专题10电磁感应(2018版高三物理一轮复习5年真题分类物理).pdf

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资源描述

1、专题专题 1010 电磁感应电磁感应 1.(2014 上海)如图,匀强磁场垂直于软导线回路平面,由于磁场 发生变化,回路变为圆形。则磁场() (A)逐渐增强,方向向外 (B)逐渐增强,方向向里 (C)逐渐减弱,方向向外 (D)逐渐减弱,方向向里 答案:CD 解析 : 本题考查了楞次定律,感应电流的磁场方向总是阻碍引起闭合回路中磁通量的变化, 体现在面积上是“增缩减扩”,而回路变为圆形,面积是增加了,说明磁场是在逐渐减弱 因不知回路中电流方向,故无法判定磁场方向,故 CD 都有可能。 22014新课标全国卷 在法拉第时代,下列验证“由磁产生电”设想的实验中,能观 察到感应电流的是( ) A将绕在

2、磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路,然后观察电流表的变化 B在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈,然后观察电流表的变化 C将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接,往线圈中插入条形磁铁后,再到相邻 房间去观察电流表的变化 D绕在同一铁环上的两个线圈,分别接电源和电流表,在给线圈通电或断电的瞬间,观察 电流表的变化 答案:D 解析:产生感应电流的条件是:只要穿过闭合电路的磁通量发生变化,电路中就会产生感应 电流本题中的 A、B 选项都不会使电路中的磁通量发生变化,不满足产生感应电流的条件, 故不正确C 选项虽然在插入条形磁铁瞬间电路中的磁通量发生变化,但是当人到相邻房间 时,电路已达到稳定

3、状态,电路中的磁通量不再发生变化,故观察不到感应电流在给线圈 通电、断电瞬间,会引起闭合电路磁通量的变化,产生感应电流,因此 D 选项正确 32014新课标全国卷 如图(a)所示,线圈ab、cd绕在同一软铁芯上在ab线圈中 通以变化的电流, 用示波器测得线圈cd间电压如图(b)所示 已知线圈内部的磁场与流经线 圈的电流成正比,则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中,可能正确的是( ) 答案:C 解析: 本题考查了电磁感应的图像根据法拉第电磁感应定律,ab线圈电流的变化率与线 圈cd上的波形图一致, 线圈cd上的波形图是方波,ab线圈电流只能是线性变化的, 所以 C 正确 4.2014江苏

4、卷 如图所示, 一正方形线圈的匝数为n, 边长为a, 线圈 平面与匀强磁场垂直,且一半处在磁场中在t时间内,磁感应强度 的方向不变,大小由B均匀地增大到 2B.在此过程中,线圈中产生的感 应电动势为( ) A. B. C. D. Ba2 2t nBa2 2t nBa2 t 2nBa2 t 答案:B 解析 : 根据法拉第电磁感应定律知Enn,这里的S指的是线圈在磁场中的有 t BS t 效面积,即S,故En,因此 B 项正确 a2 2 (2BB)S t nBa2 2t 5.2014山东卷 如图所示,一端接有定值电阻的平行金属轨道固定在水平面内,通有 恒定电流的长直绝缘导线垂直并紧靠轨道固定, 导

5、体棒与轨道垂直且接触良好, 在向右匀速 通过M、N两区的过程中,导体棒所受安培力分别用FM、FN表示 不计轨道电阻以下叙述正确的是( ) AFM向右 BFN向左 CFM逐渐增大 DFN逐渐减小 答案:BCD 解析: 根据安培定则可判断出,通电导线在M区产生竖直向上的磁场,在N区产生竖直向 下的磁场当导体棒匀速通过M区时,由楞次定律可知导体棒受到的安培力向左当导体棒 匀速通过N区时,由楞次定律可知导体棒受到的安培力也向左选项 B 正确设导体棒的电 阻为r,轨道的宽度为L,导体棒产生的感应电流为I,则导体棒受到的安培力F安BI LBL,在导体棒从左到右匀速通过M区时,磁场由弱到强,所以FM逐渐增大

6、; BLv Rr B2L2v Rr 在导体棒从左到右匀速通过N区时,磁场由强到弱,所以FN逐渐减小选项 C、D 正确 62014四川卷 如图所示,不计电阻的光滑 U 形金属框水平放置,光滑、竖直玻璃挡板 H、P固定在框上,H、P的间距很小质量为 0.2 kg 的细金属杆CD恰好无挤压地放在两挡 板之间,与金属框接触良好并围成边长为 1 m 的正方形,其有效电阻为 0.1 .此时在整个 空间加方向与水平面成 30角且与金属杆垂直的匀强磁 场, 磁感应强度随时间变化规律是B(0.40.2t) T,图 示磁场方向为正方向框、挡板和 杆不计形变则 ( ) At1 s 时,金属杆中感应电流方向从C到D

