1、2019年河南省南阳市邓州市中考物理模拟试卷（二）一、填空题1如图所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐。用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0，这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜，白霜是空气中水蒸气 （填物态变化名称）形成的，它在形成过程中要 热量。2乐音的三要素是 ， 和 。3下列各句话中的“影”，分别说明了光在传播过程中遵循的物理规律，请一一指出。手影： 水中的倒影： 电影院放映电影： 。4建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体在20s内匀速提升3m，所用的拉力为250N则该工人做功的功率为 ，该滑轮组的机械效率是 。若用该装
2、置提升500N的重物，此时滑轮组的机械效率将 （填“变大”、“变小”或“不变”）5如图所示，图甲是标有“3.8V 1.2W”的小灯泡L电流随着它的两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的实际功率为0.5W，将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为 ；在开关S、S1均闭合情况下，合理控制变阻器R的阻值，此时电路消耗的最小总功率为 W。6如图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验装置。闭合开关后，铜棒AB、电流表、开关组成闭合电路。要使电流表指针偏转方向发生改变，可以采取两种方法：方法
3、一： ；方法二： 。二、单选题7下列长度接近1cm的是（）A课本的厚度B铅笔的长度C课本的宽度D茶杯的高度8关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）A物体的内能增大，一定是吸收了热量B物体吸收热量，温度就一定升高C物体的温度升高，内能就会增大D物体的内能增大，温度就会升高9小明在探究“摩擦力的大小与什么因素有关”的实验时，提出了如下四个猜想。根据你对本实验的探究，发现其中与实验结论不相符合的是（）A摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关B把滑动变为滚动，摩擦力变小C摩擦力的大小可能与物体间接触面积的大小有关D摩擦力的大小可能与接触面上压力的大小有关10如图所示，电磁继电器能通过低压控制电路间
4、接地控制高压工作电路。下列说法正确的是（）A连有电动机的电路是低压控制电路B电磁继电器实际上是一个由电磁铁控制电路通断的开关C利用电磁继电器主要是为了节约用电D利用电磁继电器主要是为了操作方便11关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（）A用湿擦布擦灯泡B在电线上晾衣服C擦带电的插座D电饼铛在使用时它的金属外壳接地12小汽车已经进入寻常百姓家庭，下列说法正确的是（）A小汽车在水平公路上静止时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力B小汽车在水平公路上高速行驶时，汽车对地面的压力小于汽车的重力C小汽车在水平公路上匀速直线行驶时，车轮不受摩擦力作用D使用安全带和安全气囊是为了减小惯
5、性13下列关于光现象的说法中，正确的是（）A“坐井观天，所见甚小”是光直线传播的结果B验钞机是利用红外线使钞票上的荧光物质发光从而辨别钞票的真伪的C光与镜面成30角射到平面镜上时，其反射角为30D筷子斜插入装满水的碗中，我们可以观察到筷子在水中的部分会向下偏折14额定电压均为U的甲、乙两盏白炽灯，甲灯的额定功率大于乙灯的额定功率，如果将它们串联接入电压为U的电路中，下列叙述正确的是（）A甲灯的实际功率小于乙灯的实际功率B至少有一盏灯能够正常发光C通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流D甲灯的电阻小于乙灯的电阻三、作图题15如图所示，一束光从水中斜射到水面，请画出反射光线和折射光线的大致方向。16图中
6、，用鱼竿将鱼钓起，O为支点，请在图中画出作用在A点的最小动力F1以及鱼竿所受阻力F2的示意图。四、实验题17小明在“探究凸透镜成像规律”实验中，用装有6个发光二极管的有方格的白纸板做发光物体，如图甲所示。又用这种有同样大小方格的白纸板做光屏。将发光物体、凸透镜和光屏组装到光具座上并调整好。（1）当发光物体在a点时，如图乙所示，在光屏上成的像如图丙所示。则光屏上的像是倒立、 的实像。将发光物体由a点移动到b点，要想找到像的位置，应向 移动光屏，像才能再次清新。（2）用这种发光物体和光屏做实验，最主要的一条优点是： 。（3）如图乙所示，当发光物体在a点时，物与像之间的距离为s1；当发光物体在b点时
7、，物与像之间的距离为s2，则s1 s2（选填“”“”“”）18实验台上有组装好的实验装置，如图所示，其中弹簧测力计的量程为05N另外还有质量均为100g的钩码六个（图中未画出）小轩计划用这些器材探究：用动滑轮提升重物时，如果动滑轮的机械效率不变，则有用功跟总功成正比。小轩的主要实验步骤如下：在动滑轮挂钩上挂1个钩码，钩码的质量用m表示，用弹簧测力计竖直向上匀速拉绳子自由端，弹簧测力计的示数用F表示，绳子自由端移动的距离用s表示，钩码上升的高度用h表示。将m、F、s、h测量数据记录在表格中；保持绳子自由端移动的距离s不变，依次改变动滑轮所挂钩码个数，仿照步骤（1）再做5次实验，将测量数据记录在表
