1、2022-2023学年福建省三明市永安三中高三下学期一轮模拟物理试题试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块，系统处于静止状态，
2、现用竖直向下的力作用在上，使其向下做匀加速直线运动，在弹簧的弹性限度内，下列是力和运动时间之间关系的图象，正确的是（）ABCD2、关于“亚洲一号”地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是( )A它的运行速度为7.9km/sB已知它的质量为1.42t，若将它的质量增为2.84t，其同步轨道半径变为原来的2倍C它可以绕过北京的正上方，所以我国能够利用它进行电视转播D它距地面的高度约是地球半径的5倍，所以它的向心加速度约是地面处的重力加速度的3、狞猫弹跳力惊人，栖息在干燥的旷野和沙漠，善于捕捉鸟类。一只狞猫以某一初速度斜向上与水平地面成角跳离地面，落地前其最大高度为h，最大水平位移为x。不考虑空气阻力。
3、下列说法正确的是（）A保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的运动时间不变B保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的最大高度h增大C保持起跳角度不变，增大起跳速度，x与h的比值减小D保持起跳角度不变，增大起跳速度，x与h的比值增大4、滑索速降是一项具有挑战性、刺激性和娱乐性的现代化体育游乐项目。可跨越草地、湖泊、河流、峡谷，借助高度差从高处以较高的速度向下滑行，使游客在有惊无险的快乐中感受刺激和满足。下行滑车甲和乙正好可以简化为下图所示的状态，滑车甲的钢绳与索道恰好垂直，滑车乙的钢绳正好竖直。套在索道上的滑轮质量为m，滑轮通过轻质钢绳吊着质量为M的乘客，则（ ）A滑轮a、b都只受三个力作用
4、B滑轮b不受摩擦力的作用C甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动D乙中钢绳对乘客的拉力小于乘客的总重力5、下列对图中的甲、乙、丙、丁四个图像叙述正确的是（）A图甲是流过导体某个横截面的电量随时间变化的图像，则电流在均匀增大B图乙是某物体的位移随时间变化的图像，则该物体受不为零的恒定合力作用C图丙是光电子最大初动能随入射光频率变化的图像，则与实线对应金属的逸出功比虚线的大D图丁是某物体的速度随时间变化的图像，则该物体所受的合力随时间增大6、如图，两根平行通电长直导线固定，左边导线中通有垂直纸面向外、大小为I1的恒定电流，两导线连线（水平）的中点处，一可自由转动的小磁针静止时N极方向平行于纸面向
5、下。忽略地磁场的影响。关于右边导线中的电流I2，下列判断正确的是（）AI2I1，方向垂直纸面向外CI2I1，方向垂直纸面向里二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列关于热力学定律的说法正确的是_。A如果两个系统均与第三个系统处于热平衡状态，这两个系统的温度一定相等B外界对某系统做正功，该系统的内能一定增加C可以找到一种材料做成墙壁，冬天供暖时吸收热量温度升高，然后向房间自动释放热量供暖，然后再把热量吸收回去，形成循环供暖，只需要短时间供热后即可停止外界供热D低温系统可
6、以向高温系统传递热量E.无论科技如何进步与发展，绝对零度都不可以达到8、某电场在x轴上各点的场强方向沿x轴方向，规定场强沿x轴正方向为正，若场强E随位移坐标x变化规律如图，x1点与x3点的纵坐标相同，图线关于O点对称，则（）AO点的电势最低B-x2点的电势最高C若电子从-x2点运动到x2点，则此过程中电场力对电子做的总功为零D若电子从x1点运动到x3点，则此过程中电场力对电子做的总功为零9、如图所示，在光滑的水平桌面上有体积相同的两个小球A、B，质量分别为m=0.1kg和M=0.3kg，两球中间夹着一根压缩的轻弹簧，原来处于静止状态，同时放开A、B球和弹簧，已知A球脱离弹簧的速度为6m/s，接
7、着A球进入与水平面相切，半径为0.5m的竖直面内的光滑半圆形轨道运动，PQ为半圆形轨道竖直的直径，下列说法正确的是A弹簧弹开过程，弹力对A的冲量大于对B的冲量BA球脱离弹簧时B球获得的速度大小为2m/sCA球从P点运动到Q点过程中所受合外力的冲量大小为1NsD若半圆轨道半径改为0.9m，则A球不能到达Q点10、杨氏双缝干涉实验中，双缝距光屏8cm，现将光屏靠近双缝，屏上原来3级亮纹依旧为亮纹，则移动的距离可能为（）A4.8B4C3.4D3三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组要测量木块与长木板间的动摩擦因数，设计如图甲所示
8、装置，已知当地的重力加速度为。(1)对于实验的要求，下列说法正确的是_；A将长木板没有定滑轮的一端适当垫高，平衡摩擦力B钩码的质量要远小于木块的质量C要保证长木板水平D接通电源的同时释放木块(2)按正确的操作要求进行操作，打出的一条纸带如图乙所示，打点计时器使用的是的交流电源，纸带上的点每5个点取1个记数点，但第3个记数点没有画出，则该木块的加速度_；（结果保留三位有效数字）(3)若木块的质量为，钩码的质量为，则木块与长木板间的动摩擦因数为_（用、表示结果）。12（12分）如图（甲）所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验有一直径为d、质量为m的金属小球由A处从静止释放
