1、2017年海南省中考数学试卷一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分）1（3分）2017的相反数是（）A2017B2017CD2（3分）已知a=2，则代数式a+1的值为（）A3B2C1D13（3分）下列运算正确的是（）Aa3+a2=a5Ba3a2=aCa3a2=a6D（a3）2=a94（3分）如图是一个几何体的三视图，则这个几何体是（）A三棱柱B圆柱C圆台D圆锥5（3分）如图，直线ab，ca，则c与b相交所形成的1的度数为（）A45B60C90D1206（3分）如图，在平面直角坐标系中，ABC位于第二象限，点A的坐标是（2，3），先把ABC向右平移4个单位长度得到A1B1C1，再作与
2、A1B1C1关于x轴对称的A2B2C2，则点A的对应点A2的坐标是（）A（3，2）B（2，3）C（1，2）D（1，2）7（3分）海南省是中国国土面积（含海域）第一大省，其中海域面积约为2000000平方公里，数据2000000用科学记数法表示为210n，则n的值为（）A5B6C7D88（3分）若分式的值为0，则x的值为（）A1B0C1D19（3分）今年3月12日，某学校开展植树活动，某植树小组20名同学的年龄情况如下表： 年龄（岁） 12 13 14 15 16 人数 1 4 3 5 7则这20名同学年龄的众数和中位数分别是（）A15，14B15，15C16，14D16，1510（3分）如图，
3、两个转盘分别自由转动一次，当停止转动时，两个转盘的指针都指向2的概率为（）ABCD11（3分）如图，在菱形ABCD中，AC=8，BD=6，则ABC的周长是（）A14B16C18D2012（3分）如图，点A、B、C在O上，ACOB，BAO=25，则BOC的度数为（）A25B50C60D8013（3分）已知ABC的三边长分别为4、4、6，在ABC所在平面内画一条直线，将ABC分割成两个三角形，使其中的一个是等腰三角形，则这样的直线最多可画（）条A3B4C5D614（3分）如图，ABC的三个顶点分别为A（1，2），B（4，2），C（4，4）若反比例函数y=在第一象限内的图象与ABC有交点，则k的取值
4、范围是（）A1k4B2k8C2k16D8k16二、填空题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）15（4分）不等式2x+10的解集是 16（4分）在平面直角坐标系中，已知一次函数y=x1的图象经过P1（x1，y1）、P2（x2，y2）两点，若x1x2，则y1 y2（填“”，“”或“=”）17（4分）如图，在矩形ABCD中，AB=3，AD=5，点E在DC上，将矩形ABCD沿AE折叠，点D恰好落在BC边上的点F处，那么cosEFC的值是 18（4分）如图，AB是O的弦，AB=5，点C是O上的一个动点，且ACB=45，若点M、N分别是AB、AC的中点，则MN长的最大值是 三、解答题（本大题共62分）
5、19（10分）计算；（1）|3|+（4）21；（2）（x+1）2+x（x2）（x+1）（x1）20（8分）在某市“棚户区改造”建设工程中，有甲、乙两种车辆参加运土，已知5辆甲种车和2辆乙种车一次共可运土64立方米，3辆甲种车和1辆乙种车一次共可运土36立方米，求甲、乙两种车每辆一次分别可运土多少立方米21（8分）某校开展“我最喜爱的一项体育活动”调查，要求每名学生必选且只能选一项，现随机抽查了m名学生，并将其结果绘制成如下不完整的条形图和扇形图请结合以上信息解答下列问题：（1）m= ；（2）请补全上面的条形统计图；（3）在图2中，“乒乓球”所对应扇形的圆心角的度数为 ；（4）已知该校共有120
