭合金属线圈abcd边长为L，线圈处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，绕着与磁场垂直且与线圈共面的轴OO以角速度匀速转动，ab边距轴。线图中感应电动势的有效值为（）ABCD6等量异号点电荷固定在水平向右的匀强电场中，电场分布如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线
3、。将同一负电荷先后置于a、b两点，电势能分别为Epa和Epb，电荷所受电场力大小分别为Fa和Fb，则（）A，FaFbB，FaFbD，Fa0区域内存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场；在x0）的粒子甲从点S（-a，0）由静止释放，进入磁场区域后，与静止在点P（a，a）、质量为的中性粒子乙发生弹性正碰，且有一半电量转移给粒子乙。（不计粒子重力及碰撞后粒子间的相互作用，忽略电场、磁场变化引起的效应）（1）求电场强度的大小E；（2）若两粒子碰撞后，立即撤去电场，同时在x0区域内加上与x0区域内相同的磁场，求从两粒子碰撞到下次相遇的时间t；（3）若两粒子碰撞后，粒子乙首次离开第一象限时，撤去电
4、场和磁场，经一段时间后，在全部区域内加上与原x0区域相同的磁场，此后两粒子的轨迹恰好不相交，求这段时间内粒子甲运动的距离L。参考答案1D【详解】河宽一定，当木船船头垂直河岸时，在河宽方向上的速度最大，渡河用时最短，即木船相对静水的速度，渡河时间最短为故选D。2C【详解】A玻尔引入量子化的观念解释了氢原子光谱，与题意不符，A错误；B康普顿提出康普顿效应，发现了光子不仅具有能量，还具有动量，证明了光具有粒子性，与题意不符，B错误；C爱因斯坦提出光子说，从理论上解释了光电效应的实验现象，符合题意，C正确；D德布罗意提出一切物质都具有波粒二象性，与题意不符，D错误。故选C。3A【详解】图象斜率的物理意
5、义是速度，在时间内，图象斜率增大，汽车的速度增大；在时间内，图象斜率不变，汽车的速度不变；在时间内，图象的斜率减小，汽车做减速运动，综上所述可知A中图象可能正确。故选A。4C【详解】由光路图可知a光的偏折程度没有b光的大，因此a光的折射率小，频率小，由全反射可知折射率越小发生全反射的临界角越大。故选C。5B【详解】交流电的最大值和两条边到转轴的距离无关，为因此有效值为故选B。6D【详解】电场线的疏密程度表示场强的大小，因此，原匀强电场水平向右，正负电荷的电场线由正电荷指向负电荷，因此可知图中的电场线方向为从左指向右，因此由对称性可知b点电势小于a点电势，可知负电荷。故选D。7A【详解】根据图b
6、可知t=2s时x=2m处的质点正经过平衡位置向下振动；又因为该波向负方向传播，结合图a，利用“上下坡”法可知x=2m为半波长的奇数倍，即有 （n=1，2，3 ）而由图b可知该波的周期为T=4s；所以该波的波速为（n=1，2，3 ）当n=3时可得波的速率为故选A。8AB【详解】A探测器在近火星轨道和近地轨道作圆周运动，根据可知若已知探测器在近火星轨道和近地轨道的速率比和周期比，则可求得探测器的运行半径比；又由于探测器在近火星轨道和近地轨道运行，轨道半径近似等于火星和地球的半径比，故A正确；B根据万有引力提供向心力有可得结合A选项分析可知可以求得火星和地球的质量之比，故B正确C由于探测器运行的周期
