1、1华华南南师师大大附附中中 2023 届届高高三三月月考考（二二）物物理理试试题题本本试试卷卷共共 6 页页，15 小小题题，满满分分 100 分分，考考试试用用时时 75 分分钟钟。一一、单单项项选选择择题题：本本题题共共 8 小小题题，每每小小题题 4 分分，共共 32 分分.在在每每小小题题给给出出的的四四个个选选项项中中，只只有有一一项项是是符符合合题题目目要要求求的的1在科学发展中，许多科学家在物理学发展过程中作出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是A哥白尼提出了日心说并发现了太阳系中行星运行的规律B物理学家库仑通过扭秤实验测出了静电力常量C法拉第首次提出用电场线的概念描述电场D
2、牛顿进行了著名的“月-地检验”并通过实验测出了引力常量2如图甲所示，一只蜗牛沿着弧形菜叶从左端开始匀速率向上爬行，将图简化为乙所示，若菜叶的最高点切线水平，则在爬行过程中，A蜗牛所受合力不变B在相等的时间内蜗牛的平均速度相同C在最高点，蜗牛对菜叶的压力等于它所受的重力D菜叶对蜗牛的作用力与蜗牛对菜叶的作用力大小相等3在一次摸高测试中，一质量为 60kg 的同学举臂起跳，在刚要离地时其手指距地面的高度为 1.95m；离地后身体形状近似不变，手指摸到的最大高度为 2.40m若从蹬地到离开地面的时间为 0.2s，则在不计空气阻力情况下，起跳过程中他对地面的平均压力约为（g 取10m/s2）A1450
3、NB1500NC900ND1600N27gR4如图甲所示，一个小球由静止开始沿竖直方向运动，运动过程中小球的机械能与物体位移关系的图象如右图所示，其中 0s1过程的图线为曲线，s1s2过程的图线为直线根据该图象，小球的动能随位移变化的图像可能是ABCD5某同学根据所学电容器的知识自行设计了一个电容式风力传感器，如图所示，将电容器与静电计组成回路，可动电极在风力作用下向右移动，风力越大，移动距离越大（两电极始终不接触）若极板上电荷量保持不变，P 点为极板间的一点，则A风力越大，静电计指针张角越小B风力越大，极板间电场强度越大C风力越大，P 点的电势仍保持不变D风力越大，电容器电容越小6在广州长隆
4、国际大马戏精彩节目中，杂技演员骑摩托车在球形大铁环内进行刺激而惊险的表演，如图 所示为简化模型，铁环 A 的半径为 R，竖直固定在铁板 B 上铁环 A、铁板 B、杂技演员 C（包括摩托 车）的质量均为 m，摩托车以一定速度经过最低点时关闭引擎，在竖直平面内做圆周运动，铁板始终静 止，若铁环内壁可看作光滑面，杂技演员和摩托车可视为质点，则A杂技演员 C 经过最高点的速度为不能超过B地面和铁板 B 之间始终没有摩擦C杂技演员 C 经过最高点时铁板 B 对地面的压力不小于 2mgD杂技演员 C 在最低点获得的瞬时速度不能超过gR3v7如图甲所示，质量为 m的小火箭由静止开始加速上升，竖直向上的推力
5、F与速度倒数1的关系图像如v图乙所示，火箭获得的最大速度为vm，由静止开始到速度为v1需要的时间为t1。不计空气的阻力和燃料燃烧时的质量损失，重力加速度为 g，则A火箭在启动过程中，加速度不变BF 1关系图像的面积表示火箭的最大功率mgvmvmgC火箭的速度为v1时，加速度为g12D0 t1，火箭上升的高度为vmt12g8甲、乙两物体在水平面上从同一地点由静止开始沿同一方向做直线运动，它们的加速度 a 随位移 x变化的关系图像如图所示则Ax=6m 时，两者相遇B甲运动 6m 时，甲的速度比乙大 C乙运动 8m 时的速度等于 4m/s D甲运动 8m的过程中，它的速度逐渐减小二二、多多项项选选择
6、择题题：本本题题共共 3 小小题题，每每小小题题 6 分分，共共 18 分分。在在每每小小题题给给出出的的四四个个选选项项中中，有有多多项项符符合合题题目目要要求求。全全部部选选对对的的得得 6 分分，选选对对但但不不全全的的得得 3 分分，有有选选错错的的得得 0 分分。9 弹玻璃球是小朋友经常玩的一种游戏小朱在光滑水平桌面上将一个质量为 3m的小钢球以某一速度弹出，之后小钢球与前方静止的、质量为 m 的等大玻璃球发生正碰，已知碰撞前钢球的动能为 E，则碰撞之后玻璃球的动能可能为A1EB384EC716ED9E1610北京时间 2022 年 6 月5 日，搭载神州十四号载人飞船的长征二号运载
7、火箭成功发射升空载人飞船中有一体重计，体重计上放了一个质量为 m 物体在火箭竖直向上匀加速运动的过程中，地面测控站监测到体重计读数为 F载人飞船经火箭继续推动，进入预定圆轨道，其周期约为 1.5 小时已知万有引力常量为 G，地球半径为 R，则v14A地球的质量为FR2GmB飞船的轨道半径比同步卫星的轨道半径小C飞船在预定轨道的运行速度小于第一宇宙速度D飞船在预定圆轨道运行时，所受重力为 011如图所示，空间中存在着由一固定的点电荷 Q(图中未画出)产生的电场另一点电荷 q 仅在电场力作用下沿曲线 AB 运动，在 A 点的速度大小为 v0，方向沿 AC 方向，到达 B 点时速度大小为 v，且 v