6、0名学生，请你估计该校约有 名学生最喜爱足球活动22（8分）为做好防汛工作，防汛指挥部决定对某水库的水坝进行加高加固，专家提供的方案是：水坝加高2米（即CD=2米），背水坡DE的坡度i=1：1（即DB：EB=1：1），如图所示，已知AE=4米，EAC=130，求水坝原来的高度BC（参考数据：sin500.77，cos500.64，tan501.2）23（12分）如图，四边形ABCD是边长为1的正方形，点E在AD边上运动，且不与点A和点D重合，连结CE，过点C作CFCE交AB的延长线于点F，EF交BC于点G（1）求证：CDECBF；（2）当DE=时，求CG的长；（3）连结AG，在点E运动过程中，
7、四边形CEAG能否为平行四边形？若能，求出此时DE的长；若不能，说明理由24（16分）抛物线y=ax2+bx+3经过点A（1，0）和点B（5，0）（1）求该抛物线所对应的函数解析式；（2）该抛物线与直线y=x+3相交于C、D两点，点P是抛物线上的动点且位于x轴下方，直线PMy轴，分别与x轴和直线CD交于点M、N连结PC、PD，如图1，在点P运动过程中，PCD的面积是否存在最大值？若存在，求出这个最大值；若不存在，说明理由；连结PB，过点C作CQPM，垂足为点Q，如图2，是否存在点P，使得CNQ与PBM相似？若存在，求出满足条件的点P的坐标；若不存在，说明理由2017年海南省中考数学试卷参考答案
8、与试题解析一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分）1（3分）（2017黔南州）2017的相反数是（）A2017B2017CD【分析】根据相反数特性：若ab互为相反数，则a+b=0即可解题【解答】解：2017+（2017）=0，2017的相反数是（2017），故选 A【点评】本题考查了相反数之和为0的特性，熟练掌握相反数特性是解题的关键2（3分）（2017海南）已知a=2，则代数式a+1的值为（）A3B2C1D1【分析】把a的值代入原式计算即可得到结果【解答】解：当a=2时，原式=2+1=1，故选C【点评】此题考查了代数式求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键3（3分）（2017海南）
9、下列运算正确的是（）Aa3+a2=a5Ba3a2=aCa3a2=a6D（a3）2=a9【分析】根据同底数幂的乘法，同底数幂的除法底数不变指数相减，幂的乘方底数不变指数相乘，可得答案【解答】解：A、a3与a2不是同类项，不能合并，故A不符合题意；B、同底数幂的除法底数不变指数相减，故B符合题意；C、同底数幂的乘法底数不变指数相加，故C不符合题意；D、幂的乘方底数不变指数相乘，故D不符合题意；故选：B【点评】本题考查了同底数幂的除法，熟记法则并根据法则计算是解题关键4（3分）（2017海南）如图是一个几何体的三视图，则这个几何体是（）A三棱柱B圆柱C圆台D圆锥【分析】根据主视图、左视图、俯视图是分
10、别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形，再根据几何体的特点即可得出答案【解答】解：根据俯视图为圆的有球，圆锥，圆柱等几何体，主视图和左视图为三角形的只有圆锥，则这个几何体的形状是圆锥故选：D【点评】此题考查了由三视图判断几何体，关键是对三视图能熟练掌握和灵活运用，体现了对空间想象能力的考查5（3分）（2017海南）如图，直线ab，ca，则c与b相交所形成的1的度数为（）A45B60C90D120【分析】根据垂线的定义可得2=90，再根据两直线平行，同位角相等可得2=1=90【解答】解：ca，2=90，ab，2=1=90故选：C【点评】本题考查了平行线的性质，垂线的定义，熟记两直线平行，同位角
11、相等是解题的关键6（3分）（2017海南）如图，在平面直角坐标系中，ABC位于第二象限，点A的坐标是（2，3），先把ABC向右平移4个单位长度得到A1B1C1，再作与A1B1C1关于x轴对称的A2B2C2，则点A的对应点A2的坐标是（）A（3，2）B（2，3）C（1，2）D（1，2）【分析】首先利用平移的性质得到A1B1C1，进而利用关于x轴对称点的性质得到A2B2C2，即可得出答案【解答】解：如图所示：点A的对应点A2的坐标是：（2，3）故选：B【点评】此题主要考查了平移变换以及轴对称变换，正确掌握变换规律是解题关键7（3分）（2017海南）海南省是中国国土面积（含海域）第一大省，其中海域面
