(完整版)2019年上海市中考物理试卷.doc

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资源描述

1、2019年上海市中考物理试卷一、选择题(共16分)下列各题均只有一个正确选项,请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置更改答案时,用橡皮擦去,重新填涂1(2分)(2019上海)一节新干电池的电压为()A1.5伏B24伏C110伏D220伏2(2分)(2019上海)听音能辨人,主要是依据不同人的讲话声具有不同的()A响度B音调C音色D振幅3(2分)(2019上海)首先发现电流磁效应的物理学家是()A牛顿B欧姆C安培D奥斯特4(2分)(2019上海)原子核中带正电的粒子是()A原子B质子C中子D电子5(2分)(2019上海)四冲程柴油机在工作过程中,将内能转化为机械能的冲程是()A吸气冲

2、程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程6(2分)(2019上海)两个质量相同的不同物质,吸收相同的热量,下列说法中正确的是()A比热容大的物质升高温度较小B比热容小的物质升高温度较小C比热容大的物质升高温度较大D升高温度相同,与比热容大小无关7(2分)(2019上海)甲、乙两车分别在同一直线上的M、N两点(M、N间距为20米),同时相向做匀速直线运动,它们的图象分别如图(a)和(b)所示。若甲、乙的速度分别为v甲、v乙,经过t秒,甲、乙相距10米。则()Av甲v乙,t一定为10秒Bv甲v乙,t可能为30秒Cv甲v乙,t可能为10秒Dv甲v乙,t可能为30秒8(2分)(2019上海)如图1所示,均匀长

3、方体甲、乙放在水平地面上,甲、乙的底面积分别为S、S(SS),此时它们对地面的压强相等。现将甲、乙顺时针旋转90后,如图2所示,甲、乙的底面积分别为S、S,关于此时甲、乙对地面的压强p甲、p乙和对地面的压强变化p甲、p乙的大小关系,下列判断正确的是()Ap甲p乙,p甲p乙Bp甲p乙,p甲p乙Cp甲p乙,p甲p乙Dp甲p乙,p甲p乙二、解答题(共2小题,满分6分)9(3分)(2019上海)在如图所示的电路中,电源电压为U0,且保持不变。电键S闭合后,电路正常工作。一段时间后,观察到一个电压表的示数变大,再串联一个电流表,观察到电流表的示数为0若电阻R1、R2中仅有一个出现故障,请根据相关信息写出

4、电压表的示数及相对应的故障。10(3分)(2019上海)亚里士多德为了说明抽水机原理,提出自然界厌恶真空的理论。他认为在自然界中,接触到真空的液体就会自己填补,会上升,因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的”。(1)在下列几个现象中,能支持上述亚里士多德理论的实验是 A回声的形成B彩虹C用吸管吸饮料(2)在下列几个实验中,能推翻上述亚里士多德理论的实验是 A托里拆利实验B富兰克林风筝雷电实验C马德堡半球实验(3)请你结合所学的物理知识,解释为什么第2小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。三、作图题(共7分)请将图直接画在答题纸的相应位置,作图必须使用2B铅笔11(2分)(2019上海)

5、重为10牛的物体静止在水平地面上,用力的图示法在图中画出它所受的重力G。12(2分)(2019上海)在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB。13(3分)(2019上海)在图所示的电路中,有两根导线尚未连接,请用笔画线代替导线补上。补上后要求:闭合电键S后,向右移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变,电流表的示数变小。四、计算题(共27分)请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置14(6分)(2019上海)体积为2103米3的金属块浸没在水中。求金属块受到的浮力大小F浮。15(6分)(2019上海)杠杆平衡时,动力臂l1为0.6米,阻力臂l2为0.2米,若阻力F2的大小为60牛,求动力F1

