1、2019年安徽省合肥十校联考中考物理模拟试卷（一）一、填空题（每空2分，其中第10题作图3分，共27分)1在英语听力测试中，每个同学都能听见耳机里的声音，但是考场监考老师却听不见，因为耳机中的声音能集中传播，增大了到考生耳朵中的 （“响度”、“音调”或“音色”）。2“文房四宝”指古代书写工具“笔墨、纸、砚”。我省黄山地区生产的“徽墨”具有“拈来轻，磨来轻，嗅米馨”的优良特点，“嗅米馨”指使用过程中能闻到清香，这是因为分子 现象。3如图是我国拥有完全自主知识产权的国产大飞机“C919”。在飞机飞行过程中，试飞员相对飞机是 （选填“静止”，或“运动”）的，在飞机加速升空的过程中机械能 （填“变大”
2、、“变小”或“不变”）。4闭合开关S后，小磁针静止时北极的指向如图所示，则电源左端是 极（填“正”或“负”）。5如图所示，轻质杠杆自重可不计，已知OB2OA，重物G50N，拉力F的方向与AB的夹角为30则该杠杆使用时拉力F N。6在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比。下表记录了某根弹簧弹性限度内所受拉力和伸长量的数据，根据表中数据可知，表中空格处应填 ，该弹簧所受拉力与伸长量之间的关系为k N/cm。实验次数123456弹力F/N00.30.60.91.21.5弹簧伸长量r/cm01.22.13.66.07如图，是物体浸入水中前后弹簧测力计的示数，由此可知该物体的密度是 kg/m3。8如
3、图所示为我军最先进的主战坦克99A，其总质量达50t。当99A坦克静止在水平地面时履带与地面的总接触面积为4m2，此时坦克对地面的压强为 Pa。9如图所示，用F50N的力通过滑轮组水平拉重为80N的物体，使其向左匀速运动，在这过程中拉力F做功为10J，已知物体受到水平地面的摩擦力为60N，则物体运动的距离为 m，该滑轮组的机械效率为 （忽略绳子和动滑轮的重力）。10如图所示，S点为点光源，请画出图中S点发出的一条光线的折射后的折射光线。（注：该光线与主光轴不平行）二、选择题（每小题3分，共21分；每小题只有一个选项符合题意）11安徽物华天宝，人杰地灵，自然风光美不胜收。以下各景区自然现象中属于
4、液化的是（）A早春九华，残雪消融B初夏安庆，江雾弥漫C深秋宏村。霜重枝头D降冬黄山，白雪纷飞12下列说法正确的是（）A比热容大的物体吸热时升温速度一定比较慢B同一物体的温度上升，内能一定增加了C做功改变物体的内能一定会消耗机械能D燃料燃烧不充分可能会导致热值变小13下列违反交通法造成的驾驶证扣分中，与惯性大小无关的是（）A客运车辆载人超过核定人数20%以上的B超速驾驶高于限速50%C高速公路倒车、穿越中央隔离带调头D违反规定使用喇叭14如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡L上标有“2.5V”字样；图乙是通过小灯泡L的电流I与其两端电压U的关系图。闭合开关S，电流表示数为0.2A，下列说法正
5、确的是（）A此时小灯泡L的电阻值为10B电阻R的阻值为15C小灯泡L的实际电功率为0.5 WD通电10 s电路消耗的电能为90 J15如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（）A电风扇工作时主要将电能转化为机械能B家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的C法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机D测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线16在如图所示的电路中，电源电压为9伏。当电键K闭合时，只有一只灯泡发光，且电压表V的示数为9伏。产生这一现象的原因可能是（）A灯L1短路B灯L2短路C灯L1断路D灯L2断路17图示电路中电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。闭合开关
6、S向右移动滑片P，则电路中的电流表A和电流表A变化情况（）AA变大，A1变小BA变小，A1变大C两表示数均变大D两表示数均变小三、实验题（第18小题4分，第19小题8分，第20小题8分，共20分）18在探究“光反射时的规律”实验中，如图甲小华在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，接着她把纸板NOF向前折或向后折（如图乙），在纸板上 （选填“能”或“不能”）看到反射光。在图甲所示的实验中如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中， 。19（8分）如图所示，某同学为了研究滑动摩擦力大小与压力F大小之间的关系，设计了如图所示的实验。砝码质量0100200300
