1、2021年高考物理模拟试卷（一）（含解析）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1下列表述正确的是（）A 牛顿发现了万有引力定律并且通过实验测出了引力常量B 在赤道上发射同一卫星时，向东发射比向西发射消耗的能量要多些C 在不同情况下静摩擦力可能对物体做正功，也可能对物体做负功D 在国际单位制中，力学的基本单位有牛顿、米和秒2酒后驾驶会导致许多安全隐患是因为驾驶员的反应时间变长反应时间是指从驾驶员发现情况到采取制动的时间表中“思考距离”是指从驾驶员发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指从驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时
2、的加速度大小都相同）速度（m/s）思考距离/m制动距离/m正常酒后正常酒后 157.515.022.530.0 2010.020.036.746.7 2512.525.054.266.7分析表中数据可知，下列说法不正确的是（）A 驾驶员正常情况下反应时间为0.5 sB 驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5 sC 驾驶员采取制动措施后汽车加速度大小为3.75 m/s2D 若汽车以25 m/s的速度行驶时发现前方60 m处有险情酒后驾驶不能安全停车3北京时间2012年3月31日，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，将法国制造的“亚太7号”通信卫星成功送入近地点209km、远地点50
3、419km的预定转移轨道，卫星在此轨道上运行一段时间后再经变轨成为一颗地球同步卫星，同步卫星轨道离地面高度为35 860km下列说法正确的是（）A 卫星在转移轨道运行的周期大于在同步轨道上运行的周期B 星在转移轨道运动时，经过近地点时的速率大于它在远地点的速率C 卫星在同步轨道运动时，飞船内的航天员处于超重状态D 卫星在同步轨道运动时的向心加速度小于静止于赤道上物体的向心加速度4如图所示，真空中有直角坐标系xOy，在x轴上固定着关于O点对称的等量异号点电荷+Q和Q，C是y轴上的一个点，D是x轴上的一个点，DE连线垂直于x轴将一个点电荷+q从O移动到D，电场力对它做功为W1，将这个点电荷从C移动
4、到E，电场力对它做功为W2下列判断正确的是（）A 两次移动电荷电场力都做正功，并且W1=W2B 两次移动电荷电场力都做正功，并且W1W2C 两次移动电荷电场力都做负功，并且W1=W2D 两次移动电荷电场力都做负功，并且W1W25如图所示电路中，L为电感线圈，C为电容器，当开关S由断开变为闭合时（）A A灯中无电流通过，不可能变亮B A灯中有电流通过，方向由a到bC B灯逐渐熄灭，c点电势高于d点电势D B灯逐渐熄灭，c点电势低于d点电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6如图所示，滑板运动员沿水平
5、地面上向前滑行，在横杆前相对于滑板竖直向上起跳，人与滑板分离，分别从杆的上、下通过，忽略人和滑板在运动中受到的阻力则运动员（）A 起跳时脚对滑板的作用力斜向后B 在空中水平方向先加速后减速C 在空中机械能发生变化D 越过杆后仍落在滑板起跳的位置7如图所示，在匀强磁场中，放有一与线圈D相连接的平行导轨，要使放在线圈D中的线圈A（A、D两线圈同心共面）各处受到沿半径方向指向圆心的力，金属棒MN的运动情况可能是（）A 加速向右B 加速向左C 减速向右D 减速向左8如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=1：10，b是副线圈的中心抽头，各交流电表均为理想电表，定值电阻R1=R2=10原线圈
6、c、d端加上图乙所示的交变电压下列说法中正确的是（）A 单刀双掷开关与a连接时，电流表的示数为1AB 单刀双掷开关与a连接时，变压器的输入功率为5WC 单刀双掷开关由a拨向b后，电压表V1、V2的读数均变小D 单刀双掷开关由a拨向b后，流过R1的电流频率不变9将物体从地面上某处以初动能Ek0竖直向上抛出，以Ek、h、v、a分别表示物体在空中运动的动能、离地的高度、速度的大小和加速度的大小空气阻力大小不变则在物体从抛出至落回地面的过程中，下列图象可能正确的有（）A B C D 三、简答题：共计42分10某校科技小组设计了如图所示的装置，用来探究滑块沿斜面下滑时是否做匀变速直线运动实验时，让滑块从