6、的大小。16(8分)(2019上海)如图所示,足够高的薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上,容器甲、乙底部所受液体的压强相等。容器甲中盛有水,水的深度为0.08米,容器乙中盛有另一种液体。若水的质量为2千克,求容器甲中水的体积V水。求容器甲中水对容器底部的压强p水。现往容器甲中加水,直至与乙容器中的液面等高,此时水对容器底部的压强增大了196帕,求液体乙的密度液。17(8分)(2019上海)在图所示的电路中,电源电压为12伏且保持不变,电阻R1的阻值为10欧,滑动变阻器R2上标有“1A”字样。电键S闭合后,电压表V的示数为5伏。求:通过电阻R1的电流I1。电路正常工作10秒后,电流通过电阻R1做

7、的功W1移动滑动变阻器的滑片P,电源电压和电压表示数的比值最大为3,求电压表示数的最大值和最小值的差值。五、实验题(共18分)请根据要求在答题纸的相应位置作答18(3分)(2019上海)在“验证阿基米德原理”的实验中,用量筒测物体的 ,使用弹簧测力计前,应将指针调到 刻度处。“测定小灯泡的电功率”的实验原理是 。19(2分)(2019上海)小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中,将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至 。已知凸透镜焦距为10厘米,现蜡烛的位置如图所示,蜡烛到凸透镜的距离 10厘米(选填“大于”、“等于”或“小于”),移动光屏寻找像的位置,发现光屏上有一个倒立、 的像(选填“放大”、“等于

8、”或“缩小”)。20(3分)(2019上海)小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验,现有电源(电压为3伏且保持不变)、待测电阻Rx、电流表、电压表、电健各一个,滑动变阻器有A、B、C三个(分别标有“5 2A”字样、“10 2A”字样、“50 1A”字样),以及导线若干。小华实验时选取其中一个滑动变阻器,正确连接电路,且使滑动变阻器的滑片在中点附近,闭合电键时各电表示数如图10(a)、(b)所示,并记录第一组数据。继续移动滑片,当电压表示数在如图(a)的基础上偏转两格后,记录第二组数据,此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。求:电压表的量程是 伏。计算说明实验中电流表的量程。根据记录的第二组

9、数据,计算出此时待测电阻Rx的阻值。21(3分)(2019上海)某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中,用弹簧测力计拉着一个圆柱体,测力计示数为F0现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中,倒入液体A,圆柱体的下表面到液面的深度为h,记录下此时弹簧测力计的示数为F以及F0和F的差为F接着,将液体A替换为液体B,重复上述实验,记录数据如下表一、二所示。表一 液体A(A0.8103千克/米3)实验序号h(厘米)F(牛)F(牛)138.51.52673395.54.541255表二液体B(B1.0103千克/米3)实验序号h(厘米)F(牛)F(牛)538.51.2667.62.479

10、6.43.681264根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据,分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中, 。根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据,分析比较F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中, 。根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据,分析比较F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是 。本实验中,圆柱体的重力为 牛,高度为 厘米。2019年上海市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(共16分)下列各题均只有一个正确选项,请将正确选项的代号用2B铅

11、笔填涂在答题纸的相应位置更改答案时,用橡皮擦去,重新填涂1(2分)(2019上海)一节新干电池的电压为()A1.5伏B24伏C110伏D220伏【分析】要记住一些生活中常见的电压值,如:一节干电池的电压是1.5V;一节铅蓄电池的电压是2V;家庭电路的电压为220V;动力电压为380V;对人体安全的电压为不高于36V。【解答】解:一节新干电池的电压为1.5V,故BCD错误、A正确;故选:A。2(2分)(2019上海)听音能辨人,主要是依据不同人的讲话声具有不同的()A响度B音调C音色D振幅【分析】解决此题要知道音色反映的是声音的品质与特色,它跟发声体的材料和结构有关。【解答】解:因为每个人的声带

12、结构不同,所以发出声音的音色就会不同,所以我们可以通过音色辨别是谁,故C正确,ABD错误。故选:C。3(2分)(2019上海)首先发现电流磁效应的物理学家是()A牛顿B欧姆C安培D奥斯特【分析】根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可。【解答】解:A、牛顿是英国伟大的物理学家,在力学、光学等领域取得了卓著的成就。不符合题意;B、欧姆是德国物理学家,发现了电流与电压、电阻的关系欧姆定律。不符合题意;C、安培是英国著名的物理学家,发现了安培定则。不符合题意;D、1820年,丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场,是第一个发现电流磁效应的科学家。符合题意。故选:D。4(2分)(2