7、400沙桶总重/N0.40.81.21.62使轻绳绕过定滑轮（滑轮的摩擦可忽略不计），一端与粗糙水平桌面上重为1N的滑块相连，另一端悬挂一个沙桶。调整桶内砂的质量，使沙桶和滑块都做 运动，并测出沙桶总重力；多次在滑块上叠放质量不同砝码，调整沙桶中砂的质量，重复步骤，并分别测出每次沙桶的重力下表给出了每次沙桶总重和对应的砝码质量，请阅读后完成下面的问题。（1）步骤中，应使沙桶和滑块都做 运动。（2）定滑轮在本实验中起到的作用是 。（3）实验中，依据 的知识，可知滑动摩擦力大小和沙桶总重相等。（4）根据表中的数据，本次实验中，在接触面粗糙程度一定时，摩擦力f与压力关系为f FN。20（8分）现有两
8、只小灯泡L1、I2，它们的额定电压分别为2.5V和3.8V。（1）如图甲是小明测定灯泡L额定功率的实物电路图（不完整）请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整（请注意正负接线柱）（2）正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到 端（选填“A“”或“B”），闭合开关后，移动滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则灯泡L的额定功率为 W。（3）小华利用图丙所示的电路测出了灯泡L2的额定功率。图中R为阻值已知的定值电阻。还有两个开关和一只电表（电流表或电压表）未画出，请在虚线框内补画上这三个元件的符号。四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题8分，第23小题6分，共
9、22分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（8分）奇瑞汽车是安徽的骄傲。今年3月24日奇瑞官方宣布新型发动机ET15B研制成功，并宣称该发动机的热效率高达36%，即该发动机可以将所消耗汽油能量的36%转化为机械能。若安装了该发动机的汽车质量为1.5t，匀速行驶时所受的阻力为车重的0.1倍，则该车匀速行驶120km至少需要消耗汽油多少kg？（q汽油4.7107J/kg；假设所输出的机械能均用于克服行驶阻力）22（8分）如图是家庭常用的电热水壶，其铭牌数据如表所示。若加热电阻的阻值不随温度变化而改变，且此时的大气压为1标准大气压。则：额定电压220V额定加热功率2000W容
10、量2.0L电源频率50Hz（1）电热水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是多少欧姆？（2）装满水后，壶中水的质量是多少千克？（3）将一满壶20的水在1标准大气压下烧开，需要吸收多少热量？C水4.2103J/（kg）（4）不考虑热量损失，烧开这壶水，需要多长时间？23（6分）如图所示的电路中，小量程电流表G的电阻RG100，其允许通过的最大电流，即满偏电流Ig1mA，图中定值电阻R1900，R2。（1）当S1和S2均断开时，这个小量程电流表G改装所成的表是什么表？在G表达到满偏电流的情况下该表量程为多大？（2）当S1和S2均闭合时，这个小量程电流表G改装所成的表是什么表？在G表达到满偏电流的情况下该
11、表量程为多大？2019年安徽省合肥十校联考中考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，其中第10题作图3分，共27分)1在英语听力测试中，每个同学都能听见耳机里的声音，但是考场监考老师却听不见，因为耳机中的声音能集中传播，增大了到考生耳朵中的响度（“响度”、“音调”或“音色”）。【分析】声音的强弱叫响度。集中传播的声音传播过程中损失较少，响度更大或传播的距离更远。【解答】解：通过耳机传递声音，声音损失较少，所以听得到响度较大。故答案为：响度。【点评】此题考查了声音的响度，是一道联系实际的应用题，难度不大。2“文房四宝”指古代书写工具“笔墨、纸、砚”。我省黄山地区生产的“徽墨”
12、具有“拈来轻，磨来轻，嗅米馨”的优良特点，“嗅米馨”指使用过程中能闻到清香，这是因为分子具有扩散现象。【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动。【解答】解：能闻到墨的清香，这是扩散现象，这种现象说明分子不停做无规则运动。故答案为：具有扩散。【点评】本题考查了分子动理论的应用，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。3如图是我国拥有完全自主知识产权的国产大飞机“C919”。在飞机飞行过程中，试飞员相对飞机是静止（选填“静止”，或“运动”）的，在飞机加速升空的过程中机械能变大（填“变大”、“变小”或“不变”）。【分析】（1）判断物体是运动还是静止，关键是看被研究的物体与所选
13、的参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。【解答】解：在飞机飞行过程中，试飞员相对于飞机的位置没有发生改变，所以试飞员相对飞机是静止的；飞机在加速升空的过程中，质量不变，由于速度增大，其动能变大；由于上升时高度变大，其重力势能变大，所以机械能变大。故答案为：静止；变大。【点评】此题主要考查运动和静止的相对性、影响机械能因素的理解和掌握，属于基础性题目。4闭合开关S后，小磁针静止时北极的指向如图所示，则电源左端是负