8、格中。利用W总F s，计算出各次的总功，用W有用G hmgh，计算出各次的有用功，并将各次的W总、W有用记录在表格中。请根据以上叙述回答下列问题：（1）小轩探究过程中存在的问题是： （2）请你针尖对小轩探究过程中存在的问题，写出改进措施： 。19如图所示是“测量小灯泡的电功率”的实验，所用小灯泡上标有“3.8V”字样，滑动变阻器规格为“201A”，电源电压为6V保持不变。（1）请在图甲中用笔画线代替导线，把电路连接完整。（2）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片，小灯泡不发光，电压表示数为零。进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好。电路可能的故障是 （选填“
9、小灯泡灯丝断了”或“滑动变阻器断路”）（假设电路只有一处故障）（3）故障解决后继续实验，如图乙所示为某时刻电压表的读数，为了测量小灯泡的电功率，应将滑片向 （选填“左”或“右”）端滑动。灯泡正常发光时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为 W。（4）在甲图中，小明误将电压表并联在滑动变阻器两端，调节滑动变阻器，当电压表示数为 V时，小灯泡正常发光。用此方案，在确保各元件安全的情况下，小明记录了电流表和电压表的若干组数据，根据测量的数据绘出的IU图象可能是图丁中的 （选填“A”或“B”）五、解答题20新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其
10、简化电路如图甲所示。R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。求：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率；（2）电热丝R2的阻值；（3）这30min内电饭锅产生的热量。21如图所示，圆柱体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面。甲的重力为10牛，底面积为5103米2。求甲对地面的压强p甲。求乙容器内水面下0.1米深处的压强p水。将甲浸没在乙容器的水中后（无水溢出），若乙容器对地面压强的增加量是水对乙容器底部压强增加量的2.7倍，则求甲的密度甲。2019年河南省南阳市邓州市中考物理模拟试卷（二）参考答
11、案与试题解析一、填空题1如图所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐。用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0，这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜，白霜是空气中水蒸气凝华（填物态变化名称）形成的，它在形成过程中要放出热量。【分析】物质由气态变成固态的过程叫做凝华，凝华放热。【解答】解：易拉罐中液体温度很低，所以易拉罐本身温度也很低。空气中的水蒸气遇到温度很低的易拉罐，由气态直接凝华成为固态的霜，同时放出热量。故答案为：凝华；放出。【点评】分析物态变化现象时，主要看物体由什么状态变为了什么状态，从而根据物态变化的知识来判断。2乐音的三要素是音
12、调，响度和音色。【分析】根据乐音的三要素来填空。【解答】解：乐音的三要素是：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。故答案为 音调，响度，音色。【点评】本题考查了乐音的三要素，属于基础知识的考查，要牢记。3下列各句话中的“影”，分别说明了光在传播过程中遵循的物理规律，请一一指出。手影：光的直线传播水中的倒影：光的反射电影院放映电影：光的折射。【分析】光的直线传播、光的反射与光的折射都可以形成“影”，根据光的传播规律分析：手影、水中倒影、电影放映、立竿见影的形成原因进行答题。【解答】解：（1）手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的手，被手挡住，在手
13、的后面形成的光照不到的暗区形成手影，手影是由光的直线传播形成的；（2）水中的倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，是由光的反射形成的；（3）电影院放映电影应用了：凸透镜成倒立、放大、实像原理，凸透镜成像是光的折射形成的。故答案为：光的直线传播；光的反射；光的折射。【点评】生活中各种“影”都与光的传播有关，要正确区分各种“影”形成的原因；影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，这类题光学综合题，是物理中考的一个热点知识。4建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体在20s内匀速提升3m，所用的拉力为250N则该工
