1、2020 年年全国全国高考考前冲刺高考考前冲刺押题押题卷卷 物理物理 （考试时间：90 分钟 试卷满分：110 分） 第卷 一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 15 题只有一项符合题目要求， 第 68 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错或不答的得 0 分。 1下列说法不正确的是( ) A238 92U 经过一次 衰变后变为 234 90Th B由核反应方程137 55Cs 137 56BaX，可以判断 X 为电子 C核反应方程42He14 7N 17 8O 1 1H 为轻核聚变 D若 16 g 铋 210 经过 1
2、5 天时间，还剩 2 g 未衰变，则铋 210 的半衰期为 5 天 【答案】C 【解析】 238 92U 经过一次 衰变后，电荷数少 2，质量数少 4，变为 234 90Th，A 正确；根据电荷数守恒、质量 数守恒知，X 的电荷数为1，质量数为 0，可知 X 为电子，B 正确；42He14 7N 17 8O 1 1H 为人工转变，C 错 误；根据 mm0 1 2 t T，可得 1 2 15 T 1 8，解得 T5 天，D 正确 2如图所示，水平直杆 OP 右端固定于竖直墙上的 O 点，长为 L2 m 的轻绳一端固定于直杆 P 点，另一 端固定于墙上 O 点正下方的 Q 点，OP 长为 d1.2
3、 m，重为 8 N 的钩码由光滑挂钩挂在轻绳上处于静止状 态，则轻绳的弹力大小为( ) A10 N B8 N C6 N D5 N 【答案】D 【解析】设挂钩所在处为 N 点，延长 PN 交墙于 M 点，如图所示同一条绳子拉力相等， 根据对称性可知两边的绳子与竖直方向的夹角相等，设为 ，则根据几何关系可知 NQ MN，即 PM 等于绳长；根据几何关系可得 sin PO PM 1.2 20.6，则 37 ，根据平衡 条件可得 2Tcos mg，解得 T5 N，故 D 正确，A、B、C 错误 3如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为 H.上升第一个H 4所用的时间 为 t
4、1，第四个H 4所用的时间为 t2.不计空气阻力，则 t2 t1满足( ) A10)为球心的球面上，c 点在球面外，则( ) Aa 点场强的大小比 b 点大 Bb 点场强的大小比 c 点小 Ca 点电势与 b 点电势相同 Db 点电势比 c 点低 【答案】CD 【解析】由点电荷的场强公式 Ek Q r2知，a、b 两点与Q 距离相等， 场强大小相等，A 错；由 Ek Q r2知， 离Q 越近， 场强越大， 故b点场强大小比c点大 或由负点电荷形成的电场的电场线形状是“万箭穿心”， 离点电荷越近电场线越密，场强越大，得出 b 点的场强大小比 c 点的大，B 错；点电荷形成的电场的等势面 是以点电
5、荷为球心的一簇球面，离Q 距离相等的两点的电势相等，C 对；沿电场线的方向是电势降落最快 的方向，得出离Q 越近，电势越低，D 对 8如图，空间中存在一匀强磁场区域，磁场方向与竖直面(纸面)垂直，磁场的上、下边界(虚线)均为水平面； 纸面内磁场上方有一个矩形导线框 abcd，其上、下两边均与磁场边界平行，已知矩形导线框长为 2l，宽为 l，磁场上、下边界的间距为 3l.若线框从某一高度处自由下落，从 cd 边进入磁场时开始，直至 cd 边到达磁 场下边界为止，不计空气阻力，下列说法正确的是( ) A线框在进入磁场的过程中感应电流的方向为 adcba B线框下落的速度大小可能始终减小 C线框下落
6、的速度大小可能先减小后增加 D线框下落过程中线框的重力势能全部转化为内能 【答案】AC 【解析】根据楞次定律，线框在进入磁场的过程中感应电流的方向为 adcba，选项 A 正确；线圈开始进入磁 场后受向上的安培力作用，若安培力大于重力，则线圈进入磁场时做减速运动，线圈完全进入磁场后无感 应电流产生，此时不受安培力，只在重力作用下做匀加速运动，选项 B 错误，选项 C 正确；线框下落过程 中，若线圈加速进入磁场，则线框的重力势能转化为线圈的动能和内能；若线圈减速进入磁场，则重力势 能和减小的动能之和转化为内能；若线圈匀速进入磁场，则重力势能转化为内能，选项 D 错误 第卷 二、非选择题：本卷包括
