1、最新 电与磁培优卷经典1一、电与磁选择题1关于电磁现象，下列说法正确的是（ ） A.铜制品很容易被磁化B.电磁继电器中的铁芯，可以用永磁体代替C.发电机正常工作时，是将电能转化为机械能D.直流电动机的转向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成【答案】D 【解析】【解答】解：A、铜制品不是磁性材料，不容易被磁化，而铁、钴、镍等制品很容易被磁化，故A错误； B、电磁继电器中的磁体，必须用铁芯，通过电流的通断控制磁性的有无，不能用永磁体，故B错误；C、发电机正常工作时，是将机械能转化为电能，故C错误；D、直流电动机的换向器是由两个彼此绝缘的金属半圆环组成的，故D正确故选：D【分析】（1）铁钴镍等磁性材料
2、容易被磁化；（2）电磁铁是利用电流的磁效应制成的，电流的通断可以控制磁性的有无；电磁铁有电流有磁性，无电流时无磁性铁芯需用软磁性材料制成，因为软磁性材料的磁性不能保留下来；（3）发电机是根据电磁感应现象工作的，工作过程中将机械能转化为电能；（4）换向器是由两个彼此绝缘的铜制半环组成的2刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。下图中与此原理相同的是（ ） A.B.C.D.【答案】 C 【解析】【解答】解：刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；A、如图电路中有电源，是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，A不符合题意；
3、B、如图电路中有电源，是电动机测 原理图，是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的，B不符合题意；C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项。C符合题意；D、图中有电源，是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，D不符合题意。故答案为：C。【分析】当导线切割磁感线时，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象.3如图所示，导体棒ab向右运动，下列操作能使导体棒向左运动的是（ ） A.调换磁极B.取走一节干电池C.将导体棒a、b端对调D.向左移动滑动变阻器滑片【答案】A 【解析】【解答】解： 通电导体在磁场中受力的方向
4、与磁场方向和电流方向两个因素有关；A、将磁体的磁极对调，磁场方向与原来相反，则导体棒的受力方向与原来相反，能使导体棒向左运动，故A正确；B、取走一节干电池，减小电源电压，减小电路中的电流，会改变受力大小，但不会改变运动方向，故B错误；C、将导体棒a、b端对调，不能改变导体中的电流方向，不能改变受力方向，故C错误；D、将滑动变阻器的滑片P向左移动，电路的电阻减小，电路中的电流增大，会改变受力大小，但不会改变运动方向，故D错误故选A【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个
5、因素，则导体受力方向不变改变电流大小，只能改变受力大小，不能改变受力方向4下面所做探究活动与得出结论相匹配的是（ ） A.活动：用铁屑探究磁体周围的磁场结论：磁感线是真实存在的B.活动：观察惯性现象结论：一切物体都受到惯性力的作用C.活动：马德堡半球实验结论：大气压真实存在且很大D.活动：探究带电体间的相互作用结论：同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥【答案】C 【解析】【解答】解：A、磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，A不符合题意；B、惯性是物体的一种固有属性，它不是力，不能说受到惯性力的作用，B不符合题意；C、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在。C符合题意；D、电荷间相互作
6、用的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；D不符合题意。故答案为：C。【分析】磁感线是研究磁场时假想的线，惯性是性质不是力，马德堡半球实验最早证明大气压的存在，电荷间的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引.5如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（ ）A.图a可用来演示电流的磁效应B.图b可用来演示电磁感应现象C.图c可用来演示磁场对电流的作用D.图d可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系【答案】 C 【解析】【解答】A、该图中没有电源，即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，是发电机的工作原理，A不符合题意；B、该图为奥斯特
7、实验，说明通电导线周围存在着磁场，可用来演示电流的磁效应，B不符合题意；C、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒就会在磁场中运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，C符合题意；D、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，D不符合题意；故答案为：C。【分析】探究通电导体在磁场中受力的作用的装置中，有电源，磁体、导线等，当导线中电流相等时，可以探究电磁铁的磁性和线圈匝数的关系.6关于图中所示的通电螺线管，下列说法正确的是（ ） A.通电螺线管的右端是S极B.只对调电源正负极，通电螺线管的磁场方向不发生改变C.通电螺线管的外部磁感线是从S极发出回到N极的D.当滑动变阻器的滑片向右移动时，