14、人做功的功率为75W，该滑轮组的机械效率是80%。若用该装置提升500N的重物，此时滑轮组的机械效率将变大（填“变大”、“变小”或“不变”）【分析】（1）由图可知，承担物重的绳子的股数n，根据snh求出绳子自由端移动的距离，然后根据W总Fs求出总功；（2）知道物重和物体上升的高度，根据W有Gh求出有用功；知道有用功和总功，根据100%求出滑轮组的机械效率；（3）在额外功不变的情况下增大有用功，利用100%100%判断滑轮组的机械效率的变化；【解答】解：（1）由图可知，承担物重绳子的股数n2，绳子自由端移动的距离：snh23m6m，拉力所做的总功：W总Fs250N6m1500J，则该工人做功的功
15、率：P75W；（2）拉力做的有用功：W有Gh400N3m1200J。则此滑轮组的机械效率：100%100%80%。（3）在其他量不变的情况下，再用该滑轮组提升500N的重物，即在额外功不变的情况下，增大了有用功，根据100%100%可知，此时滑轮组的机械效率将变大。故答案为：75W；80%；变大。【点评】本题考查有用功、总功、机械效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道机械效率随物体重力的增大而增大，但总小于100%，因为有用功始终小于总功。5如图所示，图甲是标有“3.8V 1.2W”的小灯泡L电流随着它的两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的
16、实际功率为0.5W，将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为12.5；在开关S、S1均闭合情况下，合理控制变阻器R的阻值，此时电路消耗的最小总功率为0.66W。【分析】（1）由小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象可知，当UL2V时，IL0.25A，此时灯的电功率为0.5W，由此可知电源电压U；（2）当再闭合开关S1后，因为灯与电阻并联，电流表示数变化值就是此时通过电阻R的电流IR，利用欧姆定律求R的大小；（3）在开关S、S1均闭合情况下，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，根据P求出滑动变阻器消耗的最小功率，
17、然后加上灯泡的电功率即为电路消耗的最小总功率。【解答】解：（1）由小灯泡的UI图象可知，当小灯泡的实际功率为0.5W时，UL2V，IL0.25A，则电源的电压UUL2V，（2）因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，开关S1闭合前后通过灯泡的电流不变，则通过变阻器的电流：IRI0.16A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I可得，变阻器接入电路中的阻值：R12.5；（3）在开关S、S1均闭合情况下，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，则PR0.16W，电路消耗的最小总功率：P最小PL+PR0.5W+0.16W0.66W。故答案为：12.5；0.66。【点评】本题
18、考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出灯泡实际功率为0.5W时对应的电压和电流值。6如图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验装置。闭合开关后，铜棒AB、电流表、开关组成闭合电路。要使电流表指针偏转方向发生改变，可以采取两种方法：方法一：保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向；方法二：保持导体的运动方向不变，使磁体的NS极对换，上面为S极，下面为N极。【分析】感应电流的方向是由导体的运动方向和磁场方向来决定的。要改变感应电流的方向，就要从这两个因素入手。【解答】解：由于感应电流的方向与导体的运动方向和磁场方向有关，因此要改变感应电流的方向
19、，可以采取以下措施：保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向；保持导体的运动方向不变，使磁体的NS极对换，上面为S极，下面为N极。【点评】（1）此题考查了感应电流方向的决定因素；（2）要改变感应电流的方向，只能改变这两个因素的中的一个，不能同时改变这两个因素。若同时改变，感应电流的方向不变。二、单选题7下列长度接近1cm的是（）A课本的厚度B铅笔的长度C课本的宽度D茶杯的高度【分析】此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、中学生食指的宽度在1cm左右，课本的厚度与此差不多，在1cm左右。故A符合题意；B、中
