2022届中考数学压轴题押题及答案解析.docx

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1、2022年中考数学压轴题1如图,已知,抛物线yax22x过点A(2,5),过A点作x轴的平行线,交抛物线与另一点C,交y轴与点Q,点D(m,5)为线段QC上一动点(不与Q、C重合),作点Q关于直线OD的对称点P,连接PC,PD(1)当点P落在抛物线的对称轴上时,求OPD的面积;(2)若直线PD交x轴与点E试探究四边形OECD能否为平行四边形?若能,求出m的值,若不能,请说明理由(3)设点P(h,k)求PC取最小值时k的值;当0m5时,试探究h与m之间的关系解:(1)把点A(2,5)代入抛物线yax22x,得54a+4,a=14,y=14x22x对称轴为x4,C(10,5),当点P落在抛物线的对

2、称轴上时,如图1,记作P,OM4,OPOQ5,DPDQm,PM3,PN532,在RtDPN中,m222+(4m)2,解得m=52,OPD的面积OQD的面积=12552=254(2)ACOE,当DCOE时,四边形OECD为平行四边形,DOEODQODP,DEOECD10m,E(10m,0),D(m,5),ED2(102m)2+52(10m)2,解得m=53或m5m的值53或5(3)OPOQ5,OC55,当O,P,C在一条直线上时,PC最小,如图2,此时,点P记作P此时PCPC55-5,由DPCEPO,得k5-k=555-5,解得k=5如图3,连接QP,作PHQC于H,则QPOD,HQP90OQP

3、QOD,OQ5,QD,OD边上的高为5mm2+25,QP=10mm2+25cosHQPcosQOD,即h10mm2+25=5m2+25,h与m之间的关系为h=50mm2+252.如图1,已知在ABC中,ABC90,ABBC82,且点C与点A在x轴,点B在y轴上 (1)直接写出直线AB和直线BC的解析式;(2)点P是线段AB上一点,过点P作PDx轴于点D,作PEx轴交BC于点E,交y轴于点G当PD+PE13时,在线段AB轴上有一动点Q,在线段OB轴上有一动点R,连接DR,RQ,求DR+RQ的最小值和此时点Q的坐标;(3)如图2,在(2)的结论下,将PBG绕点B逆时针旋转45至PBG将PBG沿射线

4、BC方向平移,设平移后的PBG为PBG,连接PC,当CBP是等腰三角形时,求PBG的平移距离d解:(1)OAABcos458OBOC,即点A、B、C的坐标分别为(8,0)、(0,8)、(8,0),把A、B坐标代入一次函数表达式ykx+8得:y8k+8,解得:k1,故:直线AB的表达式为:yx+8,同理可得直线BC的表达式为:yx+8;(2)设点P的坐标为(m,m+8),则点E的坐标为(m,m+8),PD+PEm+82m13,解得:m5,即点P(5,3)、E(5,3)、D(5,0),在x轴确定D点关于y轴的对称点D(5,0),过点D作DQAB交AB于点Q、交y轴于点R,则DR+RQDQ最小,DR

5、+RQDQADsin451322=1322,点Q的坐标为(-32,132);(3)设:PBG为PBG在水平方向上平移的距离为m,则d=2m,BP交x轴于点H,当PBBC时,CH8m,而PG5,SPBC=12CBPG=12PBCH,即:PGCH,8m5,解得:m3,则d32;当PCBC时,同理可得:d82-10;当PBPC时,PCB45,BPC90,同理可得:d82-5或132;故:平移距离d为32、82-10、82-5、1323如图1,抛物线yx2+bx+c交x轴于点A(3,0),B(2,0),交y轴于点C(1)求抛物线的解析式;(2)如图2,D点坐标为(23,0),连结DC若点H是线段DC上

6、的一个动点,求OH+12HC的最小值(3)如图3,连结AC,过点B作x轴的垂线l,在第三象限中的抛物线上取点P,过点P作直线AC的垂线交直线l于点E,过点E作x轴的平行线交AC于点F,已知PECF求点P的坐标;在抛物线yx2+bx+c上是否存在一点Q,使得QPCBPE成立?若存在,求出Q点坐标;若不存在,请说明理由解:(1)设抛物线的表达式为:ya(xx1)(xx2)(x+3)(x2)x2+x6,抛物线的表达式为:yx2+x6,(2)作点O关于直线DC的对称点O交CD于点M,过点O作OGy轴交DC与点H、交y轴与点G,OD23,OC6,则OCD30,GH=12HC,在图示的位置时,OH+12H

