1、2019年浙江物理新学考模拟D卷1考生注意：1本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应答题纸上3本次考试时间60分钟，满分70分选择题部分一、选择题(本题共18小题，每小题2分，共36分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1下列物理量单位，属于国际单位制中基本单位的是（）A牛B米C焦D瓦2如图为某规格的电容器，下列关于该电容器的说法正确的是（） A该电容器只有接 80V 的恒定电压时才能工作B给该电容器充电或放电过程中有电荷流过电容器C电容器上不带电，其电容也是 1000FD
2、外壳上所标的 80V 指的是击穿电压3足球运动是一项校园传统体育项目，如图所示。某同学踢球时（）A脚对球的作用力大于球对脚的作用力B脚对球的作用力小于球对脚的作用力C脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对作用力与反作用力D脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对平衡力4地球上两个物体，它们之间的万有引力为F若它们的质量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的，它们之间的万有引力变为（）AF/2BFC4FD16F5A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同的时间内，它们通过的路程之比是4：3，运动方向改变的角度之比是3：2，则它们（）A线速度大小之比为4：3B角速度大小之比为3：4C圆周运动的半
3、径之比为2：1D向心加速度大小之比为1：262018年1月9日，我国在太原卫星发射中心以一箭双星的方式，将高景一号03和04号星成功发射，卫星顺利进入预定轨道，与先期发射的01和02号卫星组网后，都在距地面约530km的圆轨道上以90夹角匀速运行。4颗载有0.5m高分辨率摄像机的卫星可对全球任一点可实现1天重访，且03和04号卫星能用数据传送天线将所拍摄的图象信息实时传回地球。下列情况下03号卫星可以看作质点的是（）A研究卫星绕地球运动的时间B调整卫星姿态，使相机镜头对准地球C研究卫星上数据传送天线角度对传输数据质量的影响D调整太阳能电池板角度，使太阳光垂直射向太阳能电池板7如图所示，A、B是
4、两个相同的弹簧，原长x0=10cm，劲度系数k=500N/m，如果图中悬挂的两个物体均为m=1kg，则两个弹簧的总长度为（）A22cmB24cmC26cmD28cm8关于第一宇宙速度，下列说法正确的是（）A它是人造地球卫星绕地球飞行的最小速度B它是能使卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度C它是卫星在椭圆轨道上运行时近地点的速度D绕地球运行的卫星的速度不可能大于第一宇宙速度9与电场强度相对应，我们把描述磁场强弱的物理量叫作磁感应强度。关于磁感应强度的概念及其定义式B=，下列说法中正确的是（）A在同一磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大B磁场中某点B的方向，与垂直放在该点的试探电流元所受安培力方
5、向相同C磁场中某点B的大小，与垂直放在该点的试探电流元所受到的安培力大小成正比D在磁场中的某点，试探电流元不受磁场力作用时，该点B的大小一定为零10关于重力势能，下列说法正确的是（）A重力势能的大小只由物体本身决定B物体与零势面的距离越大，它的重力势能也越大C一个物体的重力势能从5J变化到3J，重力势能变大了D重力势能的减少量可能大于重力对物体做的功11如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点。下列判断不正确的是（）A只受电场力作用时，同一负电荷在N点的加速度最大BM、N、P三点中N点的电势最高C正电荷从M点自由释放，电荷不可能沿电场线运动到N点D只受电场
6、力作用时，同正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能12以下的计时数据属于时间的是（）A某场足球赛开赛15 min时甲队攻入一球B某人用15 s跑完100 mC中央电视台新闻联播节目19时开播D列车在9时45分到达途中的南京站13一块均匀的长方体样品，已知样品的电阻率为，长为a，宽为b，厚为c，如图所示，沿AB方向测得电阻为（）AB C D14放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t的关系如甲图所示；物块的运动速度v与时间t的关系如乙图所示，6s后的速度图象没有画出，g取10m/s2下列说法正确的是（）A滑动时受的摩擦力大小是3NB物块的质量为1.5kgC物块在