14、极（填“正”或“负”）。【分析】利用小磁针静止时的N、S极的方向确定了螺线管的N、S极，然后利用螺线管的绕向和磁极，根据安培定则再确定螺线管中电流方向，进一步确定电源的正负极。【解答】解：由于小磁针静止时，其左端为N极，右端为S极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的右端为S极，左端为N极。根据螺线管的NS极和螺线管的线圈绕向。利用安培定则可以确定电流是从螺线管的左端流出，右端流入。由于电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。所以可以确定，右端是电源的正极，左端是电源的负极。如图所示：故答案为：负。【点评】在解题过程中若要判定螺线管或磁体的NS极，一般有以下几种方法：根据图示的磁感线方向
15、来确定；利用周围小磁针的NS极来确定；利用和已知极性的磁体的相互作用情况来确定；利用安培定则来确定。在此题中，就是利用小磁针的SN极来确定的螺线管的磁极。5如图所示，轻质杠杆自重可不计，已知OB2OA，重物G50N，拉力F的方向与AB的夹角为30则该杠杆使用时拉力F50N。【分析】由杠杆平衡条件结合数学知识求解。【解答】解：如下图所示，动力臂为OC，由杠杆平衡条件可得FOCGOA，且OB2OA，所以Fsin30OBGOA，即F2OAGOA，解得FG50N。故答案为：50。【点评】本题考查杠杆平衡条件，关键是动力臂大小的确定。6在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比。下表记录了某根弹簧弹性限
16、度内所受拉力和伸长量的数据，根据表中数据可知，表中空格处应填4.8，该弹簧所受拉力与伸长量之间的关系为k0.25N/cm。实验次数123456弹力F/N00.30.60.91.21.5弹簧伸长量r/cm01.22.13.66.0【分析】在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比。【解答】解：由已知：在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比，我们可以得到，Fkr，由第2，3，4，6次实验数据带入可得，k0.25N/cm，即F0.25N/cmr再将第5次实验数据带入：1.2N0.25N/cmr，求得r4.8cm；故答案为：4.8；0.25。【点评】本题考查弹簧测力计原理的实验，关键是能够利用题中
17、提供的数据进行有效深入的定性和定量分析，得出结论。7如图，是物体浸入水中前后弹簧测力计的示数，由此可知该物体的密度是4103kg/m3。【分析】（1）利用“称重法”求出物体在水中受浮力的大小；（2）知道物体重，利用重力公式可以求物体的质量；知道物体受浮力可以利用阿基米德原理求排开水的体积（物体的体积）；再利用密度公式求物体的密度。【解答】解：（1）由图知，物体重力G4N，物体浸没在水中时弹簧测力计的示数：F3N，则物体浸没在水中时受到的浮力：F浮GF4N3N1N；（2）因为F浮水V排g，物体浸没在水中，所以物体的体积：VV排1104m3，由Gmg可得物体的质量：m0.4kg，物体的密度：410
18、3kg/m3。故答案为：4103。【点评】本题考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理和称重法测浮力的应用，注意隐含条件（物体浸没在水中，物体的体积VV排）的使用。8如图所示为我军最先进的主战坦克99A，其总质量达50t。当99A坦克静止在水平地面时履带与地面的总接触面积为4m2，此时坦克对地面的压强为1.25105Pa。【分析】坦克静止在水平地面时对地面的压力和自身的重力相等，根据FGmg求出其大小，又知道履带与地面的总接触面积即受力面积，根据p求出对地面的压强。【解答】解：坦克静止在水平地面时，对地面的压力：FGmg50103kg10N/kg5105N，此时坦克对地面的压强：p1.25105
19、Pa。故答案为：1.25105。【点评】本题考查了压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。9如图所示，用F50N的力通过滑轮组水平拉重为80N的物体，使其向左匀速运动，在这过程中拉力F做功为10J，已知物体受到水平地面的摩擦力为60N，则物体运动的距离为0.1m，该滑轮组的机械效率为60%（忽略绳子和动滑轮的重力）。【分析】知道拉力的大小和拉力做的功，根据WFs求出绳端移动的距离，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s绳ns物求出物体运动的距离，根据Wfs求出克服摩擦力做的有用功，利用100%求出滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）由WFs可得，绳端移动的距离：s绳0.2m，由
