2020年四川省宜宾市高考数学一诊试卷(文科).docx

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1、 第 1 页(共 18 页) 2020 年四川省宜宾市高考数学一诊试卷(文科)年四川省宜宾市高考数学一诊试卷(文科) 一、选择题:本题共一、选择题:本题共 12 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 60 分在每小题给出的四个选项中,只有分在每小题给出的四个选项中,只有 一项是符合要求的一项是符合要求的 1 (5 分)已知集合1U ,3,4,5,7,9,1A,4,5,则( UA ) A3,9 B7,9 C5,7,9 D3,7,9 2 (5 分)已知i是虚数单位,复数1(2)mm i 在复平面内对应的点在第二象限,则实数 m的取值范围是( ) A(, 1) B( 1,2) C(2,) D(

2、,1)(2,) 3 (5 分)已知向量(1,),(2, 1)am b,且()abb,则实数(m ) A3 B 1 2 C 1 2 D3 4 (5 分)某车间生产A,B,C三种不同型号的产品,产量之比分别为5:3k,为检验产 品的质量,现用分层抽样的方法抽取一个容量为 120 的样本进行检验,已知B种型号的产 品共抽取了 24 件,则C种型号的产品抽取的件数为( ) A12 B24 C36 D60 5 (5 分)要得到函数cos(2) 4 yx 的图象,只需要将函数cosyx的图象( ) A向左平行移动 8 个单位长度,横坐标缩短为原来的 6 倍,纵坐标不变 B向左平行移动 4 个单位长度,横坐

3、标缩短为原来的 1 2 倍,纵坐标不变 C向右平行移动 8 个单位长度,横坐标伸长为原来的5倍,纵坐标不变 D向右平行移动 4 个单位长度,横坐标伸长为原来的5倍,纵坐标不变 6 (5 分)设直线m,n是两条不同的直线,是两个不同的平面,下列命题中正确的 是( ) A/ /mn,/ / /mn Bmn,m,n C/ /m,/ / /m D,/ /mm 7 (5 分)已知 412 3 333 2 ,3 ln abec,则( ) Abca Bcba Ccab Dbac 第 2 页(共 18 页) 8 (5 分)执行如图所示的程序框图,输出的k值为( ) A4 B5 C6 D7 9 (5 分)函数(

4、 ) 1 lnx f x x 的图象大致是( ) A B C D 10 (5 分)已知(0,) 2 ,且 22 3sin5cossin20,则sin2cos2( ) A1 B 23 17 C 23 17 或 1 D1 11(5 分) 如图, 在Rt ABC中, 2 C , 6 B ,4AC ,D在AC上且:3:1AD DC , 当AED最大时,AED的面积为( ) A 3 2 B2 C3 D3 3 12 (5 分)已知函数( )43f xalnxx,且不等式(1) 43 x f xaxe,在(0,)上恒成立, 第 3 页(共 18 页) 则实数a的取值范围( ) A 3 (, ) 4 B 3

5、(, 4 C(,0) D(,0 二、填空题:本大题共二、填空题:本大题共 4 个小题,每小题个小题,每小题 5 分,共分,共 20 分分 13 (5 分)书架上有 6 本不同的数学书,4 本不同的英语书,从中任意取出 1 本,取出的书 恰好是数学书的概率是 14 (5 分)已知函数 32 ( )22f xxax在2x 处取得极值,则实数a 15 (5 分)若ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,其面积为S, 4,8,4bBA ACS,则a 16 (5 分)同学们有如下解题经验:在某些数列求和中,可把其中一项分裂为两项之差, 使某些项可以抵消,从而实现化简求和如:已知数列 n a的通项

6、1 (1) n a n n ,则将其通 项化为 11 1 n a nn ,故数列 n a的前n项的和 111111 (1)()()1 223111 n n S nnnn 斐波那契数列是数学史上一个著名数 列,在斐波那契数列 n a中, 1 1a , 2 1a , * 21 () nnn aaa nN ,若 2021 aa,那么 2019 S 三、解答题:共三、解答题:共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第 17-21 题为必考题,题为必考题, 每个试题考生都必须作答第每个试题考生都必须作答第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答 (一