12、积约为2000000平方公里，数据2000000用科学记数法表示为210n，则n的值为（）A5B6C7D8【分析】科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值1时，n是非负数；当原数的绝对值1时，n是负数【解答】解：2000000=2106，n=6故选：B【点评】此题考查科学记数法的表示方法科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值8（3分）（2017海南）若分式的值为0，则x的值为（）A1B0C1D1【分析】直接利用
13、分式的值为零则分子为零，分母不等于零，进而得出答案【解答】解：分式的值为0，x21=0，x10，解得：x=1故选：A【点评】此题主要考查了分式的值为零，正确把握相关定义是解题关键9（3分）（2017海南）今年3月12日，某学校开展植树活动，某植树小组20名同学的年龄情况如下表： 年龄（岁） 12 13 14 15 16 人数 1 4 3 5 7则这20名同学年龄的众数和中位数分别是（）A15，14B15，15C16，14D16，15【分析】众数即为出现次数最多的数，所以从中找到出现次数最多的数即可；中位数是排序后位于中间位置的数，或中间两数的平均数【解答】解：12岁有1人，13岁有4人，14岁
14、有3人，15岁有5人，16岁有7人，出现次数最多的数据是16，同学年龄的众数为16岁；一共有20名同学，因此其中位数应是第10和第11名同学的年龄的平均数，中位数为（15+15）2=15，故中位数为15故选D【点评】此题考查了众数和中位数，众数是一组数据中出现次数最多的数，中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数），叫做这组数据的中位数10（3分）（2017海南）如图，两个转盘分别自由转动一次，当停止转动时，两个转盘的指针都指向2的概率为（）ABCD【分析】首先根据题意列出表格，然后由表格即可求得所有等可能的结果与都指向2的情况数，继而求得答案【
15、解答】解：列表如下： 12341（1，1）（2，1）（3，1）（4，1）2（1，2）（2，2）（3，2）（4，2）3（1，3）（2，3）（3，3）（4，3）4（1，4）（2，4）（3，4）（4，4）共有16种等可能的结果，两个转盘的指针都指向2的只有1种结果，两个转盘的指针都指向2的概率为，故选：D【点评】此题考查了树状图法与列表法求概率用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比11（3分）（2017海南）如图，在菱形ABCD中，AC=8，BD=6，则ABC的周长是（）A14B16C18D20【分析】利用菱形的性质结合勾股定理得出AB的长，进而得出答案【解答】解：在菱形ABCD中，AC=8
16、，BD=6，AB=BC，AOB=90，AO=4，BO=3，BC=AB=5，ABC的周长=AB+BC+AC=5+5+8=18故选：C【点评】此题主要考查了菱形的性质、勾股定理，正确把握菱形的性质，由勾股定理求出AB是解题关键12（3分）（2017海南）如图，点A、B、C在O上，ACOB，BAO=25，则BOC的度数为（）A25B50C60D80【分析】先根据OA=OB，BAO=25得出B=25，再由平行线的性质得出B=CAB=25，根据圆周角定理即可得出结论【解答】解：OA=OB，BAO=25，B=25ACOB，B=CAB=25，BOC=2CAB=50（同弧所对的圆心角等于圆周角的2倍）故选B【