13、019上海)原子核中带正电的粒子是()A原子B质子C中子D电子【分析】在原子结构中,原子是由原子核和带负电的核外电子构成的,原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。【解答】解:根据原子结构的相关知识可知,原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子构成的,整个原子不显电性;原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的,所以在原子核中带正电的微粒是质子。故选:B。5(2分)(2019上海)四冲程柴油机在工作过程中,将内能转化为机械能的冲程是()A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能,压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。【解答】解:四冲程

14、柴油机在做功冲程中,高温高压燃气推动活塞做功,将内能转化为机械能,故C正确。故选:C。6(2分)(2019上海)两个质量相同的不同物质,吸收相同的热量,下列说法中正确的是()A比热容大的物质升高温度较小B比热容小的物质升高温度较小C比热容大的物质升高温度较大D升高温度相同,与比热容大小无关【分析】比较物质吸热能力的2种方法:使相同质量的不同物质升高相同的温度,比较吸收的热量(即比较加热时间),吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间),比较温度的变化,温度变化小的吸热能力强。【解答】解:根据Qcmt知,相同质量的不同物质,吸收相同的热量,比热容大的温度升高小,

15、故A正确。故选:A。7(2分)(2019上海)甲、乙两车分别在同一直线上的M、N两点(M、N间距为20米),同时相向做匀速直线运动,它们的图象分别如图(a)和(b)所示。若甲、乙的速度分别为v甲、v乙,经过t秒,甲、乙相距10米。则()Av甲v乙,t一定为10秒Bv甲v乙,t可能为30秒Cv甲v乙,t可能为10秒Dv甲v乙,t可能为30秒【分析】(1)根据图甲和图乙读出对应的路程和时间,然后根据速度公式即可求出甲、乙的速度;(2)经过t秒,甲、乙相距10米时有两种情况:一种是甲乙两车未相遇时相距10m,二是相遇以后相距10m。据此根据路程相等,利用速度公式列出等式求解。【解答】解:(1)由图象

16、可得:甲的速度v甲0.4m/s;乙的速度v乙0.6m/s,故v乙v甲;(2)根据题意可知,经过t秒,甲、乙相距10米时有两种情况:一种是甲乙两车未相遇时相距10m,二是相遇以后相距10m。故可得:v甲t+v乙t10m或v甲t+v乙t10m+20m30m,代入数值可得:0.4m/st+0.6m/st10m或0.4m/st+0.6m/st20m+10m,解得t10s或t30s,即t可能为10s,也可能为30s。综上分析可知,选项ACD错误,B正确。故选:B。8(2分)(2019上海)如图1所示,均匀长方体甲、乙放在水平地面上,甲、乙的底面积分别为S、S(SS),此时它们对地面的压强相等。现将甲、乙

17、顺时针旋转90后,如图2所示,甲、乙的底面积分别为S、S,关于此时甲、乙对地面的压强p甲、p乙和对地面的压强变化p甲、p乙的大小关系,下列判断正确的是()Ap甲p乙,p甲p乙Bp甲p乙,p甲p乙Cp甲p乙,p甲p乙Dp甲p乙,p甲p乙【分析】(1)甲乙的压强相等,知道甲乙的受力面积,根据压强公式可以判断甲乙对地面的压力,知道受力面积的变化可以判断甲乙对地面的压强。(2)压强变化量等于原来的压强和现在压强的差,然后进行比较。【解答】解:(1)甲、乙的底面积分别为S、S(SS),甲乙压强相等,根据 FpS,可以判断甲对水平地面的压力大于乙对水平地面的压力,所以甲的重力大于乙的重力。甲乙是长方体,当