20、图可知，n2，则物体运动的距离：s物s绳0.2m0.1m，克服摩擦力做的有用功：W有fs物60N0.1m6J，则滑轮组的机械效率：100%100%60%。故答案为：0.1；60%。【点评】本题考查了做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功是关键。10如图所示，S点为点光源，请画出图中S点发出的一条光线的折射后的折射光线。（注：该光线与主光轴不平行）【分析】先根据凸透镜的两条特殊光线画出像的位置，再根据“最上方光线经凸透镜后折射光线也过像点”作图。【解答】解：由图知，点光源S在焦距以外，由凸透镜成像规律可知，一定成实像，即折射光线一定过像点；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，通过光
21、心的光线经凸透镜折射后方向不变，这两条折射光线的交点为S的像点S，而最上方光线经凸透镜后折射光线也过像点，如图所示：【点评】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。二、选择题（每小题3分，共21分；每小题只有一个选项符合题意）11安徽物华天宝，人杰地灵，自然风光美不胜收。以下各景区自然现象中属于液化的是（）A早春九华，残雪消融B初夏安庆，江雾弥漫C深秋宏村。霜重枝头D降冬黄山，白雪纷飞【分析】物理学中把物质从气态变成液态称为液化，液化过程需要放热。【解答】解：A、残雪融化，雪由固态变成
22、液态的水，属于熔化现象。故A不符合题意；B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴。故B符合题意；C、霜是空气中的水蒸气在温度明显降低时凝华形成的冰晶。故C不符合题意；D、雪主要是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶。故D不符合题意。故选：B。【点评】此题考查的是物态变化的判断。分析物态变化时，首先要分析生成物的状态，然后再分析是由什么状态的物质形成的，从而判断出是什么物态变化。12下列说法正确的是（）A比热容大的物体吸热时升温速度一定比较慢B同一物体的温度上升，内能一定增加了C做功改变物体的内能一定会消耗机械能D燃料燃烧不充分可能会导致热值变小【分析】（1）根据Qcmt分析解答；（2）物体温度升
23、高内能一定增加；（3）改变物体内能的方式：做功和热传递；对物体做功，机械能转化为内能，物体对外做功，内能转化为机械能；（4）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。【解答】解：A、根据Qcmt知，在质量相同、吸收相同的热量时，比热容大的物体吸热时升温速度慢，故A错误；B、物体的温度升高了，内能一定增加，故B正确；C、对物体做功，机械能转化为内能，消耗机械能，得到内能；物体对外做功，内能转化为机械能，消耗内能，得到机械能，故C错误；D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无
24、关，故D错误。故选：B。【点评】本题考查温度、热量与内能的关系以及热值的知识，相对比较简单，属于基础题。13下列违反交通法造成的驾驶证扣分中，与惯性大小无关的是（）A客运车辆载人超过核定人数20%以上的B超速驾驶高于限速50%C高速公路倒车、穿越中央隔离带调头D违反规定使用喇叭【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。【解答】解：A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大，客运车辆载人超过核定人数20%以上的，质量增大，故汽车超载会增大惯性
25、，不符合题意；B、超速驾驶高于限速50%，行驶速度过高，这样汽车行驶过程如果紧急刹车，汽车由于惯性会继续运动，故会因车速过快而增大了刹车距离造成交通事故，与惯性有关，不符合题意；C、高速公路上，汽车的行驶速度比较高，这样若在高速公路倒车、穿越中央隔离带调头，后面的车辆因车速过快，遇到紧急情况紧急刹车，由于惯性会继续运动，而增大了刹车距离造成交通事故。与惯性有关，不符合题意；D、违反规定使用喇叭只是一个交通规定，与惯性无关，符合题意。故选：D。【点评】本题考查的是考生对惯性知识的理解和掌握，解答本题的关键是会用惯性知识解释现象。14如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡L上标有“2.5V”字样
26、；图乙是通过小灯泡L的电流I与其两端电压U的关系图。闭合开关S，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是（）A此时小灯泡L的电阻值为10B电阻R的阻值为15C小灯泡L的实际电功率为0.5 WD通电10 s电路消耗的电能为90 J【分析】由电路图可知，L与R串联，电流表测电路中的电流，根据图象读出电流表的示数为0.2A时灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出此时小灯泡的电阻，根据PUI求出小灯泡的实际功率，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据欧姆定律求出R的阻值，利用WUIt求出通电10s电路消耗的电能。【解答】解：由电路图可知，L与R串联，电流表测电路中的电流，由图象可知，电流表的示数为0.2