9、,下落过程中能通过A处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H（Hd），光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g则：（1）如图（乙）所示，用游标卡尺测得小球的直径d =_mm（2）小球经过光电门B时的速度表达式为_（3）多次改变高度H，重复上述实验，作出随H的变化图象如图（丙）所示，当图中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直径d满足以下表达式：_时，可判断小球下落过程中机械能守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，长为L的轻质木板放在水平面上，左端用光滑的铰链固
10、定，木板中央放着质量为m的小物块，物块与板间的动摩擦因数为.用力将木板右端抬起，直至物块刚好沿木板下滑最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。(1)若缓慢抬起木板，则木板与水平面间夹角的正切值为多大时物块开始下滑；(2)若将木板由静止开始迅速向上加速转动，短时间内角速度增大至后匀速转动，当木板转至与水平面间夹角为45时，物块开始下滑，则应为多大；(3)在(2)的情况下，求木板转至45的过程中拉力做的功W。14（16分）如图所示，一块质量为kg，长为m的均质薄木板静止在足够长的水平桌面上，在木板的左端静止摆放着质量为kg的小木块（可视为质点），薄木板和小木块之间的动摩擦因数为，薄木板与地面之
11、间的动摩擦因数为在时刻，在木板左端施加一水平向左恒定的拉力N，取m/s1则：（1）拉力刚作用在木板上时，木板的加速度大小是多少？（1）如果一直作用在上，那么经多少时间将离开？（3）若在时间s末撤去，再经过多少时间和第一次速度相同？在此情况下，最终在上留下的痕迹的长度是多少？15（12分）汽车在水平冰雪路面上行驶驾驶员发现其正前方停有汽车,立即采取制动措施,但仍然撞上了汽车.两车碰撞时和两车都完全停止后的位置如图所示,碰撞后车向前滑动了,车向前滑动了已知和的质量分别为和两车与该冰雪路面间的动摩擦因数均为0.10,两车碰撞时间极短,在碰撞后车轮均没有滚动,重力加速度大小,求(1)碰撞后的瞬间车速度
12、的大小(2)碰撞前的瞬间车速度的大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】在作用力F之前，物块放在弹簧上处于静止状态，即作用力F之后，物块向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有x即为物块向下运动的位移，则联立可得即F随时间变化图象为D，所以D正确，ABC错误。故选D。2、D【解析】同步卫星的轨道半径是固定的，与质量大小无关，A错误；7.9 km/s是人造卫星的最小发射速度，同时也是卫星的最大环绕速度，卫星的轨道半径越大，其线速度越小同步卫星距地面很高，故其运行速度小于7.9 km/s，B错误；同步卫星只能
13、在赤道的正上方，C错误；由可得，同步卫星的加速度，D正确【点睛】同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期3、B【解析】A狞猫做斜抛运动，在竖直方向则有狞猫在空中的运动时间保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的运动时间增大，故A错误；B狞猫在空中的最大高度保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的最大高度增大，故B正确；CD狞猫最大水平位移为最大水平位移与最大高度的比值为保持起跳角度不变，增大起跳速度，与的比值不变，故C、D错误。故选B。4、C【解析】AB设索道的倾角为，甲图中，对乘客，根据牛顿第二定律得解得对滑轮和乘客组成的整体，设滑轮受到的摩擦力大小为，由牛顿第二定律得解得故
14、滑轮只受重力和钢绳的拉力两个力作用；乙图中，对乘客分析知，乘客只受重力和钢绳的拉力两个力作用，这两个力必定平衡，若这两个力的合力不为零，且合力与速度不在同一直线上，乘客不能做直线运动，故该乘客做匀速直线运动，对滑轮和乘客组成的整体可知，滑轮一定受到摩擦力，故A、B错误；C由上分析知，甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动，故C正确；D乙做匀速直线运动，乙中钢绳对乘客的拉力等于乘客的总重力，故D错误；故选C。5、C【解析】A、由于q=It，q-t图像的斜率不变，所以电流不变，选项A错误；B、由图像可知，物体做匀速直线运动，合力为0，选项B错误；C、根据光电效应方程得，延长图像，图像的纵截距绝对