7、69s内的加速度大小是1.5m/s2D物块前6s内的平均速度大小是4.0m/s15一质量为2kg的物体静止在水平桌面上，在水平拉力F的作用下，沿水平方向运动2s后撤去外力，其vt图象如图所示，下列说法正确的是（）A在02s内，合外力做的功为4JB在02s内，合外力做的功为8JC在06s内，摩擦力做的功为8JD在06s内，摩擦力做的功为4J16真空中两个静止的点电荷相距r时，相互作用的静电力大小为F当它们之间的也离增大到2时，它们之间的静电力大小为（）A2FB4FCD17扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图为酷斯520扫地机器人，已知其工作额定电压15V
8、，额定功率30W，充电额定电压24V，额定电流0.5A，充电时间约240分钟，电池容量2000mAh，则下列说法正确的是（）A电池容量是指电池储存电能的大小B机器人正常工作的电压为24VC机器人正常工作时的电流为0.5AD机器人充满电后一次工作时间最多约为1小时18如图所示，一束带正电的粒子流某时刻沿虚线射向地球，此时该粒子流在地磁场中受到的洛伦兹力方向（）A偏向S极B偏向N极C垂直纸面向外D垂直纸面向里非选择题部分二、非选择题(本题共5小题，共34分)19（6分）在“探究物体加速度与力、质量的关系”实验中：（1）实验室提供了带有滑轮的长木板、细绳、纸带、小车、钩码、小盘、薄木块、夹子等器材外
9、，为了完成此实验，还需要从如图1中选取的实验器材是 。（2）实验吋，如图2，带有滑轮的长木板一端与细绳、实验桌之间的空间位置比较合理的是 。（3）实验时得到一条清晰的纸带，如图3所示是截取了某一段纸带用刻度尺（单位：cm）测量纸带时的情景，其中取了A、B、C三个计数点，在相邻两计数点之间还有两个打印点，已知打点计时器所用电源频率为50Hz，则小车在B点时的瞬时速度为 m/s，小车加速度为 m/s2（结果均保留两位有效数字）20（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材有：A小灯泡：规格为“3.8V，0.3A”B电流表：量程00.6A，内阻约为0.5C电流表：量程03A，内阻
10、约为0.1D电压表：量程05V，内阻约为5kE电压表：量程015V，内阻约为50kF滑动变阻器：阻值范围010，额定电流2AG滑动变阻器：阻值范围0100，额定电流50mAH电池组：电动势6V，内阻约为1I开关一只，导线若干（1）为了使测量尽可能地准确，电流表应选 ，电压表应选 ，滑动变阻器应选 。（填器材代号）需要使小灯泡两端电压从0逐渐增大到3.8V且能方便地进行调节，滑动变阻器应采用 的连接方式。（2）在答题纸上的框中画出实验电路图。21（6分）质量为m=0.02kg的通电细杆ab置于倾角为=37的平行放置的导轨上，导轨的宽度d=0.2m，杆ab与导轨间的动摩擦因数=0.4，磁感应强度B
11、=2T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，如图所示现调节滑动变阻器的触头，试求出为使杆ab静止不动，通过ab杆的电流范围为多少？22（7分）某同学在科技馆做“水对不同形状运动物体的阻力大小的比较”实验，图甲中两个完全相同的浮块，头尾相反放置在同一起始线上，它们通过细线与终点的电动机连接两浮块分别在大小为F的二个相同牵引力作用下同时开始向终点作直线运动，运动过程中该同学摄得照片如图乙已知拍下乙图时，左侧浮块运动的距离恰好为右侧浮块运动距离的2倍，假设从浮块开始运动到拍下照片的过程中，浮块受到的阻力不变，试求该过程中：（1）两浮块平均速度之比； （2）两浮块所受合力之比；（3）两浮块所受阻力f左与
12、f右之间的关系23（9分）如图所示为一滑梯的实物图，滑梯的斜面段长度L=5.0m，高度h=3.0m，为保证小朋友的安全，在水平面铺设安全地垫。水平段与斜面段平滑连接，小朋友在连接处速度大小不变。某小朋友从滑梯顶端由静止开始滑下，经斜面底端后水平滑行一段距离，停在水平地垫上。已知小朋友质量为m=20kg，小朋友在斜面上受到的平均阻力f1=88N，在水平段受到的平均阻力f2=100N不计空气阻力，取重力加速度g=10m/s2求：（1）小朋友在斜面滑下的过程中克服摩擦力做的功；（2）小朋友滑到斜面底端时的速度v的大小；（3）为使小朋友不滑出水平地垫，地垫的长度x至少多长。2019年浙江物理新学考模拟