27、A时，灯泡两端的电压UL1.5V，由I可得，此时小灯泡的电阻：RL7.5，故A错误；灯泡的实际功率：PLULI1.5V0.2A0.3W，故C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电阻R两端的电压：URUUL4.5V1.5V3V，则电阻R的阻值：R15，故B正确；通电10s电路消耗的电能：WUIt4.5V0.2A10s9J，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。15如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（）A电风扇工作时主要将电能转化为机械能B家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的C法拉第根据图示电磁
28、感应的原理制成了电动机D测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线【分析】（1）用电器工作的实质是将电能转化为其它形式的能；（2）电能表是测量电能的仪表；（3）发电机的原理是电磁感应；（4）测电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线。【解答】解：A、电风扇工作时，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为了机械能；故A正确；B、电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表；故B错误；C、法拉第根据图示电磁感应的原理制成了发电机；故C错误；D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线，故D错
29、误。故选：A。【点评】本题综合考查了用电器工作的实质、电能表的作用、发电机的原理以及测电笔的使用方法等，属于基础知识考查范围。16在如图所示的电路中，电源电压为9伏。当电键K闭合时，只有一只灯泡发光，且电压表V的示数为9伏。产生这一现象的原因可能是（）A灯L1短路B灯L2短路C灯L1断路D灯L2断路【分析】当电路发生断路时，灯泡不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，灯泡可能工作，并且电路中有电流；根据电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L1两端的电压，根据灯泡工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障。【解答】解：因为闭合开关后，有一盏灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且
30、等于电源电压，所以L2被短路。故选：B。【点评】此题考查了用电流表、电压表来判断电路故障，对两表的用法和特征要会运用。17图示电路中电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。闭合开关S向右移动滑片P，则电路中的电流表A和电流表A变化情况（）AA变大，A1变小BA变小，A1变大C两表示数均变大D两表示数均变小【分析】由电路图可知，R2与R3并联后再与R1串联，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，利用并联电
31、路的电压特点和欧姆定律可知通过R2的电流变化。【解答】解：由电路图可知，R2与R3并联后再与R1串联，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流。当向右移动滑片P时，R3接入电路中的电阻变大，则并联部分的总电阻变大，电路的总电阻变大，由I可知，干路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故AC错误；由UIR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，R2的阻值不变，所以，由I2可知，通过R2的电流变大，即电流表A1的示数变大，故B正确、D错误。故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定
32、律的应用，要注意无论串联还是并联，电路中的一个电阻变大，电路的总电阻也变大，反之变小。三、实验题（第18小题4分，第19小题8分，第20小题8分，共20分）18在探究“光反射时的规律”实验中，如图甲小华在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，接着她把纸板NOF向前折或向后折（如图乙），在纸板上不能（选填“能”或“不能”）看到反射光。在图甲所示的实验中如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，光路是可逆的。【分析】由光的反射定律可知：入射光线与反射光线在同一平面内，若把法线左边的纸板向后或向前折，则在纸板上将不能看到反射光线。光在反射时光路是可逆的；【解答