7、必考题和选考题两部分。第 912 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 1314 题为选考题，考生根据要求作答。 （一）必考题（共 47 分） 9（6 分）橡皮筋像弹簧一样，也遵守胡克定律，即在弹性限度内伸长量x 与弹力 F 成正比，可表达为 F=kx，某同学用铁架台、刻度尺、钩码和待测橡皮筋组成如图所示装置，测定橡皮筋的劲度系数，是通过 改变钩码个数测得一系列弹力 F 与橡皮筋总长度 x 的值，并作出 F 一 x 图象如图请回答下列问题： （1）若将图线延长与 F 轴相交，该交点的物理意义是 。 （2）由图线计算得该橡皮筋的劲度系数为 ； （3） 橡皮筋的劲度系数的值与橡皮筋未受到拉力时的
8、长度 L、 横截面积 S 有关， 理论与实际都表明 k=YS/L， 其中 Y 是一个由材料决定的常数，材料力学上称之为杨氏模量。已知该实验所测橡皮筋未受到拉力时圆形 横截面的直径 D=4.00 mm，则其杨氏模量 Y= 。 【答案】(1)相当于弹簧压缩 1cm 时的弹力（2 分） （2）24N/m（2 分） （3）1.15 105Pa。 （2 分） 【解析】(1) 由图线可知，橡皮筋原长为 6cm。若将图线延长与 F 轴相交，橡皮筋长度为 5cm，对应弹力为 负值，该交点的物理意义是相当于橡皮筋压缩 1cm 时的弹力。 （2）由 F=kx=k(x-x0)可知，F一x 图象斜率等于橡皮筋的劲度系
9、数 k，k=24N/m。 （3）橡皮筋横截面积 S=D2/4=1.256 10-5m2，L=0.06m, k=24N/m 代入 k=YS/L，解得 Y=1.15 105Pa。 10 （9 分）某研究性学习小组准备测定实验室里一未知电源的电动势 E 和内阻 r。实验器材如下： 毫安表 mA（量程 0100 mA）； 电压表 V（量程 06 V）； 滑动变阻器 R（阻值范围 0500 ）； 导线若干，开关 S 一个。 实验步骤如下并完成下列问题： （1）设计如图 1 所示的电路图，正确连接如图 2 所示电路； 题 3-6 图 （2）闭合开关 S，将滑动变阻器 R 的滑片移到_端（选填左或右）；多次
10、调节滑动变阻器 的滑片，记下电压表的示数 U 和毫安表的示数 I；某次测量时毫安表的示数如图 3 所示，其读数为 _mA。 （3）通过减小滑动变阻器接入电路的阻值测出多组 U 和 I 的数据，最后得到如图 4 所示的 UI 图象。 根据图线求得电源的电动势 E=_，内阻 r=_。（结果保留两位有效数字即可） 【答案】（1）如图所示（达到同等效果同样正确）（2 分） （2）右（1 分） 58.0（57.858.2 均可） （2 分）（3）6.0 （2 分） 25 （2 分） 【解析】（1）电路实物连接图如答案图所示。 （2）为了让电流由最小开始调节，开始时滑动变阻器阻值滑到最大位置，故应滑到右端
11、，由图可知，电流 表最小分度为 1 mA，故读数为 58.0 mA； （3）将图 4 所示的图线向两头延长，图线与纵坐标的交点表示电源的电动势，故 E=6.0 V；图线的斜率表 示内阻，可解得 r= U I =25 。 11（14 分）如图甲所示，竖直面 MN 的左侧空间中存在竖直向上的匀强电场（上、下及左侧无边界）。 一个质量为 m、电荷量为 q、可视为质点的带正电小球，以水平初速度 v0沿 PQ 向右做直线运动。若小 球刚经过 D 点时（t=0），在电场所在空间叠加如图乙所示随时间周期性变化、垂直纸面向里的匀强磁 场，使得小球再次通过 D 点时与 PQ 连线成 600角。已知 DQ 间的距
12、离为( 3+1)L，t0小于小球在磁场 中做圆周运动的周期，忽略磁场变化造成的影响，重力加速度为 g。求： （1）电场强度 E 的大小； （2）t0与 t1的比值； （3）小球过 D 点后将做周期性运动，则当小球运动的周期最大时，求出此时的磁感应强度 B0及运动的 最大周期 Tm的大小，并在图中画出此情形下小球运动一个周期的轨迹。 11【答案】（1） mg E q （2） 0 1 4 3 9 t t （3） 0 0 mv B qL m 0 (46 3)L T v 【解析】（1）带正电的小球做匀速直线运动，由平衡知识可知：mg=Eq（2 分） 解得 mg E q （1 分） （2）小球能再次通过