18、甲、乙顺时针旋转90后,甲、乙的底面积分别为S、S,甲的受力面积减小,甲对水平地面的压力不变,甲对水平地面的压强增大,乙的受力面积增大,乙对水平地面的压力不变,乙对水平地面的压强减小,由于原来甲乙对水平地面的压强相等,所以旋转后甲对水平地面的压强大于乙对水平地面的压强,即甲p乙。(2)ppp因为面积变化相同,甲对地面的压力大于乙对地面的压力,所以甲对水平地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量即p甲p乙。故选:C。二、解答题(共2小题,满分6分)9(3分)(2019上海)在如图所示的电路中,电源电压为U0,且保持不变。电键S闭合后,电路正常工作。一段时间后,观察到一个电压表的示数变大,再串联一

19、个电流表,观察到电流表的示数为0若电阻R1、R2中仅有一个出现故障,请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。【分析】根据电路图可知,两电阻串并联,电压表V1测量电阻R1两端的电压,电压表V2测量电阻R2两端的电压,根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。【解答】答:根据电路图可知,两电阻串并联,电压表V1测量电阻R1两端的电压,电压表V2测量电阻R2两端的电压,工作一段时间后,一个电压表的示数变大,若V1示数变大,故障可能为电阻R1断路或电阻R2短路,再串联一个电流表,观察到电流表的示数为0,则故障为R1断路;若V2示数变大,故障可能为电阻R2断路或电阻R1短路,再串联一个电流表,

20、观察到电流表的示数为0,则故障为R2断路。10(3分)(2019上海)亚里士多德为了说明抽水机原理,提出自然界厌恶真空的理论。他认为在自然界中,接触到真空的液体就会自己填补,会上升,因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的”。(1)在下列几个现象中,能支持上述亚里士多德理论的实验是CA回声的形成B彩虹C用吸管吸饮料(2)在下列几个实验中,能推翻上述亚里士多德理论的实验是AA托里拆利实验B富兰克林风筝雷电实验C马德堡半球实验(3)请你结合所学的物理知识,解释为什么第2小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。【分析】首先明白亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。然后判断选项中的内容和什么知

21、识点相关,最后做出选择。【解答】解:(1)亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。他认为在自然界中,接触到真空的液体就会自己填补,会上升。A回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物,声被障碍物反射回来,与亚里士多德的观点不符。B彩虹是太阳光的色散,与亚里士多德的观点不符。C用吸管吸饮料时,吸管内的气压减小,饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里,与亚里士多德的观点相符。故选:C。(2)A托里拆利实验,当外界大气压是一个标准大气压,能支持76cm高的水银柱,玻璃管的长度是1m,玻璃管内上方有一段真空,水银没有去填补,亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补,所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论。B富

22、兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象,与亚里士多德的观点不相关。C马德堡半球实验是证明大气压的存在,并且证明大气压很大,与亚里士多德的观点不相关。故选:A。(3)做托里拆利实验时,玻璃管的上空有一段是真空,但是玻璃管中的水银没有去填补,所以与亚里士多德的观点不相符,所以可以推翻其观点。故答案为:(1)C;(2)A;(3)做托里拆利实验时,玻璃管内上方有一段是真空,但是玻璃管中的水银没有去填补,所以与亚里士多德观点不相符,所以可以推翻其观点。三、作图题(共7分)请将图直接画在答题纸的相应位置,作图必须使用2B铅笔11(2分)(2019上海)重为10牛的物体静止在水平地面上,用力的图示法在图中画出

23、它所受的重力G。【分析】根据力的图示的定义,将小球所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可。【解答】解:物体受到的重力方向竖直向下,作用点在重心,大小为10N,可确定标度为5N,故画重力的图示如图:12(2分)(2019上海)在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB。【分析】根据反射定律作出反射光线的光路图,题目中已经作出法线,在根据反射光线和入射光线分居法线两侧,作出反射角等于入射角即可。【解答】解:根据光的反射定律,题目中已经作出垂直于镜面的法线,做反射光线OB使反射角等于入射角即可。故答案为:13(3分)(2019上海)在图所示的电路中,有两根导线尚未连接,请用笔画线代替导线补上。补