7、不同高度沿斜面由静止下滑，并同时打开水龙头的阀门，使水流到量筒中；当滑块碰到挡板的同时关闭阀门（整个过程中水流可视为均匀稳定的）该实验探究方案是利用量筒中收集的水量来测量的如表是该小组测得的有关数据，其中s为滑块从斜面的不同高度由静止释放后沿斜面下滑的距离，V为相应过程中量筒中收集的水量分析表中数据，根据，可以得出滑块沿斜面下滑时做匀变速直线运动的结论本实验误差的主要来源：距离测量的不准确，水从水龙头流出不够稳定等，还可能来源于（写出一项即可）次数1234567s（m）4.53.93.02.11.50.90.3V（mL）90847262524023.55.61045.51045.81045.5
8、1045.51045.61045.410411xx年诺贝尔物理学奖授予两位俄裔科学家，以表彰他们在石墨烯材料开发领域的“突破性研究”石墨烯可来源于铅笔芯，某校A、B两个兴趣小组想探究铅笔芯的电阻率，取长度为20.00cm，横截面积为5.0106m2的铅笔芯分别进行如下实验：（1）A组方案：实验电路如图甲所示（整根铅笔芯连在电路中）主要步骤如下，请完成相关推算：a实验中测出多组U、I数据；b将测量数据描在图乙所示的坐标纸上请在图乙中完成该铅笔芯的UI图线，并求出其电阻值Rx=，算出其电阻率=m（2）B组方案：实验电路如图丙所示主要步骤如下，请完成相关推算：a闭合开关S1，将单刀双掷开关S2扳到“
9、1”位置，调节变阻器R，使电压表为某一适当的读数，测量并记下金属滑环到铅笔芯左端O点的距离L1；b保持R不变，将开关S2扳到“2”位置，调节电阻箱R，使电压表的读数与开关S2位于“1”位置时相同，记下此时电阻箱的阻值R1，则长度为L1的铅笔芯的阻值为；c移动金属滑环，重复a、b步骤记下多组R、L数据，画出的RL图线如图丁所示，求出该铅笔芯的电阻率=m；（3）从电压表内阻对实验结果的影响考虑，较合理的方案是（选填“A”或“B”）组【选做题】选修3-5（12分）12 下列说法正确的是（）A 汤姆生发现了电子，表明原子具有核式结构B 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C 一束光照射到某种金属上
10、不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短D 将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，它的半衰期不发生改变13 某同学把两块大小不同的木块用细线连接，中间夹一被压缩了的轻质弹簧，如图所示，将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察木块的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒该同学还必须有的器材是需要直接测量的数据是（用符号表示待测量的量并用文字说明意义）用所得数据验证动量守恒的关系是14（xx东川区校级模拟）若U俘获一个中子裂变成Sr及Xe两种新核，且三种原子核的质量分别为235.0439u、89.9077u和135.9072u，中子质量为1.0087u（1u=1.6
11、6061027kg，1u相当于931.50MeV）（1）写出铀核裂变的核反应方程（2）求9.2kg纯铀235完全裂变所释放的能量是多少？（取两位有效数字）四、计算题：本题共1小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位16如图所示，带电平行金属板相距为2R，在两板间半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，两板及其左侧边缘连线均与磁场边界刚好相切一质子（不计重力）沿两板间中心线O1O2从左侧O1点以某一速度射入，沿直线通过圆形磁场区域，然后恰好从极板边缘飞出，在极板间运动时间为t0若
12、仅撤去磁场，质子仍从O1点以相同速度射入，经时间打到极板上（1）求两极板间电压U；（2）求质子从极板间飞出时的速度大小；（3）若两极板不带电，保持磁场不变，质子仍沿中心线O1O2从O1点射入，欲使质子从两板间左侧飞出，射入的速度应满足什么条件？xx年云南省昆明市东川区明月中学高考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1下列表述正确的是（）A 牛顿发现了万有引力定律并且通过实验测出了引力常量B 在赤道上发射同一卫星时，向东发射比向西发射消耗的能量要多些C 在不同情况下静摩擦力可能对物体做正功，也可能对物体做负功D 在国际
13、单位制中，力学的基本单位有牛顿、米和秒考点：物理学史分析：万有引力定律是牛顿运用开普勒有关行星运动的三大定律，结合向心力公式和牛顿运动定律，运用其超凡的数学能力推导出来的，因而可以说是牛顿在前人研究的基础上发现的 经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量在赤道上发射同一卫星时，向东发射比向西发射相对于地面的初速度较大在不同情况下静摩擦力可能对物体做正功，也可能对物体做负功，也有可能不做功在国际单位制中，力学的基本单位有千克、米和秒解答：解：牛顿根据行星的运动规律推导出了万有引力定律，经过100多年后，由英国物理学家