13、 D 点，其运动轨迹如图所示 设半径为 r，有 0 1 sv t（1 分） 由几何关系得 tan30 r s （1 分） 设小球做圆周运动的周期为 T，则 0 2r T v 0 2 3 tT（1 分） 由以上各式得 0 1 4 3 9 t t （2 分） （3）当小球运动的周期最大时，其运动轨迹应与 MN 相切，如图所示 由几何关系得( 31) tan30 R RL （1 分） 由牛顿第二定律得 2 0 0 v qv Bm R （1 分） 得 0 0 mv B qL （1 分） 1 2 326 3tan30 R sL （1 分） 可得 1 m 00 (46 3)sL T vv （2 分） 小球
14、运动一个周期的轨迹如图所示。 12（18分）竖直面内一倾斜轨道与一足够长的水平轨道通过一小段光滑圆弧平滑连接，小物块B静止于水 平轨道的最左端，如图（a）所示。t=0时刻，小物块A在倾斜轨道上从静止开始下滑，一段时间后与B发生 弹性碰撞（碰撞时间极短）；当A返回到倾斜轨道上的P点（图中未标出）时，速度减为0，此时对其施加一 外力，使其在倾斜轨道上保持静止。物块A运动的vt图像如图（b）所示，图中的v1和t1均为未知量。已知 A的质量为m，初始时A与B的高度差为H，重力加速度大小为g，不计空气阻力。 （1）求物块B的质量； （2）在图（b）所描述的整个运动过程中，求物块 A 克服摩擦力所做的功；
15、 （3）已知两物块与轨道间的动摩擦因数均相等，在物块 B 停止运动后，改变物块与轨道间的动摩擦因数， 然后将 A 从 P 点释放，一段时间后 A 刚好能与 B 再次碰上。求改变前后动摩擦因数的比值。 【答案】（1）3m （2） 2 15 mgH （3） 11 = 9 【解析】（1）根据图（b），v1为物块 A 在碰撞前瞬间速度的大小， 1 2 v 为其碰撞后瞬间速度的大小。设物 块 B 的质量为 m ，碰撞后瞬间的速度大小为 v ，由动量守恒定律和机械能守恒定律有 1 1 () 2 v mvm mv （1 分） 222 1 1 111 () 2222 v mvm m v （1 分） 联立式得3
16、mm （2 分） （2）在图（b）所描述的运动中，设物块 A 与轨道间的滑动摩擦力大小为 f，下滑过程中所走过的路程 为 s1，返回过程中所走过的路程为 s2，P 点的高度为 h，整个过程中克服摩擦力所做的功为 W，由动能 定理有 2 11 1 0 2 mgHfsmv （2 分） 2 1 2 1 ()0() 22 v fsmghm （2 分） 从图（b）所给的 vt 图线可知1 1 1 1 2 svt （1 分） 1 211 1 (1.4) 22 v stt （1 分） 由几何关系 2 1 sh sH （1 分） 物块 A 在整个过程中克服摩擦力所做的功为 12 Wfsfs （1 分） 联立式
17、可得 2 15 WmgH （1 分） （3）设倾斜轨道倾角为 ，物块与轨道间的动摩擦因数在改变前为 ，有 cos sin Hh Wmg 11（1 分） 设物块 B 在水平轨道上能够滑行的距离为 s ，由动能定理有 2 1 0 2 m gsm v 12（1 分） 设改变后的动摩擦因数为，由动能定理有 cos0 sin h mghmgmgs 13（2 分） 联立 11 12 13式可得 11 = 9 （1 分） （二）选考题：共 15 分。请考生从 2 道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。 13物理选修 33（15 分） （1）（5 分）根据热力学定律，下列说法正确的是_。（填
18、正确答案标号，选对 1 个给 2 分，选 对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分，每选错 1 个扣 3 分，最低得分 0 分） A第二类永动机违反能量守恒定律，因此不可能制成 B热效率为 100%的热机是不可能制成的 C电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递 D从单一热源吸收热量，使之完全变为功是提高机械效率的常用手段 E吸收了热量的物体，其内能也不一定增加 【答案】BCE 【解析】第二类永动机不可能制成，是因它违反了热力学第二定律，故选项 A 错误；热效率为 100%的热机 是不可能制成的，故 B 正确；电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递，故 C 正