24、上后要求:闭合电键S后,向右移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变,电流表的示数变小。【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式,由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。【解答】解:由题知,闭合电键S后,向右移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变,说明变阻器与灯泡在工作时互不影响;因为并联电路中各支路互不影响,所以变阻器与灯泡应并联;向右移动滑片P,电流表示数变小,说明变阻器连入电路的阻值变大,故应将变阻器的左下接线柱接入电路中,且图中灯泡与电流表的0.6接线柱相连,所以电流表应测干路电流。实物连接如图所示:四、计算题(共27分)请将计算过程和答案写入

25、答题纸的相应位置14(6分)(2019上海)体积为2103米3的金属块浸没在水中。求金属块受到的浮力大小F浮。【分析】已知金属块浸没水中,排开水的体积等于金属块的体积,利用阿基米德原理F浮水V排g求金属块受到的浮力。【解答】解:金属块浸没水中,则V排V金2103m3,金属块受到的浮力:F浮水V排g1.0103kg/m32103m39.8N/kg19.6N。答:金属块受到的浮力为19.6N。15(6分)(2019上海)杠杆平衡时,动力臂l1为0.6米,阻力臂l2为0.2米,若阻力F2的大小为60牛,求动力F1的大小。【分析】知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小,利用杠杆平衡条件求动力大小。【解答】解

26、:由杠杆平衡条件可知:F1l1F2l2,则动力F120N。答:动力F1为20N。16(8分)(2019上海)如图所示,足够高的薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上,容器甲、乙底部所受液体的压强相等。容器甲中盛有水,水的深度为0.08米,容器乙中盛有另一种液体。若水的质量为2千克,求容器甲中水的体积V水。求容器甲中水对容器底部的压强p水。现往容器甲中加水,直至与乙容器中的液面等高,此时水对容器底部的压强增大了196帕,求液体乙的密度液。【分析】已知水的质量,水的密度也是默认已知量水1.0103kg/m3;根据公式V可以求解。已知水的深度h0.08h,根据液体压强计算公式pgh;设容器乙内液体的深度

27、为h1,当水深是h1的时候其压强为P1,p1p+p由此可以得出p1的大小,进而算出h1;题干表明容器甲、乙底部所受液体的压强相等,即:pp乙;又因为p乙乙gh1故可以求出乙。【解答】解:容器中甲水的体积为:V2103m3;容器甲中水对容器底部的压强:p水gh1.0103kg/m39.8N/kg0.08m784pa。当容器甲内加水至于容器乙相平时,设此时水深为h1,此时水对容器底部的压强:p1p水+p784pa+196pa980pa;由pgh可得此时水的深度:h10.1m;由题知,原来容器甲、乙底部所受液体的压强相等,即:p乙p水784pa;由pgh可得,液体乙的密度:乙800kg/m3。答:甲

28、容器中水的体积为2103m3;容器甲中水对容器底部的压强为784pa;液体乙的密度为800kg/m3。17(8分)(2019上海)在图所示的电路中,电源电压为12伏且保持不变,电阻R1的阻值为10欧,滑动变阻器R2上标有“1A”字样。电键S闭合后,电压表V的示数为5伏。求:通过电阻R1的电流I1。电路正常工作10秒后,电流通过电阻R1做的功W1移动滑动变阻器的滑片P,电源电压和电压表示数的比值最大为3,求电压表示数的最大值和最小值的差值。【分析】已知电路中R1的电阻和电压,根据I求电阻电流;根据串联电路中电压之比等于电阻之比求解;【解答】解:根据电路图可知,电压表测量R1两端的电压,又因为R1

29、10,所以通过电阻R1的电流I10.5A;电路正常工作10秒后,电流通过电阻R1做的功W1t10s25J,电源电压和电压表示数的比值最大为3,此时应为电压表最小值,即3,得U14V,电压表最大值应该是当滑动变阻器阻值最小,即电流最大时,滑动变阻器R2上标有“1A”字样,所以可得,1A,解得,R22,此时R1的电压U1IR11A1010V,电压表示数的最大值和最小值的差值应为10V4V6V;答:通过电阻R1的电流I10.5A;电路正常工作10秒后,电流通过电阻R1做的功W125J,电压表示数的最大值和最小值的差值6V。五、实验题(共18分)请根据要求在答题纸的相应位置作答18(3分)(2019上