14、卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量；故A错误B、在赤道上发射同一卫星时，向东发射比向西发射相对于地面的初速度较大，即具有较大的动能，所以消耗的能量要少些，故B错误C、在不同情况下静摩擦力可能对物体做正功，也可能对物体做负功，故C正确D、在国际单位制中，力学的基本单位有千克、米和秒故D错误故选C点评：本题考查了物理学史，记清每位物理学家的贡献是解题的关键2酒后驾驶会导致许多安全隐患是因为驾驶员的反应时间变长反应时间是指从驾驶员发现情况到采取制动的时间表中“思考距离”是指从驾驶员发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指从驾驶员
15、发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）速度（m/s）思考距离/m制动距离/m正常酒后正常酒后 157.515.022.530.0 2010.020.036.746.7 2512.525.054.266.7分析表中数据可知，下列说法不正确的是（）A 驾驶员正常情况下反应时间为0.5 sB 驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5 sC 驾驶员采取制动措施后汽车加速度大小为3.75 m/s2D 若汽车以25 m/s的速度行驶时发现前方60 m处有险情酒后驾驶不能安全停车考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：“思考
16、距离”是指驾驶员发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离由于在制动之前汽车做匀速运动，所以根据思考距离的正常值可求出驾驶员正常情况下的反应时间再由思考距离的酒后值可求出酒后反应时间驾驶员制动后汽车加速度大小可由制动时速度、制动后发生的位移求出当汽车以25m/s的加速度行驶时，发现前方60m处有险情，酒后驾驶能否安全停车，可由制动距离的酒后值来确定解答：解：A、在制动之前汽车做匀速运动，由正常情况下的思考距离S与速度v，则由S=vt可得：t=s=0.5s 故A正确；B、在制动之前汽车做匀速运动，由酒后情况下的思考距离S与速度v，则有：t=s=1
17、s，则酒后比正常情况下多0.5s 故B正确；C、驾驶员采取制动措施时，有一反应时间以速度为v=15m/s为例：若是正常情况下，制动距离减去思考距离才是汽车制动过程中的发生的位移S=22.5m7.5m=15m 由v2=2as可得：a=m/s2=7.5m/s2 故C错误；D、由表格数据可知当汽车速度为25m/s加速行驶时，酒后驾驶后若要制动停止的距离是66.7m超过前方险情的距离故D正确；本题选不正确的，故选：C点评：在制动过程中有反应时间，在这段时间内汽车做匀速运动关键在求制动加速度大小时，制动距离并不是汽车在做减速的位移，必须将思考距离减去3北京时间2012年3月31日，中国在西昌卫星发射中心
18、用“长征三号乙”运载火箭，将法国制造的“亚太7号”通信卫星成功送入近地点209km、远地点50 419km的预定转移轨道，卫星在此轨道上运行一段时间后再经变轨成为一颗地球同步卫星，同步卫星轨道离地面高度为35 860km下列说法正确的是（）A 卫星在转移轨道运行的周期大于在同步轨道上运行的周期B 星在转移轨道运动时，经过近地点时的速率大于它在远地点的速率C 卫星在同步轨道运动时，飞船内的航天员处于超重状态D 卫星在同步轨道运动时的向心加速度小于静止于赤道上物体的向心加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：根据开普勒行星运动定律由轨道半长轴大小
19、确定周期关系，据能量守恒确定在远地点和近地点的速率大小问题，据同步卫星周期与轨道半径确定向心加速度的大小，根据超失重条件判定是超重还是失重解答：解：A、转移轨道的半长轴小于同步卫星的轨道半径，故转移轨道上卫星的周期小于同步卫星的周期，故A错误；B、卫星从远地点向近地点运动时，只有引力做功，卫星的动能增加，故近地点的速率大于远地点的速率，故B正确；C、卫星在同步轨道上运行时，万有引力完全提供卫星圆周运动的向心力，故卫星内的宇航员处于完全失重状态，故C错误；D、同步卫星的周期与地球自转的周期相同，同步卫星的轨道半径远大于地球半径，据a=知，同步卫星的向心加速度远大于静止在赤道上物体的向心加速度，故