13、D卷1参考答案与试题解析1.解：A、牛顿是导出单位，故A错误。B、米是基本单位，故B正确。C、焦耳是导出单位，故C错误。D、瓦是导出单位，故D错误。故选：B。2.解：A、由标称值可知，该电解电容器用于直流80V及以下电压时才能正常工作，故A错误；B、给该电容器充电或放电过程中，电荷不能经过电容器，因为两个极间有绝缘介质，电容器不是电阻，故B错误；C、电容器的电容与电荷量无关，故电容器上不带电，其电容也是 1000F，故C正确；D、外壳上所标的 80V 指的是额定电压，小于击穿电压，故D错误；故选：C。3.解：脚对球的作用力与球对脚的作用力，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，所以二力大小相等
14、，方向相反，故C正确，ABD错误。故选：C。4解：两个质点相距r时，它们之间的万有引力为：F=G，若它们间的距离变为倍，两个质点的质量变为原来的2倍，则它们之间的万有引力为：F=16G=16F，则D正确，ABC错误故选：D。5解：A、线速度v=，A、B通过的路程之比为4：3，时间相等，则线速度之比为4：3，故A正确。B、角速度，运动方向改变的角度等于圆周运动转过的角度，A、B转过的角度之比为3：2，时间相等，则角速度大小之比为3：2，故B错误。C、根据v=r得，圆周运动的半径r=，线速度之比为4：3，角速度之比为3：2，则圆周运动的半径之比为8：9，故C错误。D、根据a=v得，线速度之比为4：
15、3，角速度之比为3：2，则向心加速度之比为2：1，故D错误。故选：A。6解：A、研究卫星绕地球运动的时间时，卫星的大小与形状可以忽略不计，可以看做质点，故A正确；B、调整卫星姿态的时候，其自身大小与形状不可忽略，不能看做质点，故B错误；C、研究卫星上数据传送天线角度对传输数据质量的影响的时候，其自身大小与形状不可忽略，不能看做质点，故C错误；D、调整太阳能电池板角度，使太阳光垂直射向太阳能电池板的影响的时候，其自身大小与形状不可忽略，不能看做质点，故D错误；故选：A。7解：对下面物体受力分析，由二力平衡得：kxB=mg得：xB=m=0.02m=2 cm，把两个物体看成一个整体，由二力平衡得：k
16、xA=2mg得：xA=m=0.04m=4 cm，所以两个弹簧的总长度为：l=x0+xA+x0+xB=26 cm故C正确，ABD错误。故选：C。8解：ABC、根据万有引力提供向心力得：G=m，则有：v=可知，R越小，线速度越大，所以第一宇宙速度有三种说法：它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度。故AC错误，B正确。D、如果卫星在地面附近绕地球做椭圆运动，则卫星绕地球运动的近地点，速度可能大于第一宇宙速度，故D错误；故选：B。9解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，在同一磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大，故A
17、正确；B、磁场中某点B的方向，与垂直放在该点的试探电流元所受安培力方向相互垂直，故B错误；C、磁感应强度B的定义式B=是比值定义法，磁感应强度B与F、IL无关，由磁场本身决定，故C错误；D、当磁场方向与电流元平行时，电流元受磁场力作用为零，但并不表示该点的磁感应强度为零，故D错误。故选：A。10解：AB、重力势能的表达式为Ep=mgh，重力势能的大小与重物以及高度有关，故AB错误；C、重力势能是标量，正负表示大小，一个物体的重力势能从5J变化到3J，重力势能变大了，故C正确；D、重力做功一定等于重力势能的减小，故D错误。故选：C。11解：A、N点电场线最密场强最大，由a=，可知N点的加速度最大
18、，故A正确；B、顺着电场线的方向电势降低，所以M点的电势最高，故B错误；C、在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故C正确；D、根据EP=q，由MN可知，正电荷在M点电势能大于在N点的电势能，故D正确。本题选择错误的，故选：B。12解：A、某场足球赛开赛15min时甲队攻入一球，开赛15min后是指的一个时间点，因此是时刻，故A错误；B、某人用15s跑完100m，15s是时间间隔，故B正确；C、新闻联播节目19点准时开播，中的19点指的是一个时间点，因此为时刻，故C错误；D、列车在9时45分到达途中的南京站，9时45分是时刻，故D错误；故选：B。13解：根据电阻