33、】解：实验中，把纸板NOF向前折或向后折，在纸板上不能看到反射光，说明反射光已经不在纸板上了，而此时左右2个纸板也不在同一个平面了，由此说明：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；在图甲所示的实验中，如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，光路是可逆的。故答案为：不能；光路是可逆的。【点评】此题考查了光的反射规律，要掌握三线和两角的关系，并能根据实验现象得出结论。19（8分）如图所示，某同学为了研究滑动摩擦力大小与压力F大小之间的关系，设计了如图所示的实验。砝码质量0100200300400沙桶总重/N0.40.81.21.62使轻绳绕过定滑轮（滑轮的摩擦可
34、忽略不计），一端与粗糙水平桌面上重为1N的滑块相连，另一端悬挂一个沙桶。调整桶内砂的质量，使沙桶和滑块都做匀速直线运动，并测出沙桶总重力；多次在滑块上叠放质量不同砝码，调整沙桶中砂的质量，重复步骤，并分别测出每次沙桶的重力下表给出了每次沙桶总重和对应的砝码质量，请阅读后完成下面的问题。（1）步骤中，应使沙桶和滑块都做匀速直线运动。（2）定滑轮在本实验中起到的作用是改变力的方向。（3）实验中，依据二力平衡的知识，可知滑动摩擦力大小和沙桶总重相等。（4）根据表中的数据，本次实验中，在接触面粗糙程度一定时，摩擦力f与压力关系为f0.4FN。【分析】（1）根据二力平衡条件可知，拉力与摩擦力平衡解答此题
35、；（2）定滑轮起到的作用是改变力的方向；（3）滑动摩擦力大小和沙桶总重相等，二力平衡；（4）根据数据，分析摩擦力和压力的大小关系【解答】解：使轻绳绕过定滑轮（滑轮的摩擦可忽略不计），一端与粗糙水平桌面上重为1N的滑块相连，另一端悬挂一个沙桶。调整桶内砂的质量，使沙桶和滑块都做匀速直线运动，并测出沙桶总重力；多次在滑块上叠放质量不同砝码，调整沙桶中砂的质量，重复步骤，并分别测出每次沙桶的重力下表给出了每次沙桶总重和对应的砝码质量，请阅读后完成下面的问题。（1）步骤中，应使沙桶和滑块都做匀速直线运动；（2）定滑轮在本实验中起到的作用是改变力的方向；（3）实验中，依据二力平衡的知识，可知滑动摩擦力大
36、小和沙桶总重相等。（4）根据表中的数据，本次实验中，在接触面粗糙程度一定时，摩擦力f与压力关系：不加砝码时，FNG1N，fG沙桶总重0.4N，0.4，故在接触面粗糙程度一定时，摩擦力f与压力关系为f0.4FN。故答案为：匀速直线；（1）匀速直线运动；（2）改变力的方向；（3）二力平衡；（4）0.4。【点评】此题探究摩擦力跟压力大小的关系，注意控制变量接触面的粗糙程度不变。影响摩擦力大小的因素实验是初中物理中的一个重点实验，要注意掌握。20（8分）现有两只小灯泡L1、I2，它们的额定电压分别为2.5V和3.8V。（1）如图甲是小明测定灯泡L额定功率的实物电路图（不完整）请用笔画线代替导线将实物电
37、路图连接完整（请注意正负接线柱）（2）正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到A端（选填“A“”或“B”），闭合开关后，移动滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则灯泡L的额定功率为0.8W。（3）小华利用图丙所示的电路测出了灯泡L2的额定功率。图中R为阻值已知的定值电阻。还有两个开关和一只电表（电流表或电压表）未画出，请在虚线框内补画上这三个元件的符号。【分析】（1）变阻器按一下一上接入电路中；（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；由图乙电流表选用的量程确定分度值读数，根据PUI求额定功率；（3）由图丙R与L2串联，首先移动滑片，使灯正常发
38、光，然后保持滑片位置不动，通过开关转换可以测量电源电压和灯泡两端电压（电路的连接关系不变），所以电压表应并联在灯L2的两端，根据串联电路电压特点计算R两端电压，根据欧姆定律，计算出灯正常工作时通过R电流，即灯泡正常工作时的电流，从而计算出灯泡的额定功率。【解答】解：（1）变阻器按一下一上接入电路中，如下左所示：（2）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到A端；当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，图中选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A，则灯泡L1的定功率为：PUI2.5V0.32A0.8W；（3）由上面的分析知，右上边的是电压表；左边两虚线框内是开关，如上图