20、D错误故选：B点评：解决本题的关键是掌握开普勒行星运动定律，能从能量角度分析卫星的运动速率的大小，知道超失重的条件本题有一定的综合性4如图所示，真空中有直角坐标系xOy，在x轴上固定着关于O点对称的等量异号点电荷+Q和Q，C是y轴上的一个点，D是x轴上的一个点，DE连线垂直于x轴将一个点电荷+q从O移动到D，电场力对它做功为W1，将这个点电荷从C移动到E，电场力对它做功为W2下列判断正确的是（）A 两次移动电荷电场力都做正功，并且W1=W2B 两次移动电荷电场力都做正功，并且W1W2C 两次移动电荷电场力都做负功，并且W1=W2D 两次移动电荷电场力都做负功，并且W1W2考点：电势能；电场强度
21、专题：电场力与电势的性质专题分析：过E点作一条等势线与x轴的交点为F，y轴是一条等势线，则点电荷从C移动到E电场力对电荷做功等于从O移到D做功，即可比较做功大小解答：解：过E点作一条等势线与x轴的交点为F，如图y轴是等量异号点电荷+Q和Q连线的中垂线，则y轴是一条等势线，C、O电势相等将点电荷+q从O移动到D，电场力做正功，将这个点电荷从C移动到E电场力做功等于从O移到F做功，即W2=WOF，可知，电场力也做正功由于O、D间的电势差大于O、F间的电势差，根据电场力做功公式W=qU，得知W1WOF，则得W1W2，故B正确故选B点评：本题采用作等势线的方法研究，在同一电场线上比较电势差的大小，即可
22、比较电场力做功的大小5如图所示电路中，L为电感线圈，C为电容器，当开关S由断开变为闭合时（）A A灯中无电流通过，不可能变亮B A灯中有电流通过，方向由a到bC B灯逐渐熄灭，c点电势高于d点电势D B灯逐渐熄灭，c点电势低于d点电势考点：自感现象的应用分析：电容对直流电路相当于断路，电感线圈对直流电流相当于短路解答：解：A、开关s由断开变为闭合时，电容放电，A灯有电流通过，故A错误；B、开关s由断开变为闭合时，电容放电，所以s闭合瞬间A灯有电流从b到a，故B错误；C、s闭合瞬间，由于自感，L中的电流会慢慢减小，所以B灯逐渐熄灭，d点电势高于c点电势，故C错误；D、由于自感B灯逐渐熄灭，由于线
23、圈中的电流方向是从右向左，所以c点的电势低于d点的电势，故D正确；故选：D点评：本题考查了电容器和电感线圈对交变电流的导通和阻碍作用二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6如图所示，滑板运动员沿水平地面上向前滑行，在横杆前相对于滑板竖直向上起跳，人与滑板分离，分别从杆的上、下通过，忽略人和滑板在运动中受到的阻力则运动员（）A 起跳时脚对滑板的作用力斜向后B 在空中水平方向先加速后减速C 在空中机械能发生变化D 越过杆后仍落在滑板起跳的位置考点：惯性分析：运动员顺利完成该动作，可知运动员所做的运动在水平
24、方向的分运动应与滑板的运动相同，所以运动员在起跳时竖直起跳，由于本身就有水平初速度，所以运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动，又参与了竖直上抛运动解答：解：A、运动员竖直起跳，由于本身就有水平初速度，所以运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动，又参与了竖直上抛运动各分运动具有等时性，水平方向的分运动与滑板的运动情况一样，最终落在滑板的原位置所以竖直起跳时，对滑板的作用力应该是竖直向下故A错误B、运动员参与了水平方向上的匀速直线运动，故B错误C、忽略人和滑板在运动中受到的阻力，在空中只受重力，所以机械能不变，故C错误D、运动员在起跳时竖直起跳，由于本身就有水平初速度，所以运动员参与了水平方向上
25、的匀速直线运动，所以越过杆后仍落在滑板起跳的位置，故D正确故选：D点评：解决本题的关键是掌握运动的合成与分解，知道各分运动具有独立性，分运动和合运动具有等时性7如图所示，在匀强磁场中，放有一与线圈D相连接的平行导轨，要使放在线圈D中的线圈A（A、D两线圈同心共面）各处受到沿半径方向指向圆心的力，金属棒MN的运动情况可能是（）A 加速向右B 加速向左C 减速向右D 减速向左考点：导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律专题：电磁感应与电路结合分析：线圈A各处受到沿半径方向指向圆心的力可以理解为A正在具有收缩的趋势，或A受到D对它的排斥力，根据楞次定律可以判定A、D中的电流的变化，然后再根