19、定律可得沿AB方向测得电阻为，故A正确，BCD错误；故选：A。14解：A、由速度时间图象可以知道，在36s内，物体处于匀速直线状态，即物体所受到的摩擦力大小应该与推力F大小相等，F滑=F推=6N，故A错误； B、在03s内，物体做匀加速直线运动，a=2m/s2，F合=ma=F推F滑=3N，得出m=1.5kg，故B正确；C、在69s内，F推=3N，F滑=6N，F合=ma=F滑F推=3N，得出a=2m/s2，故C错误；D、由速度时间图象面积可知，06s内物体的位移X=（3+6）6m=27m，物块前6s内的平均速度大小v=4.5m，故D错误。故选：B。15解：AB、02s内，速度增加，根据动能定理知
20、，合力做正功，W=J=4J，故A正确，B错误。CD、根据速度时间图线知，匀减速运动的加速度大小a2=0.5m/s2，根据牛顿第二定律得，阻力f=ma2=20.5N=1N，06s内，物体的位移大小x=m=6m，克服摩擦力做功Wf=fx=16J=6J，故CD错误。故选：A。16解：由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：F=k，变化之后它们之间的库仑力为：F=k=k=F，所以D正确、ABC错误。故选：D。17解：A、电池容量是指电池的存储电量（电流与时间的乘积）多少，单位是“Ah”，不是储存电能的大小，故A错误；B、由题可知，机器人正常工作的电压为15V，故B错误；C、机器人正常工作时的电流I=2
21、A，故C错误；D、机器人充满电后一次工作时间为t=1h，故D正确。故选：D。18解：磁场方向是沿着磁感线的切线方向，速度方向也是已知的，如图所示：根据左手定则，洛伦兹力方向是垂直向外，故ABD错误，C正确；故选：C。19解：（1）探究物体加速度与力、质量的关系需要测量小车的质量，小车运动的距离，小车运动的时间，故需要的实验器材为：ADE（2）本实验需要平衡摩擦力，所以长木板需要垫高不带滑轮的一端，还需要保证细线与长木板表面平行，故AC错误，B正确；（3）B点的速度大小等于AC段的平均速度，故，根据x=aT2可得a=故答案为：（1）ADE；（2）B；（3）0.50；1.320解：（1）因小灯泡的
22、额定电流为0.3A，为减小示数误差，让指针偏角大一些，则电流表应选B额定电压为3.8V，故电压表应选择D，本实验中要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到3.8V且能方便地进行调节，滑动变阻器应采用分压式接法，为方便调节，滑动变阻器应选择E；（2）因灯泡内阻较小，所以电流表应采用外接法；同时为了让电压从零开始调节，滑动变阻器应采用分压式连接，电路图如图所示。故答案为：（1）B；D；F；分压式；（2）如图所示。21解：当电流较大时，导体有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力达到最大时，磁场力为最大值F1，此时通过ab的电流最大为Imax；同理，当电流最小时，应该是导体受向上的最大静摩擦力，此时的
23、安培力为F2，电流为Imin正确地画出两种情况下的受力图如图所示，由平衡条件列方程求解根据第一幅受力图列式如下：F1mgsinf1=0N1mgcos=0 f1=N1F1=BImaxd 解上述方程得：Imax=0.46A根据第二幅受力图F2mgsin+f2=0N2mgcos=0 f2=N2 F2=BImind解上述方程得：Imin=0.14A则通过ab杆的电流范围为：0.14AI0.46A答：通过ab杆的电流范围为0.14AI0.46A22解：（1）由=得，左侧浮块的平均速度：v左=，左侧浮块的平均速度：v右=，两浮块平均速度之比：=2（2）根据牛顿第二定律可知，F合=ma，浮块运动的位移：x=
24、at2，则：=2（3）根据牛顿第二定律可知，Ff左=ma左，Ff右=ma右，又因为=2，则有：=2，则两浮块所受阻力f左与f右之间的关系：2f右f左=F答：（1）两浮块平均速度之比=2；（2）两浮块所受合力之比=2；（3）两浮块所受阻力f左与f右之间的关系为2f右f左=F23解：（1）小朋友在斜面滑下的过程中克服摩擦力做的功为：Wf1=f1L=885J=440J（2）小朋友在斜面上运动的过程，由动能定理得：mghWf1=代入数据解得：v=4m/s（3）小朋友在水平地垫上运动的过程，由动能定理得：f2x=0代入数据解得：x=1.6m答：（1）小朋友在斜面滑下的过程中克服摩擦力做的功是440J；（2）小朋友滑到斜面底端时的速度v的大小是4m/s；（3）为使小朋友不滑出水平地垫，地垫的长度x至少1.6m长。