7、)必考题:共题为选考题,考生根据要求作答 (一)必考题:共 60 分分. 17 (12 分)已知数列 n a的前n项和为 n S,满足 1 22 n n S (1)求数列 n a的通项公式; (2)设(21) nn bna,求数列 n b的前n项和 n T 18(12 分) 在ABC中,a,b,c分别为内角A,B,C的对边, 且满足 5 cos()cos 3 aCbcA (1)若 1 sin 5 C ,10ac,求c; (2)若4a ,5c ,求ABC的面积S 19 (12 分)手机运动计步已经成为一种新时尚某单位统计了职工一天行走步数(单位: 百步) ,绘制出如下频率分布直方图: (1)求直

8、方图中a的值,并由频率分布直方图估计该单位职工一天步行数的中位数; 第 4 页(共 18 页) (2)若该单位有职工 200 人,试估计职工一天行走步数不大于 13000 的人数; (3)在(2)的条件下,该单位从行走步数大于 15000 的 3 组职工中用分层抽样的方法选取 6 人参加远足拉练活动,再从 6 人中选取 2 人担任领队,求这两人均来自区间(150,170的 概率 20 (12 分)如图,正方形ABCD的边长为 2,点E是边CD的中点,将ADE沿AE翻折得 到ASE,且平面ASE 平面ABCE (1)求三棱锥BCES的体积; (2) 设线段SC上一点G满足2 SG GC , 在B

9、E上是否存在点H使/ /GH平面SAE?若存在, 求出EH的长度;若不存在,说明理由 21 (12 分)已知函数 (1) ( ) 2 a x f xlnx x (1)若4a ,求函数( )f x的单调区间; (2)若函数( )f x在区间(0,1内单调递增,求实数a的取值范围; (3)若 1 x、 2 xR,且 12 xx,求证: 121212 ()(2) 3()lnxlnxxxxx (二)选考题:共(二)选考题:共 10 分请考生在第分请考生在第 22、23 题中选一题作答如果多做,则按所做的第题中选一题作答如果多做,则按所做的第 一题计分一题计分选修选修 4-4:坐标系与参数方程:坐标系与

10、参数方程 22 (10 分)如图所示, “8”是在极坐标系Ox中分别以 1(1, ) 2 C 和 2 3 (2,) 2 C 为圆心,外切于 点O的两个圆过O作两条夹角为 3 的射线分别交 1 C于O、A两点,交 2 C于O、B两 点 (1)写出 1 C与 2 C的极坐标方程; 第 5 页(共 18 页) (2)求OAB面积最大值 选修选修 4-5:不等式选讲:不等式选讲 23已知函数( ) |2|f xxt,tR,( ) |3|g xx (1)xR,有( )( )f xg x,求实数t的取值范围; (2)若不等式( ) 0f x 的解集为1,3,正数a、b满足222ababt,求2ab的最 小

11、值 第 6 页(共 18 页) 2020 年四川省宜宾市高考数学一诊试卷(文科)年四川省宜宾市高考数学一诊试卷(文科) 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题:本题共一、选择题:本题共 12 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 60 分在每小题给出的四个选项中,只有分在每小题给出的四个选项中,只有 一项是符合要求的一项是符合要求的 1 (5 分)已知集合1U ,3,4,5,7,9,1A,4,5,则( UA ) A3,9 B7,9 C5,7,9 D3,7,9 【解答】解:集合1U ,3,4,5,7,9,1A,4,5, 所以3 UA ,7,9, 故选:D 2 (5 分)已知i是虚

12、数单位,复数1(2)mm i 在复平面内对应的点在第二象限,则实数 m的取值范围是( ) A(, 1) B( 1,2) C(2,) D(,1)(2,) 【解答】解:复数1(2)mm i 在复平面内对应的点在第二象限, 10 20 m m ,解得1m 实数m的取值范围是(, 1) 故选:A 3 (5 分)已知向量(1,),(2, 1)am b,且()abb,则实数(m ) A3 B 1 2 C 1 2 D3 【解答】解:向量(1,),(2, 1)am b, 则( 1,1)abm , 又()abb,则()0ab b, 即1 2 1 (1)0m , 解得3m 故选:D 4 (5 分)某车间生产A,B