26、据右手定则判定导体棒MN的运动情况解答：解：圈A各处受到沿半径方向指向圆心的力可以理解为A正在具有收缩的趋势，根据楞次定律可以知道此时一定是D中的磁场正在增大，与磁场的方向无关；D中 的磁场正在增大，说明导体棒MN正在做加速运动，与方向无关所以D可能向左加速，也可能是向右加速所以四个选项中A和B正确，C和D错误故选：AB点评：该题考查楞次定律和导体棒切割磁感线产生的电动势，楞次定律的使用可以安4个步骤使用，也可以使用它的推论属于基础题目8如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=1：10，b是副线圈的中心抽头，各交流电表均为理想电表，定值电阻R1=R2=10原线圈c、d端加上图乙所示
27、的交变电压下列说法中正确的是（）A 单刀双掷开关与a连接时，电流表的示数为1AB 单刀双掷开关与a连接时，变压器的输入功率为5WC 单刀双掷开关由a拨向b后，电压表V1、V2的读数均变小D 单刀双掷开关由a拨向b后，流过R1的电流频率不变考点：变压器的构造和原理；电功、电功率专题：交流电专题分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、当单刀双掷开关与a连接时，交流电的有效值为=1V，根据电压与匝数程正比可知，当单刀双掷开关与a连接时，由原、副线圈的匝数比n1：n2=1：10，则副线圈电压为10V，再由闭合电路欧姆定律，则有副线圈的电流I
28、=A=0.5A，故A错误，B、由A选项可知，变压器的输出功率为P=IU=0.510=5W，那么输入功率也为5W，故B正确；C、由图象可知，电压的最大值为V，交流电的周期为2102s，所以交流电的频率为f=50Hz；当单刀双掷开关由a拨向b时，变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz；当单刀双掷开关由a拨向b时，根据变压比公式，输出电压减小，但输入电压不变，故C错误，D正确；故选：BD点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题9将物体从地面上某处以初动能Ek0竖直向上抛出，以Ek、h、v、a分别表示物体在空中运动的动能、离地的高度、速度
29、的大小和加速度的大小空气阻力大小不变则在物体从抛出至落回地面的过程中，下列图象可能正确的有（）A B C D 考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：根据动能定理、牛顿第二定律、运动学公式求出各物理量的表达式，从而判断图象的正误解答：解：A、根据动能定理得，上升的过程，（mg+f）h=，则Ek=Ek0（mg+f）h，下降的过程中，可见动能与h成线性关系故A正确B、上升的过程中，根据运动学公式得，知h与t不成线性关系故B错误C、上升过程中中的加速度，下滑过程中的加速度，可知a1a2，先向上做匀减速直线运动，再向下做匀加速直线运动，减速直线运动的斜率大小大于加速直线运动的斜率故C错误D正确故选AD点
30、评：本题要根据物理规律得到解析式，再选择物理图象，是经常采用的思路三、简答题：共计42分10某校科技小组设计了如图所示的装置，用来探究滑块沿斜面下滑时是否做匀变速直线运动实验时，让滑块从不同高度沿斜面由静止下滑，并同时打开水龙头的阀门，使水流到量筒中；当滑块碰到挡板的同时关闭阀门（整个过程中水流可视为均匀稳定的）该实验探究方案是利用量筒中收集的水量来测量时间的如表是该小组测得的有关数据，其中s为滑块从斜面的不同高度由静止释放后沿斜面下滑的距离，V为相应过程中量筒中收集的水量分析表中数据，根据在误差的范围内是一常数，可以得出滑块沿斜面下滑时做匀变速直线运动的结论本实验误差的主要来源：距离测量的不
31、准确，水从水龙头流出不够稳定等，还可能来源于滑块下滑距离测量不准确，滑块开始下滑、滑块碰到挡板与阀门的打开与关闭不同步（写出一项即可）次数1234567s（m）4.53.93.02.11.50.90.3V（mL）90847262524023.55.61045.51045.81045.51045.51045.61045.4104考点：测定匀变速直线运动的加速度专题：实验题；直线运动规律专题分析：关于初速度为零的匀变速运动，位移与时间的二次方成正比，由于水是均匀稳定的流出，水的体积和时间成正比，所以该实验只要验证位移与体积的二次方是否成正比，就可验证该运动是否匀变速直线运动解答：解：（1）关于初速
32、度为零的匀变速运动，位移与时间的二次方成正比，由于水是均匀稳定的流出，水的体积和时间成正比，所以量筒中收集的水量可以间接的测量时间（2）验证该运动是否匀变速直线运动，关键看位移与时间的二次方是否成正比，即看位移与体积的二次方是否成正比所以根据在误差的范围内是一常数，可以得出滑块沿斜面下滑是做匀变速直线运动的结论（3）本实验误差的主要来源有：水从水箱中流出不够稳定，还可能来源于距离测量的不准确，滑块开始下滑和开始流水不同步或斜面摩擦不均匀故答案为：（1）时间；（2）在误差的范围内是一常数；（3）滑块下滑距离测量不准确，滑块开始下滑、滑块碰到挡板与阀门的打开与关闭不同步点评：解决该问题的关键把时间