17、点评】本题考查的是圆周角定理，熟知在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半是解答此题的关键13（3分）（2017海南）已知ABC的三边长分别为4、4、6，在ABC所在平面内画一条直线，将ABC分割成两个三角形，使其中的一个是等腰三角形，则这样的直线最多可画（）条A3B4C5D6【分析】根据等腰三角形的性质，利用4作为腰或底边得出符合题意的图形即可【解答】解：如图所示：当AC=CD，AB=BG，AF=CF，AE=BE时，都能得到符合题意的等腰三角形故选B【点评】此题主要考查了等腰三角形的判定以及应用设计与作图等知识，正确利用图形分类讨论得出是解题关键14（3分）
18、（2017海南）如图，ABC的三个顶点分别为A（1，2），B（4，2），C（4，4）若反比例函数y=在第一象限内的图象与ABC有交点，则k的取值范围是（）A1k4B2k8C2k16D8k16【分析】由于ABC是直角三角形，所以当反比例函数y=经过点A时k最小，经过点C时k最大，据此可得出结论【解答】解：ABC是直角三角形，当反比例函数y=经过点A时k最小，经过点C时k最大，k最小=12=2，k最大=44=16，2k16故选C【点评】本题考查的是反比例函数的性质，熟知反比例函数图象上点的坐标特点是解答此题的关键二、填空题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）15（4分）（2017海南）不等式2
19、x+10的解集是x【分析】利用不等式的基本性质，将不等式两边同时减去1再除以2，不等号的方向不变；即可得到不等式的解集【解答】解：原不等式移项得，2x1，系数化为1，得，x故答案为x【点评】本题考查了解简单不等式的能力，解答这类题学生往往在解题时不注意移项要改变符号这一点而出错解不等式要依据不等式的基本性质，在不等式的两边同时加上或减去同一个数或整式不等号的方向不变；在不等式的两边同时乘以或除以同一个正数不等号的方向不变；在不等式的两边同时乘以或除以同一个负数不等号的方向改变16（4分）（2017海南）在平面直角坐标系中，已知一次函数y=x1的图象经过P1（x1，y1）、P2（x2，y2）两点
20、，若x1x2，则y1y2（填“”，“”或“=”）【分析】根据k=1结合一次函数的性质即可得出y=x1为单调递增函数，再根据x1x2即可得出y1y2，此题得解【解答】解：一次函数y=x1中k=1，y随x值的增大而增大x1x2，y1y2故答案为：【点评】本题考查了一次函数的性质，熟练掌握“k0，y随x的增大而增大，函数从左到右上升”是解题的关键17（4分）（2017海南）如图，在矩形ABCD中，AB=3，AD=5，点E在DC上，将矩形ABCD沿AE折叠，点D恰好落在BC边上的点F处，那么cosEFC的值是【分析】根据翻折变换的性质得到AFE=D=90，AF=AD=5，根据矩形的性质得到EFC=BA
21、F，根据余弦的概念计算即可【解答】解：由翻折变换的性质可知，AFE=D=90，AF=AD=5，EFC+AFB=90，B=90，BAF+AFB=90，EFC=BAF，cosBAF=，cosEFC=，故答案为：【点评】本题考查的是翻折变换的性质、余弦的概念，掌握翻折变换是一种对称变换，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等是解题的关键18（4分）（2017海南）如图，AB是O的弦，AB=5，点C是O上的一个动点，且ACB=45，若点M、N分别是AB、AC的中点，则MN长的最大值是【分析】根据中位线定理得到MN的长最大时，BC最大，当BC最大时是直径，从而求得直径后就可以求得最大
22、值【解答】解：如图，点M，N分别是AB，AC的中点，MN=BC，当BC取得最大值时，MN就取得最大值，当BC是直径时，BC最大，连接BO并延长交O于点C，连接AC，BC是O的直径，BAC=90ACB=45，AB=5，ACB=45，BC=5，MN最大=故答案为：【点评】本题考查了三角形的中位线定理、等腰直角三角形的性质及圆周角定理，解题的关键是了解当什么时候MN的值最大，难度不大三、解答题（本大题共62分）19（10分）（2017海南）计算；（1）|3|+（4）21；（2）（x+1）2+x（x2）（x+1）（x1）【分析】（1）原式利用算术平方根定义，绝对值的代数意义，负整数指数幂法则计算即可得