13、,C三种不同型号的产品,产量之比分别为5:3k,为检验产 品的质量,现用分层抽样的方法抽取一个容量为 120 的样本进行检验,已知B种型号的产 第 7 页(共 18 页) 品共抽取了 24 件,则C种型号的产品抽取的件数为( ) A12 B24 C36 D60 【解答】解:由题意可得 24 12053 k k ,求得2k 则C种型号的产品抽取的件数为 3 12036 523 , 故选:C 5 (5 分)要得到函数cos(2) 4 yx 的图象,只需要将函数cosyx的图象( ) A向左平行移动 8 个单位长度,横坐标缩短为原来的 6 倍,纵坐标不变 B向左平行移动 4 个单位长度,横坐标缩短为

14、原来的 1 2 倍,纵坐标不变 C向右平行移动 8 个单位长度,横坐标伸长为原来的5倍,纵坐标不变 D向右平行移动 4 个单位长度,横坐标伸长为原来的5倍,纵坐标不变 【解答】解:要得到函数cos(2) 4 yx 的图象,只需要将函数cosyx的图象向左平移 4 个单位, 得到cos() 4 yx ,再把横坐标缩短为原来的 1 2 ,纵坐标不变即可 故选:B 6 (5 分)设直线m,n是两条不同的直线,是两个不同的平面,下列命题中正确的 是( ) A/ /mn,/ / /mn Bmn,m,n C/ /m,/ / /m D,/ /mm 【解答】解:由m,n是两条不同的直线,是两个不同的平面,知:

15、 在A中,/ /mn,/ /m,n或/ /n,故A错误; 在B中,mn,m,n,由线面垂直的性质定理得,故B正确; 在C中,/ /m,/ /m与相交或平行,故C错误; 在D中,/ /m,m与相交、平行或m,故D错误 故选:B 7 (5 分)已知 412 3 333 2 ,3 ln abec,则( ) Abca Bcba Ccab Dbac 第 8 页(共 18 页) 【解答】解: 41 33 216a , 1 3 11 3 3 33 3 ln ln bee, 21 33 39c ; 3916, 1 3 ( )f xx在(0,)上单调递增; 111 333 3916; bca 故选:A 8 (5

16、 分)执行如图所示的程序框图,输出的k值为( ) A4 B5 C6 D7 【解答】解:0k ,014s ,继续循环; 0s ,2k ,14s 继续循环; 022s ,3k ,14s 继续循环; 235s ,4k ,14s 继续循环; 549s ,5k ,14s 继续循环; 9514s ,6k ,14s 跳出循环; 此时6k , 故选:C 9 (5 分)函数( ) 1 lnx f x x 的图象大致是( ) A B 第 9 页(共 18 页) C D 【解答】解:由( ) 1 lnx f x x ,得 2 1 1 ( ) (1) lnx x fx x , 令 1 ( )1g xlnx x ,则

17、22 111 ( )0 x g x xxx , ( )g x在(0,)上单调递减, 又g(e) 1 0 e , 22 22 11 ()110g elne ee , 存在 2 0 ( ,)xe e,使得 0 ()0g x 则当 0 (0,)xx时,( )0g x ,( )0fx, 当 0 (xx,)时,( )0g x ,( )0fx, ( )f x在 0 (0,)x上单调递增,在 0 (x,)上单调递减 故选:C 10 (5 分)已知(0,) 2 ,且 22 3sin5cossin20,则sin2cos2( ) A1 B 23 17 C 23 17 或 1 D1 【解答】解:由 22 3sin5