30、海)在“验证阿基米德原理”的实验中,用量筒测物体的排开水的体积,使用弹簧测力计前,应将指针调到零刻度处。“测定小灯泡的电功率”的实验原理是PUI。【分析】(1)在“验证阿基米德原理”的实验中,利用称重法测浮力,利用量筒测量排开水的体积;(2)在“测定小灯泡的电功率”的实验,利用电压表测量灯两端的电压U,利用电流表测量通过的灯的电流I,利用PUI求灯的电功率。【解答】解:(1)如图,在“验证阿基米德原理”的实验中,物体受到的浮力F浮F1F2;利用排水法可得物体排开水的体积V排V2V1,由GmgVg可得排开水的重力G排水V排g水(V2V1)g;比较F浮、G排的大小验证阿基米德原理,可见,该实验中,

31、用量筒测物体排开水的体积;使用弹簧测力计前,应将指针调到零刻度处。(2)如图,利用电压表测量灯两端的电压U,利用电流表测量通过的灯的电流I,利用PUI求灯的电功率。故答案为:排开水的体积;零;PUI。19(2分)(2019上海)小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中,将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至同一高度。已知凸透镜焦距为10厘米,现蜡烛的位置如图所示,蜡烛到凸透镜的距离大于10厘米(选填“大于”、“等于”或“小于”),移动光屏寻找像的位置,发现光屏上有一个倒立、的像(选填“放大”、“等于”或“缩小”)。【分析】(1)探究凸透镜成像的实验时,在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏,三者的中心大致在同

32、一高度,像才能成在光屏的中心。(2)当物距小于二倍焦距,大于一倍焦距时,像距二倍焦距以外,成倒立、放大的实像。【解答】解:(1)实验前,把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上,点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏的高度,使它们的中心大致在同一高度,为了使得像成在光屏的中央;(2)凸逶镜焦距f10cm,蜡烛到凸透镜的距离为15cm,即2fuf,成倒立、放大的实像。故答案为:同一高度;大于;放大。20(3分)(2019上海)小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验,现有电源(电压为3伏且保持不变)、待测电阻Rx、电流表、电压表、电健各一个,滑动变阻器有A、B、C三个(分别标有“5 2A”字样、“

33、10 2A”字样、“50 1A”字样),以及导线若干。小华实验时选取其中一个滑动变阻器,正确连接电路,且使滑动变阻器的滑片在中点附近,闭合电键时各电表示数如图10(a)、(b)所示,并记录第一组数据。继续移动滑片,当电压表示数在如图(a)的基础上偏转两格后,记录第二组数据,此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。求:电压表的量程是03伏。计算说明实验中电流表的量程。根据记录的第二组数据,计算出此时待测电阻Rx的阻值。【分析】根据电路连接正确确定电路的连接,因电源电压为3V确定电压表选用的量程;读出(a)图中电压表示数;(b)图中,若电流表选用大(小)量程得出电流大小;根据串联电路电压的规律得出

34、变阻器的电压;由欧姆定律,得出变阻器连入电路的电阻,与题中所给的变阻器的规格差比较,从而确定电流表选用的量程;根据电流表选用的量程确定电流表示数,继续移动滑片,当电压表示数在如图(a)的基础上偏转两格后,电压表示数可能为1.6V和1.2V,据此得出电流表对应的示数,由欧姆定律分别得出电阻大小。【解答】解:电路连接正确,即待测电阻与变阻器串联,电流表串联在电路中,电压表与待测电阻并联,因电源电压为3V,故电压表选用小量程03V;(a)图中,电压表选用小量程,分度值为0.1V,电压表示数为1.4V,(b)图中,若电流表选用大量程,分度值为0.1A,电流为1.4A;若选用小量程,分度值为0.02A,