23、到结果；（2）原式利用完全平方公式，平方差公式，以及单项式乘以多项式法则计算即可得到结果【解答】解：（1）原式=434=432=1；（2）原式=x2+2x+1+x22xx2+1=x2+2【点评】此题考查了整式的混合运算，以及实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键20（8分）（2017海南）在某市“棚户区改造”建设工程中，有甲、乙两种车辆参加运土，已知5辆甲种车和2辆乙种车一次共可运土64立方米，3辆甲种车和1辆乙种车一次共可运土36立方米，求甲、乙两种车每辆一次分别可运土多少立方米【分析】设甲种车辆一次运土x立方米，乙种车辆一次运土y立方米，根据题意所述的两个等量关系得出方程组，解出即可得
24、出答案【解答】解：设甲种车辆一次运土x立方米，乙种车辆一次运土y立方米，由题意得，解得：答：甲种车辆一次运土8立方米，乙种车辆一次运土12立方米【点评】此题考查了二元一次方程组的应用，属于基础题，仔细审题，根据题意的等量关系得出方程是解答本题的关键21（8分）（2017海南）某校开展“我最喜爱的一项体育活动”调查，要求每名学生必选且只能选一项，现随机抽查了m名学生，并将其结果绘制成如下不完整的条形图和扇形图请结合以上信息解答下列问题：（1）m=150；（2）请补全上面的条形统计图；（3）在图2中，“乒乓球”所对应扇形的圆心角的度数为36；（4）已知该校共有1200名学生，请你估计该校约有240
25、名学生最喜爱足球活动【分析】（1）根据图中信息列式计算即可；（2）求得“足球“的人数=15020%=30人，补全上面的条形统计图即可；（3）360乒乓球”所占的百分比即可得到结论；（4）根据题意计算即可【解答】解：（1）m=2114%=150，（2）“足球“的人数=15020%=30人，补全上面的条形统计图如图所示；（3）在图2中，“乒乓球”所对应扇形的圆心角的度数为360=36；（4）120020%=240人，答：估计该校约有240名学生最喜爱足球活动故答案为：150，36，240【点评】本题考查了条形统计图，观察条形统计图、扇形统计图获得有效信息是解题关键22（8分）（2017海南）为做好
26、防汛工作，防汛指挥部决定对某水库的水坝进行加高加固，专家提供的方案是：水坝加高2米（即CD=2米），背水坡DE的坡度i=1：1（即DB：EB=1：1），如图所示，已知AE=4米，EAC=130，求水坝原来的高度BC（参考数据：sin500.77，cos500.64，tan501.2）【分析】设BC=x米，用x表示出AB的长，利用坡度的定义得到BD=BE，进而列出x的方程，求出x的值即可【解答】解：设BC=x米，在RtABC中，CAB=180EAC=50，AB=x，在RtEBD中，i=DB：EB=1：1，BD=BE，CD+BC=AE+AB，即2+x=4+x，解得x=12，即BC=12，答：水坝原
27、来的高度为12米【点评】本题考查了解直角三角形的应用，解答本题的关键是理解坡度、坡比的含义，构造直角三角形，利用三角函数表示相关线段的长度，难度一般23（12分）（2017海南）如图，四边形ABCD是边长为1的正方形，点E在AD边上运动，且不与点A和点D重合，连结CE，过点C作CFCE交AB的延长线于点F，EF交BC于点G（1）求证：CDECBF；（2）当DE=时，求CG的长；（3）连结AG，在点E运动过程中，四边形CEAG能否为平行四边形？若能，求出此时DE的长；若不能，说明理由【分析】（1）先判断出CBF=90，进而判断出1=3，即可得出结论；（2）先求出AF，AE，再判断出GBFEAF，