7、Bt3 s 时,金属杆中感应电流方向从D到C Ct1 s 时,金属杆对挡板P的压力大小为 0.1 N Dt3 s 时,金属杆对挡板H的压力大小为 0.2 N 答案:AC 解析: 由于B(0.40.2 t) T,在t1 s 时穿过平面的磁通量向下并减少,则根据楞次 定律可以判断,金属杆中感应电流方向从C到D,A 正确在t3 s 时穿过平面的磁通量向 上并增加,则根据楞次定律可以判断,金属杆中感应电流方向仍然是从C到D,B 错误由 法拉第电磁感应定律得ESsin 300.1 V,由闭合电路的欧姆定律得电路电流 t B t I 1 A,在t1 s 时,B0.2 T,方向斜向下,电流方向从C到D,金属

8、杆对挡板P的 E R 压力水平向右,大小为FPBILsin 300.1 N,C 正确同理,在t3 s 时,金属杆对挡 板H的压力水平向左,大小为FHBILsin 300.1 N,D 错误 72014安徽卷 英国物理学家麦克斯韦认为,磁场变化时会在空间激发感生电场如图 所示,一个半径为r的绝缘细圆环水平放置,环内存在竖直向上的匀强磁场B,环上套一带 电荷量为q的小球已知磁感应强度B随时间均匀增加,其变化率为k,若小球在环上运 动一周,则感生电场对小球的作用力所做功的大小是( ) A0 B.r2qk C2r2qk Dr2qk 1 2 答案:D 解析: 本题考查电磁感应、动能定理等知识点,考查对“变

9、化的磁场产生电场”的理解能 力与推理能力由法拉第电磁感应定律可知,沿圆环一周的感生电动势E感S t B t kr2,电荷环绕一周,受环形电场的加速作用,应用动能定理可得 WqE感r2qk. 选项 D 正确。 8 2014全国卷 很多相同的绝缘铜圆环沿竖直方向叠放,形成一很长的竖直圆筒一条 形磁铁沿圆筒的中心轴竖直放置, 其下端与圆筒上端开口平齐 让条形磁铁从静止开始下落 条形磁铁在圆筒中的运动速率( ) A均匀增大 B先增大,后减小 C逐渐增大,趋于不变 D先增大,再减小,最后不变 答案:C 解析: 本题考查楞次定律、法拉第电磁感应定律竖直圆筒相当于闭合电路,磁铁穿过闭 合电路,产生感应电流,

10、根据楞次定律,磁铁受到向上的阻碍磁铁运动的安培力,开始时磁 铁的速度小,产生的感应电流也小,安培力也小,磁铁加速运动,随着速度的增大,产生的 感应电流增大,安培力也增大,直到安培力等于重力的时候,磁铁匀速运动所以 C 正确 9 2014广东卷 如图 8 所示,上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置,小磁 块先后在两管中从相同高度处由静止释放,并落至底部,则小磁 块( ) A在P和Q中都做自由落体运动 B在两个下落过程中的机械能都守恒 C在P中的下落时间比在Q中的长 D落至底部时在P中的速度比在Q中的大 答案:C 解析: 磁块在铜管中运动时,铜管中产生感应电流,根据楞次定律,磁块会受到向上

11、的磁 场力,因此磁块下落的加速度小于重力加速度,且机械能不守恒,选项 A、B 错误;磁块在 塑料管中运动时,只受重力的作用,做自由落体运动,机械能守恒,磁块落至底部时,根据 直线运动规律和功能关系, 磁块在P中的下落时间比在Q中的长, 落至底部时在P中的速度 比在Q中的小,选项 C 正确,选项 D 错误 102014江苏卷 如图所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯,现接通交流电源, 过了几分钟,杯内的水沸腾起来若要缩短上述加热时间,下列 措施可行的有( ) A增加线圈的匝数 B提高交流电源的频率 C将金属杯换为瓷杯 D取走线圈中的铁芯 答案:AB 解析: 根据法拉第电磁感应定律En知,增加线