18、cossin20, 得 22 22 352sincos 0 sincos sincos , 2 2 32tan5 0 1 tan tan , 即 2 3tan2tan50, 解得tan1或 5 tan 3 (0,) 2 , tan1,即 4 sin2cos2sincos1 22 故选:A 11(5 分) 如图, 在Rt ABC中, 2 C , 6 B ,4AC ,D在AC上且:3:1AD DC , 第 10 页(共 18 页) 当AED最大时,AED的面积为( ) A 3 2 B2 C3 D3 3 【解答】解::3:1AD DC , 1 1 4 DCAC, AEDACEDEC SSS 11 2

19、2 AC CEDC EC 11 1 22 4 AC CEAC CE 11 () 28 AC CE 3 8 AC EC, 4AC ,CE CB,3ACDC,4AC DC 而在Rt ABC中, 2 C , 6 B ,4AC , 得4 3CB AEDAECDEC , 设AEC,AEC,DEC,有图知:在ACE中,tan AC EC ,DEC中 tan DC CE tantan tantan() 1tantan 22 ()3333 4 444 1 2 ACDC ACDC ECEC CECE AC DC ECAC DCEC EC CE CE CEEC EC , 当且仅当 4 EC EC , 即2EC 时

20、,tan最大, 第 11 页(共 18 页) 即这时AED最大,ADE面积最大为 3 4 23 8 ; 故选:C 12 (5 分)已知函数( )43f xalnxx,且不等式(1) 43 x f xaxe,在(0,)上恒成立, 则实数a的取值范围( ) A 3 (, ) 4 B 3 (, 4 C(,0) D(,0 【解答】解:()43 xx f eaxe, 所以(1) 43 x f xaxe在(0,)上恒成立, 等价于(1)() x f xf e 在(0,)上恒成立, 因为(0,)x时,11 x xe , 所以只需( )f x在(1,)上递减, 即1x ,( ) 0fx恒成立, 即1x 时,

21、4 3 0 a x 恒成立, 3 4 ax, 所以 3 4 a, 故选:B 二、填空题:本大题共二、填空题:本大题共 4 个小题,每小题个小题,每小题 5 分,共分,共 20 分分 13 (5 分)书架上有 6 本不同的数学书,4 本不同的英语书,从中任意取出 1 本,取出的书 恰好是数学书的概率是 3 5 【解答】解:从 6 本不同的数学书,4 本不同的英语书,从中任意取出 1 本共有 10 种可能, 取出是数学书的可能有 6 种, 则取出的书恰好是数学书的概率是 63 105 , 故答案为: 3 5 14 (5 分)已知函数 32 ( )22f xxax在2x 处取得极值,则实数a 6 【

22、解答】解: 2 ( )62fxxax, f (2)2440a, 6a 第 12 页(共 18 页) 故答案为:6 15 (5 分)若ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,其面积为S, 4,8,4bBA ACS,则a 2 10 【解答】解:如图, 8BA AC ,8AB AC ,且4b , 4 cos8cA , cos2cA , 又4S , 1 4 sin4 2 cA , sin2cA, 得,tan1A , 3 4 A , 2 cos 2 A , 2 2c , 在ABC中,由余弦定理得, 222 2 2cos168 16 2()40 2 abcbcA , 2 10a 故答案为:2 10

23、16 (5 分)同学们有如下解题经验:在某些数列求和中,可把其中一项分裂为两项之差, 使某些项可以抵消,从而实现化简求和如:已知数列 n a的通项 1 (1) n a n n ,则将其通 项化为 11 1 n a nn ,故数列 n a的前n项的和 111111 (1)()()1 223111 n n S nnnn 斐波那契数列是数学史上一个著名数 列, 在斐波那契数列 n a中, 1 1a , 2 1a , * 21 () nnn aaa nN , 若 2021 aa, 那么 2019 S 1a 【解答】解:由题意可得 21nnn aaa , 则 2019123201932435420212

24、01020212 1Saaaaaaaaaaaaaaa 第 13 页(共 18 页) 故答案为:1a 三、解答题:共三、解答题:共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第 17-21 题为必考题,题为必考题, 每个试题考生都必须作答第每个试题考生都必须作答第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答 (一)必考题:共题为选考题,考生根据要求作答 (一)必考题:共 60 分分. 17 (12 分)已知数列 n a的前n项和为 n S,满足 1 22 n n S (1)求数列 n a的通项公式; (2)设(21) nn bna,求数列 n b的前n