28、可求出BG，即可得出结论；（3）假设是平行四边形，先判断出DE=BG，进而判断出GBF和ECF是等腰直角三角形，即可得出GFB=CFE=45，即可得出结论【解答】解：（1）如图，在正方形ABCD中，DC=BC，D=ABC=DCB=90，CBF=180ABC=90，1+2=DCB=90，CFCE，ECF=90，3+2=ECF=90，1=3，在CDE和CBF中，CDECBF，（2）在正方形ABCD中，ADBC，GBFEAF，由（1）知，CDECBF，BF=DE=，正方形的边长为1，AF=AB+BF=，AE=ADDE=，BG=，CG=BCBG=；（3）不能，理由：若四边形CEAG是平行四边形，则必须
29、满足AECG，AE=CG，ADAE=BCCG，DE=BG，由（1）知，CDECBF，DE=BF，CE=CF，GBF和ECF是等腰直角三角形，GFB=45，CFE=45，CFA=GFB+CFE=90，此时点F与点B重合，点D与点E重合，与题目条件不符，点E在运动过程中，四边形CEAG不能是平行四边形【点评】此题是四边形综合题，主要考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，平行四边形的性质，等腰直角三角形的判定，解（1）的关键是判定1=3，解（2）的关键是判断出GBFEAF，解（3）的关键是判断出CFA=90，是一道常考题24（16分）（2017海南）抛物线y=ax2+b
30、x+3经过点A（1，0）和点B（5，0）（1）求该抛物线所对应的函数解析式；（2）该抛物线与直线y=x+3相交于C、D两点，点P是抛物线上的动点且位于x轴下方，直线PMy轴，分别与x轴和直线CD交于点M、N连结PC、PD，如图1，在点P运动过程中，PCD的面积是否存在最大值？若存在，求出这个最大值；若不存在，说明理由；连结PB，过点C作CQPM，垂足为点Q，如图2，是否存在点P，使得CNQ与PBM相似？若存在，求出满足条件的点P的坐标；若不存在，说明理由【分析】（1）由A、B两点的坐标，利用待定系数法可求得抛物线解析式；（2）可设出P点坐标，则可表示出M、N的坐标，联立直线与抛物线解析式可求得
31、C、D的坐标，过C、D作PN的垂线，可用t表示出PCD的面积，利用二次函数的性质可求得其最大值；当CNQ与PBM相似时有或=两种情况，利用P点坐标，可分别表示出线段的长，可得到关于P点坐标的方程，可求得P点坐标【解答】解：（1）抛物线y=ax2+bx+3经过点A（1，0）和点B（5，0），解得，该抛物线对应的函数解析式为y=x2x+3；（2）点P是抛物线上的动点且位于x轴下方，可设P（t，t2t+3）（1t5），直线PMy轴，分别与x轴和直线CD交于点M、N，M（t，0），N（t，t+3），PN=t+3（t2t+3）=（t）2+联立直线CD与抛物线解析式可得，解得或，C（0，3），D（7，），
32、分别过C、D作直线PN的直线，垂足分别为E、F，如图1，则CE=t，DF=7t，SPCD=SPCN+SPDN=PNCE+PNDF=PN=（t）2+=（t）2+，当t=时，PCD的面积有最大值，最大值为；存在CQN=PMB=90，当CNQ与PBM相似时，有或=两种情况，CQPM，垂足为Q，Q（t，3），且C（0，3），N（t，t+3），CQ=t，NQ=t+33=t，=，P（t，t2t+3），M（t，0），B（5，0），BM=5t，PM=0（t2t+3）=t2+t3，当时，则PM=BM，即t2+t3=（5t），解得t=2或t=5（舍去），此时P（2，）；当=时，则BM=PM，即5t=（t2+t3），解得t=或t=5（舍去），此时P（，）；综上可知存在满足条件的点P，其坐标为（2，）或（，）【点评】本题为二次函数的综合应用，涉及待定系数法、函数图象的交点、二次函数的性质、相似三角形的判定和性质、方程思想及分类讨论思想等知识在（1）中注意待定系数法的应用，在（2）中用P点坐标表示出PCD的面积是解题的关键，在（2）中利用相似三角形的性质确定出相应线段的比是解题的关键本题考查知识点较多，综合性较强，难度较大