12、圈的匝数n,提高交流电源的频率即 t 缩短交流电源的周期(相当于减小t), 这两种方法都能使感应电动势增大故选项 A、 B 正确 将金属杯换为瓷杯,则没有闭合电路,也就没有感应电流;取走线圈中的铁芯,则使线圈 中的磁场大大减弱,则磁通量的变化率减小感应电动势减小故选项 C、D 错误 11 2014新课标卷 半径分别为r和 2r的同心圆形导轨固定在同一水平面内, 一长为 r、 质量为m且质量分布均匀的直导体棒AB置于圆导轨上面,BA的延长线通过圆导轨中心O , 装置的俯视图如图所示整个装置位于一匀强磁场中,磁感应强度的大 小为B,方向竖直 向下 在内圆导轨的C点和外圆导轨的D点之间接有一阻 值为

13、R的电阻(图中未画出) 直导体棒在水平外力作用下以角速度绕O逆时针匀速转动, 在转动过程中始终与导轨保持良好接触 设导体棒与导轨之间的动摩擦因数为, 导体棒和 导轨的电阻均可忽略重力加速度大小g.求 (1)通过电阻R的感应电流的方向和大小: (2)外力的功率 解: (1)在t时间内,导体棒扫过的面积为 St(2r)2r2 1 2 根据法拉第电磁感应定律,导体棒上感应电动势的大小为 BS t 根据右手定则,感应电流的方向是从B端流向A端因此,通过电阻R的感应电流的方向是 从C端流向D端由欧姆定律可知,通过电阻R的感应电流的大小I满足 I R 联立式得 I. 3Br2 2R (2)在竖直方向有 m

14、g2N0 式中,由于质量分布均匀,内、外圆导轨对导体棒的正压力大小相等,其值为N,两导轨对 运行的导体棒的滑动摩擦力均为 fN 在t时间内,导体棒在内、外圆轨上扫过的弧长为 l1rt 和 l22rt 克服摩擦力做的总功为 Wff(l1l2) 在t时间内,消耗在电阻R上的功为 WRI2Rt 根据能量转化和守恒定律知,外力在t时间内做的功为 WWfWR 外力的功率为 P W t 由至 12 式得 Pmgr 3 2 92B2r4 4R 122014安徽卷 (16 分)如图 1 所示,匀强磁场的磁感应强度B为 0.5 T,其方向垂直于 倾角为 30的斜面向上绝缘斜面上固定有“A”形状的光滑金属导轨的M

15、PN(电阻忽略不 计),MP和NP长度均为 2.5 m,MN连线水平,长为 3 m以MN中点O为原点、OP为x轴建 立一维坐标系Ox.一根粗细均匀的金属杆CD,长度d为 3 m,质量m为 1 kg、电阻R为 0.3 ,在拉力F的作用下,从MN处以恒定速度v1 m/s 在导轨上沿x轴正向运动(金属杆与 导轨接触良好)g取 10 m/s2. 图 1 图 2 (1)求金属杆CD运动过程中产生的感应电动势E及运动到x0.8 m 处电势差UCD; (2)推导金属杆CD从MN处运动到P点过程中拉力F与位置坐标x的关系式,并在图 2 中画 出Fx关系图像; (3)求金属杆CD从MN处运动到P点的全过程产生的

16、焦耳热 解: (1)金属杆 CD在匀速运动中产生的感应电动势 EBlv(ld),E1.5 V(D点电势高) 当x0.8 m 时,金属杆在导轨间的电势差为零设此时杆在导轨外的长度为l外,则 l外dd OPx OP OP MP2(MN 2) 2 得l外1.2 m 由楞次定律判断 D 点电势高,故 CD 两端电势差 UCBBl外v, UCD0.6 V (2)杆在导轨间的长度l与位置x关系是 ld3x OPx OP 3 2 对应的电阻R1为R1R,电流I l d Blv R1 杆受的安培力F安BIl7.53.75x 根据平衡条件得FF安mgsin F12.53.75x(0x2) 画出的Fx图像如图所示

17、 (3)外力F所做的功WF等于Fx图线下所围的面积,即 WF2 J17.5 J 512.5 2 而杆的重力势能增加量Epmgsin 故全过程产生的焦耳热QWFEp7.5 J 132014北京卷 (20 分)导体切割磁感线的运动可以从宏观和微观两个角度来认识如 图所示,固定于水平面的 U 形导线框处于竖直向下的匀强磁场中,金属直导线MN在与其垂 直的水平恒力F作用下,在导线框上以速度v做匀速运动,速度v与恒力F方向相同 ; 导线 MN始终与导线框形成闭合电路已知导线MN电阻为R,其长度L恰好等于平行轨道间距, 磁场的磁感应强度为B.忽略摩擦阻力和导线框的电阻 (1) 通过公式推导验证:在t时间内