15、值为逸出功，则与实线对应金属的逸出功比虚线的大，选项C正确；D、v-t图像斜率是加速度，斜率越来越小，加速度减小，则合力减小，选项D错误。故选C。6、B【解析】小磁针静止时N极方向平行于纸面向下，说明该处的磁场方向向下，因I1在该处形成的磁场方向向上，则I2在该处形成的磁场方向向下，且大于I1在该处形成的磁场，由安培定则可知I2方向垂直纸面向外且I2I1。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ADE【解析】A如果两个系统均与第三个系统处于热平衡状态，这两个系统的
16、温度一定相等，A正确；B外界做正功，有可能同时放热，内能的变化不确定，B错误；C根据热力学第二定律，题中所述的问题不可能实现，选项C错误；D低温系统向高温系统传递热量是可以实现的，前提是要引起其他变化，D正确；E绝对零度不可以达到，E正确故选ADE。8、AC【解析】A规定场强沿x轴正方向为正，依据场强E随位移坐标x变化规律如题目中图所示，电场强度方向如下图所示：根据顺着电场线电势降低，则O电势最低，A正确；B由上分析，可知，电势从高到低，即为，由于点与点电势相等，那么点的电势不是最高，B错误；C若电子从点运动到点，越过横轴，图像与横轴所围成的面积之差为零，则它们的电势差为零，则此过程中电场力对
17、电子做的总功为零，C正确；D若电子从点运动到点，图像与横轴所围成的面积不为零，它们的电势差不为零，则此过程中电场力对电子做的总功也不为零，D错误。故选AC。9、BCD【解析】弹簧弹开两小球的过程，弹力相等，作用时间相同，根据冲量定义可知，弹力对A的冲量大小等于B的冲量大小，故A错误；由动量守恒定律，解得A球脱离弹簧时B球获得的速度大小为，故B正确；设A球运动到Q点时速率为v，对A球从P点运动到Q点的过程，由机械能守恒定律可得，解得：v=4m/s，根据动量定理，即A球从P点运动到Q点过程中所受合外力的冲量大小为1Ns，故C正确；若半圆轨道半径改为0.9m，小球到达Q点的临界速度，对A球从P点运动
18、到Q点的过程，由机械能守恒定律，解得，小于小球到达Q点的临界速度，则A球不能达到Q点，故D正确。故选BCD。10、ABCD【解析】杨氏双缝干涉亮条纹的位置为，k=0，1，2其中，d为双缝间距，D为双缝到光屏的距离，为光的波长。依题意有，DD0其中，k为正整数，所以，k=4，5，6，带入D0=8cm可得D =6 cm，4.8 cm，4 cm，3.4 cm，3 cm故ABCD均正确。故选ABCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 0.737 【解析】(1)1AB本实验不需要平衡摩擦力，也不需要使钩码的质量远小于木块的质量，选项AB错误
19、；C为了能使木块对长木板的正压力等于木块的重力，长木板必须水平，选项C正确；D接通电源，待打点计时器打点稳定，再释放木块，选项D错误。故选C。(2)2每打5个点取一个记数点，所以相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，则有求得。(3)3由牛顿第二定律得求得。12、7.25 d/t 或2gH0t02=d2 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读数为7mm，游标读数为0.055mm=0.25mm，则小球的直径d=7.25mm(2)2根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，小球在B处的瞬时速度；(3)3小球下落过程中重力势能的减小量为mgH0，动能的增加量若机械能守恒，
20、有：即四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)物块恰好开始下滑是受力如图所示，则有mgsin=mgcos解得tan=(2)木板转至=45时，由向心力公式有解得(3)由功能关系有其中物块线速度为解得W=14、（1）1m/s1；1.5m/s1；（1）1s；（3）s；1m。【解析】（1）F刚作用在木板上时，由牛顿第二定律，对m有：1mg=ma1代入数据得 a1=1m/s1对M有：F-1mg-1（M+m）g=Ma1代入数据解得：a1=1.5m/s1（1）设m离开M的时间为t1，则对m有：对
21、M有：又有L=x1-x1联立解得：t1=1s（3）t=1s时m的速度v1=a1t1=11m/s=1m/sM的速度为：v1=a1t1=1.51m/s=1.5m/s此过程中m相对M的位移1s后m仍以a1的加速度作匀加速运动，M将以a3的加速度匀减速运动，且有：1mg+1（M+m）g=Ma3解得：m/s1设再经t1后二者速度相等，有：1解得此时两者的共同速度为v=m/s此过程中m相对M的位移 则在此情况下，最终m在M上留下的痕迹的长度：15、（1）3m/s （2）4.25m/s【解析】试题分析：两车碰撞过程动量守恒，碰后两车在摩擦力的作用下做匀减速运动，利用运动学公式可以求得碰后的速度，然后在计算碰前A车的速度（1）设B车质量为mB，碰后加速度大小为aB，根据牛顿第二定律有 式中是汽车与路面间的动摩擦因数设碰撞后瞬间B车速度的大小为，碰撞后滑行的距离为由运动学公式有 联立式并利用题给数据得 （2）设A车的质量为mA，碰后加速度大小为aA根据牛顿第二定律有 设碰撞后瞬间A车速度的大小为，碰撞后滑行的距离为由运动学公式有 设碰撞后瞬间A车速度的大小为，两车在碰撞过程中动量守恒，有 联立式并利用题给数据得 故本题答案是： （1） （2）点睛：灵活运用运动学公式及碰撞时动量守恒来解题