8、通电螺线管的磁性增强【答案】D 【解析】【解答】解：A、由于电源右端为正极、左端为负极，由安培定则可知，用右手握住通电螺线管，让大拇指指向右侧，故通电螺线管的右端是N极；故A错误； B、改变电源的正负极后，螺线管中的电流方向发生了改变，通电螺线管的磁场方向发生改变，故B错误；C、通电螺线管的外部磁感线是从N极发出回到S极的，故C错误；D、滑动变阻器P向右移动时，接入电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性将增强故D正确故选D【分析】（1）由螺线管的N、S极，据安培定则可判断出电流方向，而电流在电源外部从正极出来，回到负极，据此回答（2）通电螺线管周围磁场的方向与电流方向和线圈的绕向这两个因
9、素有关，若只改变其中的一个，磁场方向发生改变；若两个因素同时改变，磁场方向不变（3）通电螺线管的外部磁感线是从N极发出回到S极的；（4）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强7如图所示，电磁铁上方附近有一点A，小磁针置于电磁铁的右方附近。闭合开关S，下列判断正确的是（ ）A.电磁铁的左端为N极B.电磁铁上方A点的磁场方向向右C.小磁针静止后，其N极的指向向右D.向左移动滑片P，电磁铁的磁性减弱【答案】 C 【解析】【解答】A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端，则通电螺线管的右端为N极，A不符合题意；B、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以
10、通电螺线管外A点的磁场方向向左，B不符合题意；C、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，则小磁计的S极向左转动，小磁针会逆时针旋转，故小磁针静止时，其N极的指向向右，C符合题意；D、向左移动滑片P，连入电路的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，D不符合题意；故答案为：C。【分析】电磁铁的特点：磁性的有无可由电流的通断来控制；磁性的强弱可由改变电流大小和线圈的匝数来调节；磁极可由电流方向来改变.8在昼夜明灯的地下停车场，驾驶员根据车位入口上方的红绿灯入停如图是小吴设计的自动控制电路图，将光控开关（遮光时开关闭合）装在每个车位地面中央，红绿灯装在车位入
11、口上方当车位未停车时绿灯亮，当车位已停车时红灯亮，则图中L1、L2（）A.都是红灯B.都是绿灯C.分别是红灯、绿灯D.分别是绿灯、红灯【答案】 D 【解析】【解答】解：由题当车位已停车时，光控开关被遮光而闭合，由图可知，此时左侧控制电路连通，电磁继电器中的电磁铁产生磁性，吸下衔铁，L2灯泡电路被接通，所以L2为红灯；当车位未停车时，光控开关有光照而断开，电磁铁中无磁性，弹簧将衔铁拉起，L1电路接通而发光，所以L1为绿灯故ABC错误，D正确故选D【分析】根据光控开关的作用，分析左侧控制电路的通断，再分析两灯的工作状态即可解题9如图所示，在通电螺线管（导线中箭头表示电流方向）附近放置的小磁针（黑端
12、为N极），静止时其指向正确的是（ ） A.B.C.D.【答案】A 【解析】【解答】解：A、根据安培定则可知，通电螺线管N极在右端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故A正确； B、根据安培定则可知，通电螺线管N极在上端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针上端为S极，下端为N极，故B错误；C、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故C错误；D、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故D错误故
13、选A【分析】用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向10如图所示的用电器中，利用电动机工作的是（ ） A.电扇B.电灯C.电热水壶D.电饭锅【答案】A 【解析】【解答】解：A、电风扇核心部件是电动机，工作时主要把电能转化为机械能，是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，故A正确； B、电灯工作时，主要把电能转化为内能，使灯丝温度升高达到白炽状态而发光，是利用电流的热效应工作的，故B错误；CD、电热水壶、电饭锅工作时，都把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故CD错误故选A【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个