25、项和 n T 【解答】解: (1) 1 22 n n S , 当1n 时, 11 2Sa, 当2n时, 1 1 22222 nnn nnn aSS , 上式对1n 也成立, 则2 (*) n n anN; (2)由(1)知(21)(21) 2n nn bnan, 23 1 23 25 2(21) 2n n Tn, 2341 21 23 25 2(21) 2n n Tn , 两式相减得 231 22(222 )(21) 2 nn n Tn 1 1 4(12) 22(21) 2 12 n n n , 化简可得 1 6(23) 2n n Tn 18(12 分) 在ABC中,a,b,c分别为内角A,B

26、,C的对边, 且满足 5 cos()cos 3 aCbcA (1)若 1 sin 5 C ,10ac,求c; (2)若4a ,5c ,求ABC的面积S 【解答】解: (1) 5 cos()cos 3 aCbcA, 5 sincos( sinsin)cos 3 ACBCA,化简得 5 sincossincoscossinsin()sin 3 BAACACACB, 第 14 页(共 18 页) 因为sin0B ,所以 3 cos 5 A , 4 sin 5 A , 由正弦定理sin:sin4:1:ACa c,所以4ac, 又10ac,所以2c ; (2)由(1)知 3 cos 5 A , 4 si

27、n 5 A ,由余弦定理可得, 222 cos 2 bca A bc , 2 3516 52 5 b b ,得 2 56 5550bb, 得 11 5 5 b ,则 122 sin 25 SbcA 19 (12 分)手机运动计步已经成为一种新时尚某单位统计了职工一天行走步数(单位: 百步) ,绘制出如下频率分布直方图: (1)求直方图中a的值,并由频率分布直方图估计该单位职工一天步行数的中位数; (2)若该单位有职工 200 人,试估计职工一天行走步数不大于 13000 的人数; (3)在(2)的条件下,该单位从行走步数大于 15000 的 3 组职工中用分层抽样的方法选取 6 人参加远足拉练

28、活动,再从 6 人中选取 2 人担任领队,求这两人均来自区间(150,170的 概率 【解答】解:(1)由题意,得 0.002200.006200.00820200.010200.008200.002200.002201a, 解得0.012a ; 设中位数为110x,则 0.002200.006200.008200.0120.5x, 解得15x , 所以中位数是 125; (2)由200 (0.002 200.006 200.008 200.012 20)112, 所以估计职工一天步行数不大于 13000 步的人数为 112 人; (3)在区间(150,170中有2000.0082032人,

29、第 15 页(共 18 页) 在区间(170,190中有2000.002208人, 在区间(190,210中有2000.002208人, 按分层抽样抽取 6 人,则从(150,170中抽取 4 人,(170,190中抽取 1 人,(190,210中 抽取 1 人; 设从(150,170中抽取职工为a、b、c、d,从( 1 7 0,190中抽取职工为E,从( 1 9 0,210 中抽取职工为F, 则从 6 人中抽取 2 人的情况有ab、ac、ad、aE、aF、bc、bd、bE、bF、cd、cE、 cF、dE、dF、EF共 15 种情况, 它们是等可能的,其中满足两人均来自区间(150,170的有

30、ab、ac、ad、bc、bd、cd共 有 6 种情况, 所以 62 155 P ; 所以两人均来自区间(150,170的概率为 2 5 20 (12 分)如图,正方形ABCD的边长为 2,点E是边CD的中点,将ADE沿AE翻折得 到ASE,且平面ASE 平面ABCE (1)求三棱锥BCES的体积; (2) 设线段SC上一点G满足2 SG GC , 在BE上是否存在点H使/ /GH平面SAE?若存在, 求出EH的长度;若不存在,说明理由 【解答】解: (1)过S作SOAE于O, 平面ASE 平面ABCE,交线为AE,SO平面ABCE 在Rt ASE中,由1SE ,2SA ,得 2 5 SO ,