39、右所示：只闭合S和中间的开关，移动滑片使电压表示数为3.8V；保持滑片位置不动，断开中间开关，闭合左上边开关，测出灯与R的总电压，根据串联电路的电压特点计算出R两端电压UR；由I额计算出R的电流，即灯泡此时的电流，由PU额I额计算灯泡L2电功率即可，如上右所示：故答案为：（1）如上左图；（2）A；0.8；（3）如上右图。【点评】本题测灯的功率，考查电路的连接、注意事项、电流表读数、额定功率的计算及方案的设计。四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题8分，第23小题6分，共22分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（8分）奇瑞汽车是安徽的骄傲。今年3月24日奇瑞官方宣
40、布新型发动机ET15B研制成功，并宣称该发动机的热效率高达36%，即该发动机可以将所消耗汽油能量的36%转化为机械能。若安装了该发动机的汽车质量为1.5t，匀速行驶时所受的阻力为车重的0.1倍，则该车匀速行驶120km至少需要消耗汽油多少kg？（q汽油4.7107J/kg；假设所输出的机械能均用于克服行驶阻力）【分析】（1）根据Gmg算出汽车的重力，根据f0.1G算出阻力，因为车匀速运动，车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，知道行驶距离，利用WFs求牵引力做的功；（2）根据算出汽油完全燃烧释放的能量，利用Qmq求出消耗汽油的质量。【解答】解：（1）汽车的重力：Gmg1.5103kg10
41、N/kg1.5104N，因为汽车匀速运动，所以F牵f阻0.1G总0.11.5104N1500N，牵引力做的功：WF牵s1500N120103m1.8108J；根据知，汽油完全燃烧释放的能量：Q5108J，根据Qmq知，汽油的质量：m10.6kg。答：该车匀速行驶120km至少需要消耗汽油10.6kg。【点评】本题为力学综合题，考查了重力、二力平衡、功和效率的计算，知识点多、综合性强，要求灵活应用所学公式，计算过程中注意单位统一。22（8分）如图是家庭常用的电热水壶，其铭牌数据如表所示。若加热电阻的阻值不随温度变化而改变，且此时的大气压为1标准大气压。则：额定电压220V额定加热功率2000W容
42、量2.0L电源频率50Hz（1）电热水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是多少欧姆？（2）装满水后，壶中水的质量是多少千克？（3）将一满壶20的水在1标准大气压下烧开，需要吸收多少热量？C水4.2103J/（kg）（4）不考虑热量损失，烧开这壶水，需要多长时间？【分析】（1）由铭牌上信息结合功率公式可求得电阻；（2）根据mV计算出壶中水的质量；（3）根据Qcmt求出水吸收的热量；（4）根据WQ得出电流做的功，由t求得加热时间。【解答】解：（1）由P可知，加热电阻的阻值：R24.2；（2）由可知，壶中的水的质量：mV1.0103kg/m32.0103m32.0kg；（3）1标准大气压下水的沸点是10
43、0，烧开水时水吸收的热量：Qcm（tt0）4.2103J/（kg）2.0kg（10020）6.72105J；（4）不考虑热量损失，由P可知，所需的时间：t336s；答：（1）电热水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是24.2欧姆；（2）装满水后，壶中水的质量是2千克；（3）将一满壶20的水在1标准大气压下烧开，需要吸收6.72105J的热量；（4）不考虑热量损失，烧开这壶水，需要336s的时间。【点评】本题考查生活中物理知识的应用，要注意联系电学知识解决生活中的物理应用。23（6分）如图所示的电路中，小量程电流表G的电阻RG100，其允许通过的最大电流，即满偏电流Ig1mA，图中定值电阻R1900
44、，R2。（1）当S1和S2均断开时，这个小量程电流表G改装所成的表是什么表？在G表达到满偏电流的情况下该表量程为多大？（2）当S1和S2均闭合时，这个小量程电流表G改装所成的表是什么表？在G表达到满偏电流的情况下该表量程为多大？【分析】串联电阻具有分压作用，并联电阻具有分流作用，即电流表改装为电压表时，应将电流表与电阻串联，改装为电流表时，应将电流表与电阻并联。【解答】解：（1）当S1和S2均断开时，电流表G与电阻R1串联，电阻比较大，改装的应是电压表，UIg（RG+R1）1103A（100+900）1V，电压表的量程是1V；（2）当S1和S2均闭合时，电流表与电阻R2并联，电阻较小，改装的应是电流表，电流表G两端的电压为：UIgRG1103A1000.1V；因为并联电路各支路两端的电压处处相等，所以U2U0.1V，R2的电流为：I20.999A，干路的电流为：IIg+I20.999A+0.001A1A。答：（1）当S1和S2均断开时，这个小量程电流表G改装所成的表是电压表，在G表达到满偏电流的情况下该表量程1V；（2）当S1和S2均闭合时，这个小量程电流表G改装所成的表是电流表，在G表达到满偏电流的情况下该表量程为1A。【点评】明确串联电