14、原理的即可11小磁针静止时的指向如图所示，由此可知（ ）A.a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极B.a端是通电螺线管的N极，c端是电源负极C.b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极D.b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极【答案】B 【解析】【解答】据题目可知，小磁针左端是N极，右端是S极，所以电磁铁的左端，即a端为N即，右端为S极，据安培定则可知，电流从d端流出后进入电磁铁，D端是电源的正极，c端是负极，B符合题意。故答案为：B。【分析】根据磁极间的相互作用判断螺线管的磁极位置，再利用安培定则判断电流方向和电源的正负极.12如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且
15、磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，下列四种情况相比较，指示灯最亮的是（ ） A.S1断开，滑片P在图示位置B.S1闭合，滑片P在图示位置C.S1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端D.S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端【答案】D 【解析】【解答】解： A、S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由I= 可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误；BCD、闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由I= 可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧
16、电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故BC错误，D正确故选D【分析】闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化13如图所示的四个实验,反映电动机基本原理的是（ ） A.B.C.D.【答案】 D 【解析】【解答】电动机的工作原理是电流在磁场中受力的作用而运动，D图有电源，有磁场，导体在磁场中受力运动，D符合题意。 故答案为：D. 【分析】磁场对通电导体的作用是电动机的工作原理。14如图所示的
17、装置中，当闭合开关、导体ab中有电流通过时，导体ab就会运动起来，关于这一现象的说法，正确的是（ ）A.此现象说明磁可以生电B.导体ab运动方向与电流方向和磁场方向有关C.发电机是利用这一现象来工作的D.在该现象中，机械能转化为电能【答案】 B 【解析】【解答】A、当闭合开关、导体ab中有电流通过时，导体ab就会运动起来，此现象说明电能生磁，A不合题意；B、当电流方向和磁场方向有一个方向发生改变时，导体ab的运动方向就发生改变，说明导体ab运动方向与两者方向有关，B符合题意；C、力是改变运动状态的原因，物体运动说明它受到了力，而这力只能是磁场提供，因为导体棒受到力的作用，我们可以让线圈不停地转
18、下去，这就是电动机原理，C不合题意；D、在该现象中是电能转化为机械能，D不合题意故答案为：B .【分析】图中的现象说明了通电导体可在磁场中受力运动，导体运动的方向与磁场方向和导体中的电流方向有关，此原理是电动机的原理，而发电机是利用电磁感应现象制成的；在此过程中消耗了电能获得了机械能 .15下列描述正确的是（ ）A.静止时在水平面上的小车受力图B.匀速直线运动的路程与时间的关系C.条形磁铁的磁场分布D.电流表的读数为2.7A【答案】 A 【解析】【解答】解：A、小车静止，在竖直方向上受：向下的重力和向上的支持力，它们是一对平衡力，故A正确；B、匀速直线运动的st图象应该是一条经过原点的直线，而
19、图中是一条平行横轴的直线，故B错误；C、在磁体外部，磁感线的方向总是从N极出发流向S极，故条形磁铁的右端应为S极，左端应为N极，故C错误；D、由图可知，接线柱接的是00.6A，则分度值为0.02A，则由指针位置可知电流表的读数为0.54A，故D错误故选A【分析】A、对小车进行受力分析，在水平地面上静止的小车，处于平衡状态，受平衡力作用；B、匀速直线运动的st图象是一条经过原点的直线；C、根据磁体外部磁感线的方向分析；D、根据电流变所选量程，确定分度值，然后再读数16电磁炮是一种先进的动能杀伤武器，它是利用磁场对通电导体作用的原理，对金属炮弹进行加速，具有速度快、命中率高等待点。下图中与此工作原
20、理相同的是（） A.B.C.D.【答案】 D 【解析】【解答】解：A、图中实验装置，无电源，研究电磁感应现象，A不符合题意；B、图中实验为电流的磁效应，B不符合题意；C、图中的实验时探究带电体的性质，C不符合题意；D、图中实验装置，有电源，研究通电导体在磁场中受力，D符合题意。故答案为：D。【分析】电流存在着三种效应：（1）电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应（2）电流流过导体时导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应（3）电流流过导体时导体发生化学变化，这种现象是电流的化学效应17如图所示，闭合开关S，弹簧测力计的示数增大下列分析正确的是 A.c端是S极，a是电源的正极B.c端是N