20、学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，铅笔的长度与此差不多，在18cm左右。故B不符合题意；C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，课本的宽度略小于此数值，在16cm左右。故C不符合题意；D、中学生拳头的宽度在10cm左右，茶杯的高度略大于此数值，在13cm左右。故D不符合题意。故选：A。【点评】长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断。如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右，等等。8关于温度、内能和
21、热量，下列说法正确的是（）A物体的内能增大，一定是吸收了热量B物体吸收热量，温度就一定升高C物体的温度升高，内能就会增大D物体的内能增大，温度就会升高【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；（2）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；（3）内能的大小与物体的质量、温度有关；（4）晶体熔化过程中，虽然内能增大，但温度不升高。【解答】解：A、物体的内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故A错误；B、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故B错误；C、同一物体质量不变，其温度升高，故其内能一定增大，故C正确；D、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，即其内能增大，但温度不升高，故D错误；故选
22、：C。【点评】正确理解温度、热量与内能的关系。解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。9小明在探究“摩擦力的大小与什么因素有关”的实验时，提出了如下四个猜想。根据你对本实验的探究，发现其中与实验结论不相符合的是（）A摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关B把滑动变为滚动，摩擦力变小C摩擦力的大小可能与物体间接触面积的大小有关D摩擦力的大小可能与接触面上压力的大小有关【分析】完成本题需要掌握增大或减小摩擦力的方法，增大摩擦力的方法：增大压力、使接触面变粗糙、变滚动为滑动；减小摩擦可采取相反的措施：减小压力、使接触面变光滑、变滑动为
23、滚动等。【解答】解：A、在其他条件一定时，使接触面变粗糙，可以增大摩擦力，该猜想与实验结论相符；B、在其他条件一定时，将滑动变为滚动，可以减小摩擦力，该猜想与实验结论相符；C、摩擦力的大小与物体间的接触面积无关，该猜想与实验结论不相符；D、在其他条件一定时，增大物体对接触面的压力大小，可以增大摩擦力，该猜想与实验结论相符；故选：C。【点评】本题考查学生对摩擦力大小的影响因素的了解和掌握，解题时根据所学的物理知识逐个排除。10如图所示，电磁继电器能通过低压控制电路间接地控制高压工作电路。下列说法正确的是（）A连有电动机的电路是低压控制电路B电磁继电器实际上是一个由电磁铁控制电路通断的开关C利用电
24、磁继电器主要是为了节约用电D利用电磁继电器主要是为了操作方便【分析】（1）电磁继电器的主要部件就是一个电磁铁，它是利用电磁铁来控制工作电路通断的，当控制电路接通时，电路中有了电流，电磁铁就有了磁性，吸引衔铁，衔铁的移动导致了工作电路的通断；（2）电磁继电器的实质是一个间接开关，它可以用低电压、弱电流的控制电路来控制高电压、强电流的工作电路，它还可以实现自动控制。【解答】解：A、由图可见，电磁铁电路是控制电路，电动机电路是工作电路，该选项说法错误；B、电磁继电器实质上就是利用电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性的特点控制工作电路通断的开关，该选项说法正确；C、电磁继电器可以用低电压、弱电流的控制电路
25、来控制高电压、强电流的工作电路，与节约用电无关，相反是多用了电，该选项说法错误；D、有些环境比较复杂，不利于人直接操作，利用电磁继电器主要是为了实现远距离控制和自动控制，该选项说法错误。故选：B。【点评】此题主要是对电磁继电器的基础知识的考查，强化对课本基础知识的记忆，对于解决这类基础性的题目有很大的帮助。11关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（）A用湿擦布擦灯泡B在电线上晾衣服C擦带电的插座D电饼铛在使用时它的金属外壳接地【分析】（1）当人体同时接触火线和零线时，也会有电流通过人体，这种触电现象称为单线触电。（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从
26、而造成触电。【解答】解：A、接在电路中的灯泡属于带电体，用湿布擦拭时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险。故A不符合安全用电原则；B、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险。故B不符合安全用电原则；C、带电的插座属于带电体，擦拭时，有可能使电流传到人体上，使人体触电，十分危险。故C不符合安全用电原则；D、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全。故D符合安全用电原则；故选：D。【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近