35、电流为0.28A;根据串联电路电压的规律,变阻器的电压为:3V1.4V1.6V,若电流表选用大量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中1.14,变阻器电阻为21.142.28,与题中所给的变阻器的规格差别较大;若电流表选用小量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中5.71,变阻器电阻为25.7111.4,与题中所给的10 2A变阻器的相吻合;故电流表选用小量程00.6A;电流表示数为0.28A继续移动滑片,当电压表示数在如图(a)的基础上偏转两格后,电压表示数可能为1.6V和1.2V:若电压表示数为1.4V+20.1V1.6V,即电压表示数变大,根据UIR,则电路中和电流也应变大,

36、电流为:0.28A+20.02A0.32A;由欧姆定律得:Rx5;若电压表示数为1.4V20.1V1.2V,即电压表示数变小,根据UIR,则电路中和电流也应变小,电流为:0.28A20.02A0.24A;由欧姆定律得:Rx5;故答案为:电压表的量程是03伏。(a)图中,电压表选用小量程,分度值为0.1V,电压表示数为1.4V,(b)图中,若电流表选用大量程,分度值为0.1A,电流为1.4A;若选用小量程,分度值为0.02A,电流为0.28A;根据串联电路电压的规律,变阻器的电压为:3V1.4V1.6V,若电流表选用大量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中1.14,变阻器电阻为21.14

37、2.28,与题中所给的变阻器的规格差别较大;若电流表选用小量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中5.71,变阻器电阻为25.7111.4,与题中所给的10 2A变阻器的相吻合;故电流表选用小量程00.6A;Rx5或Rx5。21(3分)(2019上海)某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中,用弹簧测力计拉着一个圆柱体,测力计示数为F0现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中,倒入液体A,圆柱体的下表面到液面的深度为h,记录下此时弹簧测力计的示数为F以及F0和F的差为F接着,将液体A替换为液体B,重复上述实验,记录数据如下表一、二所示。表一 液体A(A0.8103千克/米3

38、)实验序号h(厘米)F(牛)F(牛)138.51.52673395.54.541255表二液体B(B1.0103千克/米3)实验序号h(厘米)F(牛)F(牛)538.51.2667.62.4796.43.681264根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据,分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中,弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小。根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据,分析比较F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中,F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比。

39、根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据,分析比较F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是同一物体在不同液体中,圆柱体的下表面到液面的深度h不变时,液体密度越大,F越大。本实验中,圆柱体的重力为10.0牛,高度为10.0厘米。【分析】纵向比较实验序号1与2与3或5与6与7的数据,得出结论;纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据得结论;已知两种液体密度大小,比较实验序号1与5或2与6或3与7的数据,找出相同量和不同量,分析得出F与变化量的关系;根据称重法测浮力,FF0F求出本实验中圆柱体的重力;由可知同一物体在同种液体中,F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比

40、;但序号4与8实验不符合这个规律;根据阿基米德原理,F浮液gV排,可分析得出4与8这两中情况下圆柱体已浸没在液体中,由阿基米德原理:根据1、4两次实验受到的浮力之比求出圆柱体的高度。【解答】解:根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据,分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中,弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小;纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据,可知,圆柱体的下表面到液面的深度h为原来的几倍,F也为原来的几倍,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中,F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正

41、比;A1.0103kg/m3B0.8103kg/m3,根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据,可得出的初步结论是:同一物体在不同液体中,圆柱体的下表面到液面的深度h不变时,液体密度越大,F越大;F0G,根据称重法测浮力,FF0F,故本实验中,圆柱体的重力为:GF+F1.5N+8.5N10.0N;由,比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据,可知同一物体在同种液体中,F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比;但序号4与8实验不符合这个规律;根据阿基米德原理,F浮液gV排,在物体没有浸没时,F浮液gSh,故受到的浮力与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比,浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关,说明4与8这两中情况下,圆柱体已浸没在液体中了,由阿基米德原理:1、4两次实验受到的浮力之比为:,h3cm10cm。即圆柱体的高度为10.0厘米。故答案为:弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小;F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比;同一物体在不同液体中,圆柱体的下表面到液面的深度h不变时,液体密度越大,F越大;10.0;10.0。

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