7、CGH+OH,此时为最小值,长度为GO,OODC,OOHOCD30,OM=12OC3=12OO,在RtOOG中,GOOOcosOOG6cos3033,即:OH+12HC的最小值为33;(3)设点P的坐标为(m,n),nm2+m6,直线AC表达式的k值为2,则直线PE表达式的k值为12,设直线PE的表达式为:y=12x+b,将点P坐标代入上式并解得:bn-12m,则点E的坐标为(2,1+n-12m),点F的坐标为(14m-12n-72,1+n-12m),过点P作x轴的平行线交直线l于点M,过点F作y轴平行线交过C点作x轴的平行线于点S,ACPE,EPMSFC,PECF,则PEcosCFcos,即

8、:PMFS,1+n-12m+62m,即:2m2+3m20,解得:m=12或2(舍去12),故点P坐标为(2,4),点E坐标为(2,2);过点P作x轴的平行线交直线l于点M、交y轴于点R,作ENPB于点N,则:PM4BM4,EMBE2,则PE=20,ENBEsinNBE2sin45=2,设:QPCBPE,则sinBPE=ENPE=110=sin,则tan=13,过点P作y轴的平行线交过C点与x轴的平行线于点L,延长PQ交CL于点H,过点H作HGPC,则:PLPRRCCL2,即四边形PRCL为正方形,PCH45,设:GHGCm,PG=GHtanCPQ=3m,PCPG+GC4m22,则m=22,CH

9、=2m1,即点H坐标为(1,6),则HP所在的直线表达式为:y2x8,联立并解得:x1或2(x2和点P重合,舍去),故点Q的坐标为(1,6),同理当点Q在第四象限时,点Q(12,-214);综上,点Q(1,6)或(12,-214)4已知:O是ABC的外接圆,AD为O的直径,ADBC,垂足为E,连接BO,延长BO交AC于点F(1)如图1,求证:BFC3CAD;(2)如图2,过点D作DGBF交O于点G,点H为DG的中点,连接OH,求证:BEOH;(3)如图3,在(2)的条件下,连接CG,若DGDE,AOF的面积为925,求线段CG的长证明:(1)AD为O的直径,ADBC,BEEC,ABAC,又AD

10、BC,BADCAD,OAOB,BADABO,BADABOCAD,BFCBAC+ABO,BFCBAD+EAD+ABO3CAD;(2)如图2,连接AG,AD是直径,AGD90,点H是DG中点,DHHG,又AODO,OHAG,AG2OH,AGDOHD90,DGBF,BOEODH,又OEBOHD90,BODO,BOEODH(AAS),BEOH;(3)如图3,过点F作FNAD,交AD于N,设DGDE2x,DHHGx,BOEODH,OEDHx,OD3xOAOB,BE=OB2-OE2=9x2-x2=22x,BAECAE,tanBAEtanCAE=BEAE=NFAN,22x4x=NFAN,AN=2NF,BOE

11、NOF,tanBOEtanNOF=BEOE=NFON,22xx=NFON,ON=24NF,AOAN+ON=524NF,AOF的面积为925,12AONF=12524NF2=925,NF=625,AO=524NF33x,x1,BE22=OH,AE4,DGDE2,AC=AE2+CE2=16+8=26,如图3,连接AG,过点A作AMCG,交GC的延长线于M,由(2)可知:AG2OH42,四边形ADGC是圆内接四边形,ACMADG,又AMCAGD90,ACMADG,ADAC=AGAM=DGCM,626=42AM=2CM,CM=263,AM=833,GM=AG2-AM2=32-643=463,CGGMC

12、M=2635定义:有一组对角互余的四边形叫做对余四边形理解:(1)若四边形ABCD是对余四边形,则A与C的度数之和为90或270;证明:(2)如图1,MN是O的直径,点A,B,C在O上,AM,CN相交于点D求证:四边形ABCD是对余四边形;探究:(3)如图2,在对余四边形ABCD中,ABBC,ABC60,探究线段AD,CD和BD之间有怎样的数量关系?写出猜想,并说明理由(1)解:四边形ABCD是对余四边形,A+C90或A+C36090270,故答案为:90或270;(2)证明:MN是O的直径,点A,B,C在O上,BAM+BCN90,即BAD+BCD90,四边形ABCD是对余四边形;(3)解:线段AD,CD和BD之间数量关系为:AD2+CD2BD2,理由如下:对余四边形ABCD中,ABC60,ADC30,ABBC,将BCD绕点B逆时针旋转60,得到BAF,连接FD,如图3所示:BCDBAF,FBD60BFBD,AFCD,BDCBFA,BFD是等边三角形,BFBDDF,ADC30,ADB+BDC30,BFA+ADB30,FBD+BFA+ADB+AFD+ADF180,60+30+AFD+ADF180,AFD+ADF90,FAD90,AD2+AF2DF2,AD2+CD2BD2

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