27、高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。12小汽车已经进入寻常百姓家庭，下列说法正确的是（）A小汽车在水平公路上静止时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力B小汽车在水平公路上高速行驶时，汽车对地面的压力小于汽车的重力C小汽车在水平公路上匀速直线行驶时，车轮不受摩擦力作用D使用安全带和安全气囊是为了减小惯性【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；（3）小汽车在水平公路上匀速直线行驶时，所受牵引力与摩擦力平衡；（4）一切物体都有惯性，惯性只有与质量有关。【解
28、答】解：A、汽车静止在路面上时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力，二力作用在不同的物体上，因此二力不是一对平衡力，故A错误；B、小汽车高速行驶时，小汽车上方空气流动大于下方的空气流动，因此小汽车在竖直方向上受支持力和空气向上的托力的作用，因此小汽车对路面的压力小于汽车的重力，故B正确；C、根据摩擦力产生的条件可知，汽车在水平公路上匀速直线行驶时，受到摩擦力的作用，只是所受牵引力与摩擦力大小相等、方向相反、在同一直线上，在同一物体上是一对平衡力，故C错误；D、惯性只有与质量有关，质量不变，惯性不变，故使用安全带和安全气囊不是为了减小惯性，而是为了减小由于惯性带来的危害，故D错误。故选：B。【
29、点评】本题综合考查了平衡力、摩擦力产生的条件、流体压强与流速的关系以及惯性知识，涉及的内容较多，但都属于基础题。13下列关于光现象的说法中，正确的是（）A“坐井观天，所见甚小”是光直线传播的结果B验钞机是利用红外线使钞票上的荧光物质发光从而辨别钞票的真伪的C光与镜面成30角射到平面镜上时，其反射角为30D筷子斜插入装满水的碗中，我们可以观察到筷子在水中的部分会向下偏折【分析】光在同种均与介质中沿直线传播，大于井口面之外的光不能进入井中。验钞机是利用紫外线辨别纸币真伪的。求出入射角，根据反射定律求出反射角。光从水斜射入另空气时发生折射，使水中物体看起来在水面处向上偏折。【解答】解：A、“坐井观天
30、，所见甚小”是光直线传播的结果，说法正确；B、验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光从而辨别钞票的真伪的，不是利用红外线，说法错误；C、光与镜面成30角射到平面镜上时，其反射角为60，不是30，说法错误；D、筷子斜插入装满水的碗中，我们可以观察到筷子在水中的部分会向上偏折，不是向下偏折，说法错误。故选：A。【点评】本题考查了：光的直线传播、紫外线的应用、光的反射定律、光折射的应用，考查的知识较全面，是一道光学综合题；熟练掌握光学的相关基础知识是解题的关键。14额定电压均为U的甲、乙两盏白炽灯，甲灯的额定功率大于乙灯的额定功率，如果将它们串联接入电压为U的电路中，下列叙述正确的是（）A甲灯的实
31、际功率小于乙灯的实际功率B至少有一盏灯能够正常发光C通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流D甲灯的电阻小于乙灯的电阻【分析】已知甲、乙两灯的额定电压相同，且甲灯额定功率大于乙灯额定功率，根据P分析其电阻关系，然后根据串联电路的特点和电功率公式进行解答。【解答】解：由甲、乙两灯的额定电压相同，且甲灯额定功率大于乙灯额定功率，根据P可知，R甲R乙，由于两灯串联，故电流是相同的，故C错误，D正确；当甲、乙两灯串联后接入电路中，由PI2R可知，如果甲灯发光，P实甲P实乙，则乙灯比甲灯亮，故A正确。当甲、乙两灯串联后接入电路中，根据串联电路的电压规律可知，每一盏灯两端的电压都要小于U，故都不能正常发光，故B错
32、误。故选：AD。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。三、作图题15如图所示，一束光从水中斜射到水面，请画出反射光线和折射光线的大致方向。【分析】过入射点做出法线，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对应的反射光线和折射光线。【解答】解：过入射点O做法线ON，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小。然后利用光的反射规律做出对应的反射光线OB。光从水中斜射入空气，所以折射角大于入射角，由此可以做出对应的折射光线OC。答案如下图所示：【点评】做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定
33、要标出反射角的大小。16图中，用鱼竿将鱼钓起，O为支点，请在图中画出作用在A点的最小动力F1以及鱼竿所受阻力F2的示意图。【分析】要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。先确定最长的力臂，即离支点与力的作用点的连线；然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。【解答】解：根据杠杆平衡的条件，F1L1F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，阻力的方向是竖直向下的，在杠杆最右端作竖直向下的阻力F2，如下图所示：【点