31、1 2 11 2 BCE S , 1122 5 1 33155 B CESS BCEBCE VVSSO , 三棱锥BCES的体积为 2 5 15 第 16 页(共 18 页) (2)连接AC,交BE于H,连接GH, / /CEAB, 1 2 CEAB, ABHCEH, 1 2 CHEHCE HAHBAB , 又2 SG GC , 1 2 CG GS , CGCH GSHA / /GHSA 又GH 平面SAE,SA 平面SAE, / /GH平面SAE,此时 15 33 EHBE 21 (12 分)已知函数 (1) ( ) 2 a x f xlnx x (1)若4a ,求函数( )f x的单调区间

32、; (2)若函数( )f x在区间(0,1内单调递增,求实数a的取值范围; (3)若 1 x、 2 xR,且 12 xx,求证: 121212 ()(2) 3()lnxlnxxxxx 【解答】解: (1)( )f x的定义域是(0,), 2 22 13(43 )4 ( ) (2)(2) axa x fx xxx x , 4a 时, 2 2 84 ( ) (2) xx fx x x , 由( )0fx,解得:042 3x或42 3x , 由( )0fx,解得:42 342 3x, 故( )f x在(0,42 3)递增,在(42 3,42 3)递减,在(42 3,)递增; (2)由(1)得: 2

33、2 (43 )4 ( ) (2) xa x fx x x , 若函数( )f x在区间(0,1递增, 第 17 页(共 18 页) 则有 2 (43 )4 0xa x 在(0,1内恒成立, 即 4 34ax x 恒成立, 又函数 4 4yx x 在1x 时取得最小值 9,故3a; (3)证明:当 12 xx时,不等式显然成立, 当 12 xx时, 1 x, 2 xR,要原不等式成立, 只要 1 1122 1 212 2 3(1) 3() 2 2 x xxxx ln x xxx x 成立即可, 令 1 2 (0,1) x t x , 故只要 3(1) 0 2 t lnt t 即可, 由(2)可知

34、函数( )f x在(0,1递增, 故( )f xf(1)0, 故 3(1) 0 2 t lnt t 成立, 故原不等式成立 (二)选考题:共(二)选考题:共 10 分请考生在第分请考生在第 22、23 题中选一题作答如果多做,则按所做的第题中选一题作答如果多做,则按所做的第 一题计分一题计分选修选修 4-4:坐标系与参数方程:坐标系与参数方程 22 (10 分)如图所示, “8”是在极坐标系Ox中分别以 1(1, ) 2 C 和 2 3 (2,) 2 C 为圆心,外切于 点O的两个圆过O作两条夹角为 3 的射线分别交 1 C于O、A两点,交 2 C于O、B两 点 (1)写出 1 C与 2 C的

35、极坐标方程; (2)求OAB面积最大值 【解答】解: (1) 1: 2sinC; 2: 4sinC ; 第 18 页(共 18 页) (2)由(1)得(2sin , )A ,( 4sin() 3 B ,) 3 , 则 1 2sin 4sin() sin 233 OAB S 2 3sin (sincoscos sin) 33 2 33sincossin 333 cos2sin2 222 3 3sin(2) 62 当sin(2)1 6 时,OAB面积最大值为 3 2 选修选修 4-5:不等式选讲:不等式选讲 23已知函数( ) |2|f xxt,tR,( ) |3|g xx (1)xR,有( )(

36、 )f xg x,求实数t的取值范围; (2)若不等式( ) 0f x 的解集为1,3,正数a、b满足222ababt,求2ab的最 小值 【解答】解: (1)由xR,有( )( )f xg x,得|2|3|xtx恒成立, 所以|2|3|txx, 由|2|3|23| 5xxxx, 所以5|2|3|5xx剟, 所以5t; (2)由不等式( ) 0f x 的解集为1,3,得|2|xt, 解得22t xt剟, 21 23 t t 解得1t , 将1t 带入222ababt,整理得20abab, 21 1 ba , 所以 2 21 2(2 )() (12)9abab ba ,当且仅当3ab时取等号, 故2ab的最小值为 9

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