18、,F对导线MN所做的功W等于电路获得的电能W电, 也等于导线MN中产生的热量Q; (2)若导线MN的质量m8.0 g、长度L0.10 m,感应电流I1.0 A,假设一个原子贡献一 个自由电子,计算导线MN中电子沿导线长度方向定向移动的平均速率ve(下表中列出一些 你可能会用到的数据); 阿伏伽德罗常数NA 6.01023 mol1 元电荷e 1.61019 C 导线MN的摩尔质量 6.0102 kg/mol (3)经典物理学认为, 金属的电阻源于定向运动的自由电子和金属离子(即金属原子失去电子 后的剩余部分)的碰撞展开你想象的翅膀,给出一个合理的自由电子的运动模型;在此基 础上,求出导线MN中

19、金属离子对一个自由电子沿导线长度方向的平均作用力f的表达式 解: (1)导线产生的感应电动势 EBLv 导线匀速运动,受力平衡 FF安BIL 在t时间内,外力F对导线做功 WFvtF安vtBILvt 电路获得的电能 W电qEIEtBILvt 可见,F对导线MN做的功等于电路获得的电能W电; 导线MN中产生的热量 QI2RtItIRqEW电 可见,电路获得的电能W电等于导线MN中产生的热量Q. (2)导线MN中具有的原子数为 NNA m 因为一个金属原子贡献一个电子,所以导线MN中的自由电子数也是N. 导线MN单位体积内的自由电子数 n N SL 其中,S为导线MN的横截面积 因为电流 Inve

20、Se 所以 ve I nSe IL Ne IL mNAe 解得 ve7.8106 m/s. (3)下列解法的共同假设:所有自由电子(简称电子,下同)以同一方式运动 方法一:动量解法 设电子在第一次碰撞结束至下一次碰撞结束之间的运动都相同,经历的时间为t,电子的 动量变化为零 因为导线MN的运动,电子受到沿导线方向的洛伦兹力f洛的作用 f洛evB 沿导线方向,电子只受到金属离子的作用力和f洛作用,所以 Iff洛t0 其中If为金属离子对电子的作用力的冲量,其平均作用力为f,则Ifft 得 ff洛evB 方法二:能量解法 S设电子从导线的一端到达另一端经历的时间为t,在这段时间内,通过导线一端的电

21、子总 数 N It e 电阻上产生的焦耳热是由于克服金属离子对电子的平均作用力f做功产生的 在时间t内,总的焦耳热 QNfL 根据能量守恒定律,有 QW电EItBLvIt 所以 fevB 方法三:力的平衡解法 因为电流不变,所以假设电子以速度ve相对导线做匀速直线运动 因为导线MN的运动,电子受到沿导线方向的洛伦兹力f洛的作用 f洛evB 沿导线方向,电子只受到金属离子的平均作用力f和f洛作有,二力平衡,即ff洛evB. 142014江苏卷 如图所示,在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨,导轨间距为L,长 为 3d,导轨平面与水平面的夹角为,在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层匀强 磁场的磁感

22、应强度大小为B,方向与导轨平面垂直质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止 释放,在滑上涂层之前已经做匀速运动,并一直匀速滑到导轨底端导体棒始终与导轨垂直 ,且仅与涂层间有摩擦,接在两导轨间的电阻为R,其他部分的电阻均不计,重力加速度为 g.求: (1)导体棒与涂层间的动摩擦因数; (2)导体棒匀速运动的速度大小v; (3)整个运动过程中,电阻产生的焦耳热Q. 解: (1)在绝缘涂层上 受力平衡 mgsin mgcos 解得 tan . (2)在光滑导轨上 感应电动势 EBlv 感应电流 I E R 安培力 F安BLI 受力平衡 F 安mgsin 解得 v mgRsin B2L2 (3)摩擦生热 Q

23、Tmgdcos 能量守恒定律 3mgdsin QQTmv2 1 2 解得 Q2mgdsin . m3g2R2sin 2B4L4 15 2014天津卷 如图所示, 两根足够长的平行金属导轨固定在倾角30的斜面上, 导轨电阻不计,间距L0.4 m导轨所在空间被分成区域和,两区域的边界与斜面的交 线为MN,中的匀强磁场方向垂直斜面向下,中的匀强磁场方向垂直斜面向上,两磁场 的磁场感应度大小均为B0.5 T在区域中,将质量m10.1 kg,电阻R10.1 的金属 条ab放在导轨上,ab刚好不下滑然后,在区域中将质量m20.4 kg,电阻R20.1 的光滑导体棒cd置于导轨上,由静止开始下滑cd在滑动过