7、之比不是火星或地球的自转周期之比，故不能求得火星和地球的自转角速度之比；故C错误；D由于题目中我们只能求出火星和地球的质量之比和星球半径之比，根据现有条件不能求出火星和地球的公转半径之比，故D错误。故选AB。9BC【详解】AB由图可知在0t0时间段内产生的感应电动势为根据闭合电路欧姆定律有此时间段的电流为在时磁感应强度为，此时安培力为故A错误，B正确；C由图可知在时，磁场方向垂直纸面向里并逐渐增大，根据楞次定律可知产生顺时针方向的电流，再由左手定则可知金属棒受到的安培力方向竖直向上，故C正确；D由图可知在时，磁场方向垂直纸面向外，金属棒向下掉的过程中磁通量增加，根据楞次定律可知金属棒中的感应电
8、流方向向左，故D错误。故选BC。10CD【详解】设斜面倾角为，游客在倾斜滑道上均减速下滑，则需满足可得即有因，所有游客在倾斜滑道上均减速下滑，可得滑行结束时停在水平滑道上，由全程的动能定理有其中，可得，代入，可得，综合需满足和故选CD。11匀速直线 【详解】（1）1根据图象可知，下落的距离随时间均匀变化，所以小球近似做匀速直线运动（2）2根据图象可知小球下落的速度为小球下落过程中受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和阻力，小球做匀速直线运动，受力平衡式中表示液体对小球的浮力，代入数据可得比例系数（3）3若选择一个密度更大，体积相同的小球，浮力不变，根据可知小球的质量增大，根据平衡方程可知小球的速
9、度增大，所以在相同的时间内小球下落的高度增大，所以该直线可能是图象中的虚线。12 2 AC 减小 【详解】（1）1微安表的内阻，满偏电流，串联后改装为的电压表，所以满足代入数据解得（2）2开关闭合前，将滑动变阻器的滑片移动到2端，这样测量电路部分的分压为0，便于检测改装后的电表。（3）3开关闭合，调节滑动变阻器，电表示数变化不明显，说明分压电路未起作用，可能是1、2之间断路或者3、5间短路，整个电路变为限流线路，滑动变阻器的阻值远小于检测电表的电路部分的电阻，所以微安表示数变化不明显；若是3、4间断路，电路断开，微安表无示数。故选AC。（4）4标准电压表的示数为，若改装电压表也为，此时微安表的
10、示数为但此时微安表示数为，说明的阻值偏大，所以应该减小的阻值。13（1）；（2）【详解】（1）小包裹的速度大于传动带的速度，所以小包裹受到传送带的摩擦力沿传动带向上，根据牛顿第二定律可知解得（2）根据（1）可知小包裹开始阶段在传动带上做匀减速直线运动，用时在传动带上滑动的距离为因为小包裹所受滑动摩擦力大于重力沿传动带方向上的分力，即，所以小包裹与传动带共速后做匀速直线运动至传送带底端，匀速运动的时间为所以小包裹通过传送带的时间为14(1) ;(2) 【详解】（1）汽缸中的温度不变，则发生的是等温变化，设气缸内的气体在目标位置的压强为，由玻意耳定律解得由目标处的内外压强差可得解得（2）有胡克定律
11、可知弹簧的压缩量变为原来的，则活塞收到弹簧的压强也变为原来的，即设此时气缸内气体的压强为，对活塞压强平衡可得由理想气体状态方程可得其中解得15（1）；（2）；（3）【详解】（1）粒子甲匀速圆周运动过P点，则在磁场中运动轨迹半径R=a，则则粒子从S到O，有动能定理可得可得（2）甲乙粒子在P点发生弹性碰撞，设碰后速度为、，取向上为正，则有计算可得，两粒子碰后在磁场中运动，解得，两粒子在磁场中一直做轨迹相同的匀速圆周运动，周期分别为，则两粒子碰后再次相遇解得再次相遇时间（3）乙出第一象限时甲在磁场中偏转角度为撤去电场磁场后，两粒子做匀速直线运动，乙粒子运动一段时间后，再整个区域加上相同的磁场，粒子在磁场中仍做半径为a的匀速圆周运动，要求轨迹恰好不相切，则如图所示设撤销电场、磁场到加磁场乙运动了，由余弦定理可得，则从撤销电场、磁场到加磁场乙运动的位移答案第9页，共9页