8、”、“=”或“”）(3)光电门 G1记录的挡光时间为 t1，滑块 B、A先后通过光电门时，G2记录的挡光时间分别为 t2、t3为了减小误差，挡光片的宽度应选择（填“窄”或者“宽”）的若 m1、m2、t1、t2、t3满足（写出关系 式）则可验证 动量守恒 定律 若 t1、t2、t3满足一个关系 式，则说明A、B发生的是弹性碰撞513（8分）高一的同学们在实验室做利用“自由落体运动”来验证机械能守 恒定律的实验（1）老师巡视时发现某组同学在实验操作过程中出现如图 1 所示的情况；除了图中纸带长度不够外，请你指出另外两处明显错误：（2）如图 2 所示，根据打出的纸带，选取纸带上的连续的五个点 A、B
9、、C、D、E，根据图 2 读出 C 点对应的刻度值为cm；（3）如图 3 所示，该小组同学取 O 点为重锤开始下落时计时器打的点，然后以 O 点为起始点，测得其距 B 点距离为 x0，BC、CD 两点间的距离分别为 x1、x2；若打点计时器打点频率为 f，重锤质量为 m，则重锤从释放到打下 C 点时重力能减少量Ep=，动能增加量Ek；代入数值正确计算后，发现Ep（1 分）(3)窄（1 分）m111tm131t+m221t（2 分）123111ttt=（2 分）13.(8 分)（1）打点计时器接了直流电源；手托重锤导致纸带弯曲（2 分）（2）23.10 （2 分）（3）()01pEmg xx=+
10、（1 分）()22128m xxf+（2 分）打起始点 O 时，重锤的速度不为零（1 分）14.（8 分）解：（1）若落在 C 点，设从平台 A 点处离开的水平速度为01v 101 1xv t=（1 分）1tanHhx=2112Hhgt=（1 分）解得 011()tan2g Hhv=（1 分）若落在 D 点，设从平台 A 点处离开的水平速度为02 202 2xv t=2tanHx=2212Hgt=（1 分）解得 021tan2gHv=（1 分）即 2 01()1tan2tan2g HhgHv (2)设在 C 点的竖直速度为yv 202()yvg Hh=（1 分）yPmgv=（1 分）2()Pm
11、gg Hh=（1 分）15.（10 分）当摆球由 C到 D 运动，根据动能定理有 2022121mvmvmgLD=（1 分）解得 3/Dvm s=在 D 点，由牛顿第二定律可得 2mDvFmgmr=（1 分）可得 m95FN=（1 分）由牛顿第三定律可知，摆线能承受的最大拉力为 95N （1 分）（2）小球能到达圆弧轨道，221Dmvmgs （1 分）解得 0.9 不脱离圆弧轨道，运动高度若为 R，则 221DmvmgRmgs （1 分）解得 0.6 不脱离圆弧轨道，可恰好到达圆轨道最高点，在最高点 Rvmmg2=（1 分）3 运动高度为 2R，由 D 点至圆轨最高点，由动能定理 222121
12、2DmvmvmgRmgs （1 分）解得 0.15 综上，在圆道上不脱离轨道条件为 0.60.9（1 分）或 0.15 （1 分）16(16 分)解:(1)由题可知，a 经过时间01Ltv=即12ts=到达 B 端，再经 2dtv=20.5ts=滑过 BC 在 C 点与 b 相碰，设碰后两者速度为1v、2v，则 12aabm vm vm v=+(1 分)422 212111222aabm vm vm v=+(1 分)解得 12/vm s=24/vm s=(1 分)即碰后两者速率分别为 12/vm s=向左 24/vm s=向右（2）碰后 a 反弹，经过时间31BCLtv=31.5ts=即经过1
13、234tttts=+=小滑块 a 返回 B 端，此时传送带正反向运动，4v=m/s,假设 a 一直未滑出传送带，则小滑块 a 先向左加速，经过时间4t二者共速，则 14vvgt=+(1 分)40.5ts=小滑块 a 位移 142avvst+=(1 分)传送带位移 4svt=(1 分)二者相对位移asss=解得 4 1.5asm=0.5sm=之后二者匀速运动5t=0.5s，位移05asvt=传送带停止后，a 减速至速度为 0，设位移为as 2102aaam gsm v=(1 分)解得 2asm=因为 00+aaasssL+故假设成立。(1 分)所以()aaQm gss=+解得 0.5QJ=(1
14、分)（3）小滑块在摩擦力和电场力的作用下，向右做匀减速直线运动，电场力 F=qE（i）设不会离开电场区，若位移为2s，由动能定理 2221()002bbFm g sm v+=(1 分)2sL (1 分)2bFm gs (1 分)解得：当0.10.4NFN 电场力所做功 2WFs=即 当0.10.4NFN 4-52FWF=+(1 分)（ii）如果小滑块会离开电场区域，电场力 F 必须满足:F0.1N 或 F0.4N 若 F0.1N，小滑块将从右侧离开电场区域，此过程小滑块在电场中的位移 s=1.6m，则电场力做功 FFsW6.1=(2 分)若 F0.4N，小滑块将从左侧离开电场区域，此过程小滑块在电场中的位移 s=0，电场力做功为 0，即 W=0 (2 分)