24、程中始终处于区域的磁场 中,ab、cd始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触,取g10 m/s2,问 (1)cd下滑的过程中,ab中的电流方向; (2)ab刚要向上滑动时,cd的速度v多大; (3)从cd开始下滑到ab刚要向上滑动的过程中,cd滑动的距离x3.8 m,此过程中ab上 产生的热量Q是多少? 解: (1)由右手定则可以直接判断出电流是由a流向b. (2)开始放置ab刚好不下滑时,ab所受摩擦力为最大静摩擦力,设其为Fmax,有 Fmaxm1gsin 设ab刚好要上滑时,cd棒的感应电动势为E,由法拉第电磁感应定律有 EBLv 设电路中的感应电流为I,由闭合电路欧姆定律有 I E R

25、1R2 设ab所受安培力为F安,有 F安ILB 此时ab受到的最大静摩擦力方向沿斜面向下,由平衡条件有 F安m1gsin Fmax 综合式,代入数据解得 v5 m/s (3)设cd棒的运动过程中电路中产生的总热量为Q总,由能量守恒有 m2gxsin Q总m2v2 1 2 又 QQ总 R1 R1R2 解得Q1.3 J 16 2014浙江卷 某同学设计一个发电测速装置,工作原理如图所示一个半径为R 0.1 m 的圆形金属导轨固定在竖直平面上,一根长为R的金属棒OA,A端与导轨接触良好, O端固定在圆心处的转轴上 转轴的左端有一个半径为r 的圆盘, 圆盘和金属棒能随转轴 R 3 一起转动圆盘上绕有不

26、可伸长的细线,下端挂着一个质量为m0.5 kg 的铝块在金属导 轨区域内存在垂直于导轨平面向右的匀强磁场,磁感应强度B0.5 Ta点与导轨相连,b 点通过电刷与O端相连测量a、b两点间的电势差U可算得铝块速度铝块由静止释放, 下落h0.3 m 时,测得U0.15 V(细线与圆盘间没有滑动,金属棒、导轨、导线及电刷的 电阻均不计,重力加速度g取 10 m/s2) 第 24 题图 (1)测U时,与a点相接的是电压表的“正极”还是“负极”? (2)求此时铝块的速度大小; (3)求此下落过程中铝块机械能的损失 解: 本题考查法拉第电磁感应定律、右手定则等知识和分析综合及建模能力 (1)正极 (2)由电

27、磁感应定律得UE t BR2 UBR2 1 2 1 2 vrR 1 3 所以v2 m/s 2U 3BR (3)Emghmv2 1 2 E0.5 J 17.(2014 上海) (14 分)如图,水平面内有一光滑金属导轨,其 MN、PQ 边的电阻不计,MP 边的电阻阻值 R=1.5,MN 与 MP 的夹角为 1350,PQ 与 MP 垂直,MP 边长度小于 1m。将质量 m=2kg,电阻不计的足够长直导体棒搁在导轨上,并与 MP 平行。棒与 MN、PQ 交点 G、H 间的 距离 L=4m.空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场,磁感应强度 B=0.5T。 在外力作用下,棒由 GH 处以一定的初速度向左做

28、直线运动,运动时回 路中的电流强度始终与初始时的电流强度相等。(1)若初速度 v1=3m/s, 求棒在 GH 处所受的安培力大小 FA 。( 2) 若初速度 v2=1.5m/s, 求棒向左 移动距离 2m 到达 EF 所需时间t。(3)在棒由 GH 处向左移动 2m 到 达 EF 处的过程中,外力做功 W=7J,求初速度 v3 。 解:(1)棒在 GH 处速度为 v1 ,因此根据法拉第电磁感应定律有: E1=BLv1 , 由闭合电路欧姆定律得 I1=BLv1/R , 棒在 GH 处所受安培力为 FA BI1L , 解式且代入数据得:FAB2L2v1/R = 8N (2)设棒移动距离为 a2m,

29、由几何关系可得 EF 间距也为 a,向左移动整个过程中磁通量 的变化量Ba(a+L)/2 ,题设运动时回路中电流保持不变,即感应电动势 E2不变, 开始移动时有 E2=BLv2 , 又整个过程中 E2=/tBa(a+L)/(2t) , 解以上两式并代入数据得ta(a+L)/(2Lv2)1s. (3)设外力做功为 W=7J,克服安培力做功为 WA,导体棒在 EF 处的速度为 v4 , 由动能定理得:WWAmv42/2mv32/2 运动时回路中电流保持不变,即感应电动势 E2不变,同(2)理有:E3=BLv3 Bav4 , E3=/t1Ba(a+L)/(2t1) , 得t1a(a+L)/(2Lv3) 11 I3=BLv3/R , 12 由功能关系得 WAQI32Rt1 13 解且代入数据得:v31m/s 891011121314

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