34、评】此题考查杠杆中最小力的问题，杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；连接支点与动力作用点，得到最长的线段；经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。四、实验题17小明在“探究凸透镜成像规律”实验中，用装有6个发光二极管的有方格的白纸板做发光物体，如图甲所示。又用这种有同样大小方格的白纸板做光屏。将发光物体、凸透镜和光屏组装到光具座上并调整好。（1）当发光物体在a点时，如图乙所示，在光屏上成的像如图丙所示。则光屏上的像是倒立、缩小的实像。将发光物体由a点移动到b点，要想找到像的位置，应向左移动光屏，像才能再次清
35、新。（2）用这种发光物体和光屏做实验，最主要的一条优点是：便于比较像与物的大小关系。（3）如图乙所示，当发光物体在a点时，物与像之间的距离为s1；当发光物体在b点时，物与像之间的距离为s2，则s1 s2（选填“”“”“”）【分析】（1）根据甲和丙图进行比较，判断凸透镜成像的情况。凸透镜成像时，物距增大，像距减小，像变小。（2）将发光二极管与烛焰比较，找出其优点。发光二极管的亮度更大，更容易观察其像。同时其形状规则，利用方格纸，更容易比较像与物的大小。（3）物体成倒立缩小的实像时，物距大于二倍焦距，而像距在一倍焦距和二倍焦距之间；且物距增大时，像距无限靠近一倍焦距。【解答】解：（1）甲图“T”比
36、较大，丙图“T”比较小，所以光屏上成倒立、缩小的实像。将发光物体由a点移动到b点，物距增大，像减小，像距减小，要想找到像的位置，光屏要向左移动，直到光屏上得到清晰的像；（2）这种发光体的亮度大，成的像更清晰，同时其形状规则，利用方格纸便于比较像与物的大小关系；（3）由图知：物体成的是倒立缩小的实像，那么物距大于二倍焦距，而像距在一倍焦距和二倍焦距之间。此时，当物距不断增大时，像距会无限的靠近一倍焦距，但永远达不到一倍焦距处，因此物体向左移动的幅度要大于像向左移动的幅度；所以，当发光物体放置在b点时，物像之间的距离会相应的增大，则s1 s2；故答案为：（1）缩小；左；（2）便于比较像与物的大小关
37、系；（3）。【点评】本题中所提供的实验装置较为新颖，很值得推广和借鉴。本题考查的知识都非常简单，是有关凸透镜成像的基本原理，是我们应该重点掌握的。18实验台上有组装好的实验装置，如图所示，其中弹簧测力计的量程为05N另外还有质量均为100g的钩码六个（图中未画出）小轩计划用这些器材探究：用动滑轮提升重物时，如果动滑轮的机械效率不变，则有用功跟总功成正比。小轩的主要实验步骤如下：在动滑轮挂钩上挂1个钩码，钩码的质量用m表示，用弹簧测力计竖直向上匀速拉绳子自由端，弹簧测力计的示数用F表示，绳子自由端移动的距离用s表示，钩码上升的高度用h表示。将m、F、s、h测量数据记录在表格中；保持绳子自由端移动
38、的距离s不变，依次改变动滑轮所挂钩码个数，仿照步骤（1）再做5次实验，将测量数据记录在表格中。利用W总F s，计算出各次的总功，用W有用G hmgh，计算出各次的有用功，并将各次的W总、W有用记录在表格中。请根据以上叙述回答下列问题：（1）小轩探究过程中存在的问题是：改变了钩码的重力，使动滑轮的机械效率也发生变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总（2）请你针尖对小轩探究过程中存在的问题，写出改进措施：保持钩码个数不变，依次改变绳子自由端移动的距离s。【分析】对同一滑轮组，改变提升物体的重力可改变机械效率，为控制机械效率不变，应提升同一重物，通过改变提升物体的高度（即没有改变绳子自由
39、端的距离s）来改变有用功（即自变量W总）据此分析存在问题及改进措施。【解答】解：对同一滑轮组，改变提升物体的重力可改变机械效率，为控制机械效率不变，应提升同一重物，通过改变提升物体的高度（即没有改变绳子自由端的距离s）来改变有用功（即自变量W总）。（1）故小轩探究过程中存在的问题是：改变了钩码的重力，使动滑轮的机械效率也发生变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总（2）针对小轩探究过程中存在的问题，写出改进措施：保持钩码个数不变，依次改变绳子自由端移动的距离s故答案为：（1）改变了钩码的重力，使动滑轮的机械效率也发生了变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总；（2）保持钩码
40、个数不变，依次改变绳子自由端移动的距离s。【点评】本题考查控制变量法的运用及对实验方案的评估能力和尝试改进实验方案的能力，是中考的热点问题。19如图所示是“测量小灯泡的电功率”的实验，所用小灯泡上标有“3.8V”字样，滑动变阻器规格为“201A”，电源电压为6V保持不变。（1）请在图甲中用笔画线代替导线，把电路连接完整。（2）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片，小灯泡不发光，电压表示数为零。进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好。电路可能的故障是滑动变阻器断路（选填“小灯泡灯丝断了”或“滑动变阻器断路”）（假设电路只有一处故障）（3）故障解决后继续实验，如