21、极，a是电源的负极C.若滑动变阻器的滑片向右滑动，弹簧测力计示数增大D.若将电源正负极接线的位置对调，弹簧测力计示数增大【答案】B 【解析】【解答】解：A、闭合开关S，弹簧测力计的示数增大，由于此题下端为S极，并且弹簧测力计的示数变大，因为异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以电磁铁的上端为N极故A错误；B、由上述可知因为电磁铁的上端为N极，下端为S极，由安培定则可知，电流从电磁铁的上端流入，故电源b端为正极，a端为负极故B正确；C、若滑动变阻器的滑片向右滑动，滑动变阻器的电阻增大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变小，对上方的磁体的吸引力变小，所以弹簧测力计示数变小，故C错误；D、若将电源正
22、负极接线的位置对调，电磁铁的磁性强弱不变，极性相反，则c端变为S极，与磁体相互排斥，故弹簧测力计的示数变小故D错误故选B【分析】首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多少首先由弹簧测力计示数变化确定电磁铁磁性强弱的变化，进而确定电流变化，判断出滑动变阻器的滑片移动，电路中电阻的变化，知道磁体的下端为S极和弹簧测力计的示数增大，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极根据滑动变阻器滑片的移动引起电流的变化，再判断出电磁铁磁性强弱的变化，可从而以确定弹簧测力计示数的变化
23、磁感线方向不影响电磁铁磁性强弱的变化，但是电磁铁的极性相反，利用磁极之间作用规律，从而确定弹簧测力计示数的变化18信用卡刷卡时其磁条经过刷卡机的缝隙线圈出会产生感应电流。以下设备与信用卡刷卡时工作原理相同的是（ ） A.排气扇B.电烤炉C.电动机D.发电机【答案】 D 【解析】【解答】解：A、排气扇主要结构是一个电动机，是根据通电导体在磁场中受力而转动工作的，不符合题意。 B、电烤炉是根据电流的热效应工作的，不符合题意。C、电动机根据通电导体在磁场中受力而转动工作的，不符合题意。D、发电机是根据电磁感应原理工作的，符合题意。故答案为：D。 【分析】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设
24、备的制成原理是经常考查的知识点.一般来说，有电磁铁的仪器是电流的磁效应原理，发电机和动圈式话筒是电磁感应现象原理，电动机和扬声器是通电导体在磁场中受力原理.19对下列现象的描述不合理的是（ ）A.甲：奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场B.乙：闭合开关后小磁针静止后会指向如图所示的位置C.丙：利用这个装置可以探究“电磁感应”现象D.丁：电流相同，电磁铁的磁性随线圈匝数增加而增强【答案】 B 【解析】【解答】解：A、甲：是著名的是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，选项正确，故不符合题意；B、乙：根据安培定则，可以判断螺线管的左端是N极，右端是S极，再根据磁极间相互作用，小磁针左端为
25、S极，右端为N极，选项错误，故符合题意；C、丙：是通电导体在磁场中受力运动的实验，这一现象叫电磁感应现象，选项正确，故不符合题意；D、丁：电流一定时，匝数越多，磁性越强，选项正确故D不符合题意故选B【分析】（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场；（2）用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；（4）电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关20下列说法中正确的是（ ） A.磁场和磁感线都是客观存在的B.能自由转动的小磁针静止后，
26、N极指向地理南极附近C.两段粗细、长度均相同的金属丝，其电阻也可能不同D.通电铜导线中的电流方向与该导线中自由电子定向移动的方向相反【答案】D 【解析】【解答】解：A、磁体的周围一定存在着磁场；磁感线是引入的一种曲线，实际是不存在的，故A错误； B、悬挂起来的小磁针静止时，小磁针的N极指向地理的北极附近，故B错误；C、影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积，两段粗细、长度均相同的金属丝，其电阻可能相同，故C错误；D、金属中的电流方向跟该导线中自由电子定向移动的方向相反，故D正确故选：D【分析】（1）为了描述磁场的分布引入了磁感线，磁感线越密表示磁场越强，磁感线越稀表示磁场越弱；（2）地球的周
27、围存在着磁场，地磁北极在地理的南极附近，地磁南极在地理北极附近，这就是地磁场；（3）影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积（4）只有导体内电荷发生定向运动才能形成电流，自由电子定向运动方向与电流的方向相反21如图所示的几种电、磁现象中不正确的是（ ） A.B.C.D.【答案】 D 【解析】【解答】解：A、在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极；所以A正确 B、通电导体周围存在的磁场，而且磁场的方向与电流的方向有关，故将一小磁针放在通电导体周围时，小磁针会发生偏转，而且偏转方向的方向与电流的方向有关，故B正确C、由于带电体上带的是正电荷，当与金属球靠近时，会发生电荷的转移，故与金属球相