33、转化为水量，因为流入量筒水的量与时间成正比11xx年诺贝尔物理学奖授予两位俄裔科学家，以表彰他们在石墨烯材料开发领域的“突破性研究”石墨烯可来源于铅笔芯，某校A、B两个兴趣小组想探究铅笔芯的电阻率，取长度为20.00cm，横截面积为5.0106m2的铅笔芯分别进行如下实验：（1）A组方案：实验电路如图甲所示（整根铅笔芯连在电路中）主要步骤如下，请完成相关推算：a实验中测出多组U、I数据；b将测量数据描在图乙所示的坐标纸上请在图乙中完成该铅笔芯的UI图线，并求出其电阻值Rx=5，算出其电阻率=1.25104m（2）B组方案：实验电路如图丙所示主要步骤如下，请完成相关推算：a闭合开关S1，将单刀双
34、掷开关S2扳到“1”位置，调节变阻器R，使电压表为某一适当的读数，测量并记下金属滑环到铅笔芯左端O点的距离L1；b保持R不变，将开关S2扳到“2”位置，调节电阻箱R，使电压表的读数与开关S2位于“1”位置时相同，记下此时电阻箱的阻值R1，则长度为L1的铅笔芯的阻值为R1；c移动金属滑环，重复a、b步骤记下多组R、L数据，画出的RL图线如图丁所示，求出该铅笔芯的电阻率=1.4104 m；（3）从电压表内阻对实验结果的影响考虑，较合理的方案是B（选填“A”或“B”）组考点：描绘小电珠的伏安特性曲线；伏安法测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：用一条过坐标原点的直线将各个点连接起来，直线的斜率表示电
35、阻；根据电阻定律：变形后计算出电阻率；b保持R不变，将开关S2扳到“2”位置，调节电阻箱R，使电压表的读数与开关S2位于“1”位置时相同，记下此时电阻箱的阻值R1，则长度为L1的铅笔芯的阻值为R1；c、从测量的图线中选取两组数据，得出R的数字，然后根据电阻定律：变形后计算出电阻率；从减小误差的角度分析解答：解：（1）如图，用一条过坐标原点的直线将各个点连接起来，直线的斜率表示电阻根据欧姆定律，电阻为根据电阻定律：变形后得：mb保持R不变，将开关S2扳到“2”位置，调节电阻箱R，使电压表的读数与开关S2位于“1”位置时相同，记下此时电阻箱的阻值R1，则长度为L1的铅笔芯的阻值为R1；c、从测量的
36、图线中选取两组数据，得出L=0.100m时，R=2.8，根据电阻定律：，得：m方案A中，由于电压表的分流作用，电流测量值偏大，故电阻测量值偏小，而方案B中电阻测量值较为准确；故选B故答案为：（1）5.0； 1.25104（2）R1； 1.4104 （3）B点评：本题是用伏安法测电阻和用替代法测电阻，关键要明确误差的来源，同时要熟悉电阻箱的读数【选做题】选修3-5（12分）12 下列说法正确的是（）A 汤姆生发现了电子，表明原子具有核式结构B 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短D 将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温
37、度，它的半衰期不发生改变考点：光电效应；原子核衰变及半衰期、衰变速度；轻核的聚变分析：粒子的散射实验表明原子核具有核式结构；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应；光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长；半衰期与温度无关解答：解：A、粒子的散射实验表明原子核具有核式结构故A错误；B、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应故B正确；C、光照射到某种金属上不能发生光电效应，说明光子的能量小于金属的逸出功，是因为该束光的波长太长故C错误；D、放射性元素的半衰期与温度无关，将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，它的半衰期不发生改变故D正确故选：BD点评：该题考粒子的散
38、射实验、半衰期、与光电效应，都是记忆性的知识点，要注意平时的积累13 某同学把两块大小不同的木块用细线连接，中间夹一被压缩了的轻质弹簧，如图所示，将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察木块的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒该同学还必须有的器材是刻度尺、天平、重锤线需要直接测量的数据是（用符号表示待测量的量并用文字说明意义）两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2用所得数据验证动量守恒的关系是m1s1=m2s2考点：验证动量守恒定律专题：实验题分析：烧断细线后，两球离开桌面做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，