19、确； 从单一热源吸收热量，使之完全变为功而不产生其他影响是不可能实现的，在现实生产中一般不用此方法 提高机械效率，故 D 错误；改变内能的方式有做功和热传递，吸收了热量的物体，其内能也不一定增加，E 正确 （2）（10 分）竖直放置的粗细均匀的 U 形细玻璃管两臂分别灌有水银，水平部分有一空气柱，各 部分长度如图所示，单位为 cm.现将管的右端封闭，从左管口缓慢倒入水银，恰好使水平部分右端的水银全 部进入右管中已知大气压强 p075 cmHg，环境温度不变，左管足够长求： (1)此时右管封闭气体的压强； (2)左管中需要倒入水银柱的长度 【答案】(1)90 cmHg (2)27 cm 【解析】
20、(1)对右管中的气体，初态 p175 cmHg，V130S；末态体积：V2(305)S25S（2 分） 由玻意耳定律得 p1V1p2V2（2 分） 解得：p290 cmHg（2 分） (2)对水平管中的气体，初态压强：pp015 cmHg90 cmHg，V11S；末态压强：pp220 cmHg110 cmHg 根据玻意耳定律得 pVpV（2 分） 解得 V9S，水平管中的长度变为 9 cm，此时原来左侧 19 cm 水银柱已有 11 cm 进入到水平管中，所以左 侧管中倒入水银柱的长度应该是 pp08 cm27 cm（2 分） 14物理选修 34（15 分） （1）（5 分）如图为甲、乙两列简
21、谐横波在同一绳上传播时某时刻的波形图，甲波向右传播，乙波向左传 播质点 M 位于 x0.2 m 处，则下列说法正确的是_。（填正确答案标号，选对 1 个给 2 分， 选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分，每选错 1 个扣 3 分，最低得分 0 分） A这两列波会发生干涉现象 BM 点的振动总是减弱 CM 点将做振幅为 30 cm 的简谐运动 D由图示时刻开始，再经过1 4甲波周期，M 点将位于波峰 E图示时刻 x0.1 m 的质点偏离平衡位置的位移为 10 cm 【答案】ACE 【解析】两列简谐横波在同一均匀介质内传播，波速相等，由图可知两列波的波长相等，由 vf 可知，频 率相等，
22、所以两列波能产生干涉，A 正确；图示时刻，两波在 M 点都从平衡位置向下振动，故两波加强， 则 M 点振动总是加强，振幅等于两列波振幅之和，为 A20 cm10 cm30 cm，则 M 点将做振幅为 30 cm 的简谐振动，B 错误，C 正确；从图示时刻开始，经 1 4T甲时间后，两列波的波谷在 M 点相遇，所以 M 点到 达波谷，D 错误；图示时刻 x0.1 m 的质点偏离平衡位置的位移 x20 cm10 cm10 cm，E 正确 （2）（10 分）一个半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径为 R 的半圆，AB 为半圆的直径，O 为圆心，如图所 示玻璃的折射率为 n 2. (1)一束平行光垂直射向玻
23、璃砖的下表面，若光线到达上表面后，都能从该表面射出，则入射光束在 AB 上的 最大宽度为多少？ (2)一细束光线在 O 点左侧与 O 相距 3 2 R 处垂直于 AB 从下方入射，求此光线从玻璃砖射出点的位置 【答案】(1) 2R (2)光线从玻璃砖射出点的位置在 O 点左、右侧分别与 O 相距 3 2R 处 【解析】(1)在 O 点左侧，设从 E 点射入的光线进入玻璃砖后在上表面的入射角恰好等于全反射的临界角 ， 则 OE 区域的入射光线经上表面折射后都能从玻璃砖射出，如图，由全反射条件有 sin 1 n （2 分） 由几何关系有 OERsin （1 分） 由对称性可知，若光线都能从上表面射出，光束的宽度最大为 l2OE （1 分） 联立式，代入已知数据得 l 2R. （1 分） (2)设光线在距 O 点 3 2 R 的 C 点射入后，在上表面的入射角为 ，由几何关系及式和已知条件得 60 （2 分） 光线在玻璃砖内会发生三次全反射，最后由 G 点射出，如图，由反射定律和几何关系得 OGOC 3 2 R（1 分） 射到 G 点的光有一部分被反射，沿原路返回到达 C 点射出（2 分）