28、连的箔片也会带上正电荷；再根据同种电荷相互排斥的原理可以判断箔片将会张开，故C也正确D、只有导体做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，而图中导体运动时没有切割磁感线，所以不能产生感应电流，使电表偏转；故D错误故选D【分析】A、需要掌握磁感线的方向，知道在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来回到南极；B、根据电流的磁效应：通电导体周围存在的磁场，而且磁场的方向与电流的方向有关即可来判断B选项的正误；C、根据验电器的工作原理：同种电荷相互排斥即可判定C选项的正误；D、产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；据此即可判断D的正误22巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的
29、增大而急剧减小用GMR组成的电路图如图，开关K与1接通时，电磁铁右端为N极，电源电压恒定，则（ ） A.开关K与2接通时，电磁铁左端为S极B.开关K与2接通时，A2指针偏转方向相反C.当A1示数减小时，A2示数减小D.当A1示数增大时，A2示数不变【答案】C 【解析】【解答】解：A、开关K与2接通时，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，即电磁铁的左端是N极，右端是S极，故A错误； B、巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的增大而急剧减小，开关K与1或2接通时，左边电路的电阻不变，只不过电流的方向改变，但是电路的电流没有改变，故做出电磁铁的磁场没有改变，所以右侧对应GMR的电阻不变，故A2指
30、针示数与开关K与1接通时的指针示数相同，故B错误；C、当A1示数减小时，左侧电磁铁的磁场变弱，故GMR的电阻变大，所以右侧电路电阻变大，故A2示数减小，故C正确；D、当A1示数减小增大时，左侧电磁铁的磁场变强，故GMR的电阻变小，所以右侧电路电阻变小，故A2示数增大，故D错误；故选C【分析】（1）先判断出电流的方向，在据安培定则分析即可；（2）比较两种情况，电磁铁的磁场强弱是否变化，而后判断即可；（3）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱有关；23如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（）A.电流表示数变小，弹簧长度变短B.电流表示数变
31、小，弹簧长度变长C.电流表示数变大，弹簧长度变长D.电流表示数变大，弹簧长度变短【答案】D 【解析】【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知电磁铁与条形磁铁的作用；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电流的变化，进而可知通电螺线管磁场强弱的变化，则可知条形磁极的受力变化，由力的合成可知弹簧长度的变化【解答】电流由下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，两磁铁同名相对，故相互排斥；当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流变大，则条形磁铁受向上的力增强；条形
32、磁铁受重力、拉力及向上的磁场力，向下的重力与向上的弹簧的弹力及磁场力之和相等，因重力不变，磁场力增强，故弹簧的弹力减小，故弹簧长度变短故选D【点评】本题巧妙地将力学问题及电磁场的知识相互联系，综合性考查了欧姆定律、影响通电螺线管磁性强弱的因素及弹簧的弹力，对学生的审题能力及分析能力要求较高，是道好题24如图所示，关于甲、乙、丙、丁四幅实验装置图说法如下甲实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流乙实验说明磁场能产生电流 丙实验说明同名磁极相吸，异名磁极相斥丁实验说明通电直导线在磁场中受到力其中正确的是（）A.和B.和C.和D.和【答案】D 【解析】【分析】学习磁现
33、象要掌握常见的实验装置图，本题根据对实验装置图的认识来判断【解答】甲是电磁感应现象实验装置，是发电机的原理；正确；乙是奥斯特实验装置，说明通电导线的周围存在磁场；错误；丙是磁极间的相互作用规律实验；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；错误；丁，此装置有电源，是研究通电导体在磁场中受力的实验；正确故选D【点评】学习磁现象一章要掌握常见实验原理图，认识实验装置图，知道说明的原理和生活中的应用25下列教材中的探究实验，不需要控制电流一定的是（） A.探究导体电阻与长度的关系B.探究通电导体产生的热量与电阻的关系C.探究电功与电压的关系D.探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系【答案】A 【解析】【解答】解：A、电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与电流大小无关，探究与长度的关系，不用控制电流一定，A正确；B、由Q=I2Rt可知，通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关，要探究热量与电阻的关系，需控制电流和通电时间一定，B错误；C、由W=UIt可知，要探究电功与电压的关系，需使电流和通电时间一定，C错误；D、电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，需控制电路中的电流相同，D错误故选A【分析】若所探究的物理量与电流及其他因素有关，探究过程中需控制电流一定，根据各项分析即可得出结论