41、图乙所示为某时刻电压表的读数，为了测量小灯泡的电功率，应将滑片向左（选填“左”或“右”）端滑动。灯泡正常发光时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为1.14W。（4）在甲图中，小明误将电压表并联在滑动变阻器两端，调节滑动变阻器，当电压表示数为2.2V时，小灯泡正常发光。用此方案，在确保各元件安全的情况下，小明记录了电流表和电压表的若干组数据，根据测量的数据绘出的IU图象可能是图丁中的B（选填“A”或“B”）【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，且与灯泡并联，注意正负接线柱的连接；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；（2）对每个猜想所出现的现象逐一分析，确定与题目条件不符合与
42、相符合的猜想；（3）认清电压表小量程的分度值读数，比较读数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；根据PUI求出额定功率；（4）根据串联电路的电压规律求出滑动变阻器两端的电压；根据电压与电流的关系分析图象。【解答】解：（1）灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表的量程为015V，且与灯泡并联，电流从正接线柱流入负接线柱流出；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，如下图所示：；（2）如果小灯泡的灯丝断了，则电压表与电路中其它元件串联，因电压表内阻很大，根据欧姆定律和分压原理，电流表示数接近0，电压表示数接近电源电压，小灯泡分得的电压很小，不发光；如果滑动变阻器断路，则电压表、电流表均无
43、示数，小灯泡不发光；故故障的原因是滑动变阻器断路；（3）电压表小量程的分度值为0.5V，示数为2.5V，所以，应增加灯两端的电压减小滑动变阻器的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻，所以，应将滑片P向左端移到合适位置，电流表示数的示数为0.3A则小灯泡的额定功率为：PUI3.8V0.3A1.14W；（4）小灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为3.8V，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端的电压为6V3.8V2.2V；当滑动变阻器两端的电压变大时，表面滑动变阻器电阻变大，则电路中的电流减小，故B图为绘出的IU图象。故答案为：（1）如图；（2）滑动变阻器断路；（3）左；1.14；（4
44、）2.2； B。【点评】本题考查了滑动变阻器的连接和应用、电流表的读数、电功率的计算等，涉及的知识点较多，综合性强，明白实验的原理是关键。五、解答题20新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示。R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。求：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率；（2）电热丝R2的阻值；（3）这30min内电饭锅产生的热量。【分析】（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；电路中电流最大，由乙图可知此时电流
45、值，则利用PUI求出功率；（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值，根据并联电路的电流特点可知通过R2工作时的电流值，然后根据欧姆定律即可求出R2的阻值。（3）利用PUI求出只有R1工作时功率；由乙图可知：30min内两种情况下各自的工作时间，利用WPt分别求出两种情况下各自产生的热量，最后求其和即可。【解答】解：（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；由乙图可知此时电流值Imax3A，则功率PmaxUImax220V3A660W；（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值I12A，则根据并联电路的电流特点可知：电阻R1与R2并联时；I2ImaxI13A2A1A，根据欧姆定律得：R2220。（3）只有R1工作时功率P1UI1220V2A440W；由乙图可知：t10min+（20min15min）15min900s，t（15min10min）+（30min20min）15min900s，则QWPmaxt660W900s5.94105J，QWP1t440W900s3.96105J，QQ+Q5.94105J+3.96105J9.9105J。答：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率为660W；（2）电热丝R2的阻