39、把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代解答：解：取小球1的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t 需要验证的方程：0=m1v1m2v2又v1=，v2=代入得到m1s1=m2s2故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2所以需要的器材为刻度尺、天平、重锤线故答案为：刻度尺、天平、重锤线；两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2；m1s1=m2s2点评：本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水
40、平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证14（xx东川区校级模拟）若U俘获一个中子裂变成Sr及Xe两种新核，且三种原子核的质量分别为235.0439u、89.9077u和135.9072u，中子质量为1.0087u（1u=1.66061027kg，1u相当于931.50MeV）（1）写出铀核裂变的核反应方程（2）求9.2kg纯铀235完全裂变所释放的能量是多少？（取两位有效数字）考点：爱因斯坦质能方程专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：（1）根据质量数和电荷数守恒可正确书写核反应方程；（2）算出反应前后质量亏损，根据爱因斯坦质能方程E=mc2可以求出释放能量，再由质量求出摩尔数，确
41、定其个数，最终求解解答：解：（1）根据核反应的质量数与质子数守恒，则有：U+Sr+Xe+10； （2）因为一个铀核裂变的质量亏损为m=（235.0439+1.0087）（89.9077+135.9072+101.0087）=0.1507u；所以9.2kg铀裂变后总的质量亏损为M=6.0210230.15079.2103=3.551024u； 所以E=M931.5=3.551024931.5MeV=3.31027MeV；答：（1）铀核裂变的核反应方程U+Sr+Xe+10；（2）9.2kg纯铀235完全裂变所释放的能量是3.31027MeV点评：本题主要考查了核反应方程的书写与爱因斯坦质能方程的直
42、接应用，难度不大，属于基础题四、计算题：本题共1小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位16如图所示，带电平行金属板相距为2R，在两板间半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，两板及其左侧边缘连线均与磁场边界刚好相切一质子（不计重力）沿两板间中心线O1O2从左侧O1点以某一速度射入，沿直线通过圆形磁场区域，然后恰好从极板边缘飞出，在极板间运动时间为t0若仅撤去磁场，质子仍从O1点以相同速度射入，经时间打到极板上（1）求两极板间电压U；（2）求质子从极板间飞出时的速度大小；（3）
43、若两极板不带电，保持磁场不变，质子仍沿中心线O1O2从O1点射入，欲使质子从两板间左侧飞出，射入的速度应满足什么条件？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在混合场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）粒子做匀速直线运动，由受力平衡条件，通过运动学公式与牛顿第二定律，结合电场力与洛伦兹力表达式，即可求解；（2）由速度与时间关系，可求质子在沿电场方向的速度，因此可求出飞出极板间的速度大小；（3）质子恰好从上极板左边缘飞出，因此由几何关系，结合运动学公式与向心力表达式，从而可求出质子两板左侧间飞出的条件解答：解：（1）设质子从左侧O1点射入的速度为v0，极板长为L，在复合场中作匀速运动，电场力等于洛伦兹力，则有q=qv0B 质子在电场中作类平抛运动，设类平抛运动的时间为t，则 L2R=v0t R= 又L=v0t0 撤去磁场后仅受电场力，有R= 解得t=，L=4R，v0=，U=（2）质子从极板间飞出时的沿电场方向分速度大小 vy=由得vy=v0 则从极板间飞出时的速度大小v= （3）设质子在磁场中做圆周运动的轨道半径为r，质子恰好从上极板左边缘飞出时速度的偏转角为，由几何关系可知： =45，r+r=R 因为，所以 根据向心力公式 ，解得 v=所以，质子两板左侧间飞出的条件为 0v
