2020年江苏省镇江市中考物理试题（教师版）.doc

1、 1 2020 年江苏省镇江市中考物理试题年江苏省镇江市中考物理试题 一、选择题一、选择题 1.影响声音音调的因素是声源的 A. 振幅 B. 频率 C. 材料 D. 结构 【答案】B 【解析】 【详解】音调由发声体的振动频率决定，频率越高音调越高，频率越低音调越低；振幅影响声音的响度； 材料、结构影响声音的音色；故 B 符合题意。 故选 B。 2.下列现象能说明分子做无规则运动的是 A. 花香满园 B. 尘土飞扬 C. 百花怒放 D. 细雨绵绵 【答案】A 【解析】 【详解】 A花香满园， 说明花粉中含有的分子是在做无规则运动，向四周扩散使人们闻到，故 A符合题意； BCD尘土飞扬、百花怒放、

2、细雨绵绵，这些都是肉眼可以观察到，属于宏观物体的运动，不能说明分子 做无规则运动，故 B、C、D不符合题意。 故选 A。 3.下列物态变化中，属于汽化的是 A. 湿手烘干 B. 深秋凝霜 C. 清晨结露 D. 冰雪消融 【答案】A 2 【解析】 【详解】A湿手烘干是手表面的是吸收热量汽化成为水蒸气，是汽化现象，故 A符合题意； B霜是空气中的水蒸气凝华成的小冰晶，是凝华现象，故 B 不符合题意； C露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故 C 不符合题意； D冰雪消融是固态变成液态，属于熔化现象，故 D不符合题意。 故选 A。 4.以图中哪一个物体为参照物，正在下降的跳伞员是静

3、止的 A. 地面 B. 降落伞 C. 地面上行驶的汽车 D. 正在上升的无人机 【答案】B 【解析】 【详解】A正在下降的跳伞员相对于地面有相对运动，故不是静止的，故 A不符合题意； B正在下降的跳伞员相对于降落伞无相对运动，是静止的，故 B 符合题意； C正在下降的跳伞员相对于地面上行驶的汽车有相对运动，故不是静止的，故 C 不符合题意； D正在下降的跳伞员相对于正在上升的无人机有相对运动，故不是静止的，故 D不符合题意。 故选 B。 5.下列估计值中，最接近实际的是 A. 一个中学生质量约为 500kg B. 人正常步行速度约为 10m/s C. LED 节能台灯的功率约为 500W D.

4、 人体的正常体温约为 36.5 【答案】D 【解析】 【详解】A成年人的质量在 65kg 左右，中学生的质量比成年人小一些，在 50kg左右，故 A 不符合实际； B成年人正常步行的速度在 1 4km/h = 4m/s1.1m/s 3.6 故 B 不符合实际； CLED 节能台灯的功率一般在 20W 以下，故 C不符合实际； D正常情况下，人的体温在 37左右，变化幅度很小，故 D符合实际。 3 故选 D。 6.如图所示，蹄形磁铁和铜棒均水平放置。现闭合开关，水平向左移动铜棒，电流表 G的指针发生偏转， 则 A. 根据此现象的产生原理可制成电动机 B. 此现象与奥斯特实验现象的产生原理相同 C

5、. 若将铜棒左右来回移动，可产生交变电流 D. 仅将磁铁水平向右移动，G 的指针不偏转 【答案】C 【解析】 【详解】由图可知，是探究感应电流产生条件的实验装置： A根据电磁感应现象的产生原理可制成发电机，故 A 不符合题意； B奥斯特实验表明通电导线周围和永磁体周围一样都存在磁场，而电磁感应现象是指闭合电路的一部分导 体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，二者产生的原理不同，故 B 不符合题意； C将铜棒左右来回移动，导体切割磁感线运动，感应电流大小和方向不断变化，可产生交变电流，故 C符 合题意； D将磁铁水平向右移动，导体切割磁感线运动，可产生交变电流，G的指针偏转，故

6、D 不符合题意。 故选 C。 7.某汽油机的四个冲程如图所示，在该汽油机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下个冲程是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】A汽油机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下个冲程是做功冲程，有图可知，活塞向上运 4 动，排气门打开，所以图是排气冲程，故 A不符合题意； B汽油机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下个冲程是做功冲程，有图可知，活塞向下运动，进气 门打开，所以图是吸气冲程，故 B不符合题意； C汽油机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下个冲程是做功冲程，有图可知，活塞向下运动，两门 关闭，所以图是做功冲程，故 C 符合题意； D汽油

7、机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下个冲程是做功冲程，有图可知，活塞向上运动，两门 关闭，所以图是压缩冲程，故 D 不符合题意。 故选 C。 8.在新冠肺炎疫情期间，为加强对进校人员的管控，学校对电动门控制系统进行了改造；进校人员在体温正 常且佩戴口罩的情况下， 电动机方可工作开启电动门， 用 S1闭合表示体温正常， 用 S2闭合表示佩戴了口罩， 则符合改造要求的电路是 A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】根据题意，用 S1闭合表示体温正常，用 S2闭合表示佩戴了口罩，两个开关同时闭合时，电动机方 可工作开启电动门，故两个开关应与电动机串联电路；故 D 符合题意。 故选 D

8、。 9.如图所示，闭合开关 S，发现灯 L不亮。用测电笔接触 M 点时氖管发光，而接触 N、Q点时氖管均不发光， 若仅有一处发生断路，则该处可能是 A. 熔丝处 B. PM间某处 C. MN间某处 D. NQ 间某处 【答案】C 5 【解析】 【详解】AB用测电笔接触 M点时氖管发光，说明火线上有电流，熔丝处、及 PM 间某处都不可能断路， 故 A、B不符合题意； C接触 N、Q点时氖管均不发光，MN间某处发生断路可满足题意要求，故 C符合题意； D若 NQ间某处发生断路，则接触 N 点时氖管可以发光，故 D 不符合题意。 故选 C。 10.如图所示，棋子 P、Q叠放在一起静止在水平桌面上，用

9、尺将 Q快速水平击打出去。则 A. 击打前，Q 在两个力的作用下处于平衡状态 B. Q在 P下方滑动时，P受到摩擦力的作用 C. 离开 P 后滑动过程中，Q受到的摩擦力逐渐减小 D. 离开 P 后滑动过程中，Q的运动状态保持不变 【答案】B 【解析】 【详解】A击打前，Q在竖直方向受到水平桌面向上的支持力，向下的重力及 P 对其向下的压力，共三个 力作用下处于平衡状态，故 A 不符合题意； BQ在 P 的下方滑动时，P、Q有相对滑动，故 P 受到 Q 的摩擦力作用，故 B符合题意； C离开 P 后滑动过程中，Q受到水平桌面的摩擦力，在静止前摩擦力保持不变，故 C 不符合题意； D离开 P 后滑

10、动过程中，Q在水平方向受到摩擦力的作用，速度越来越慢，其运动状态改变，故 D 不符合 题意。 故选 B。 11.当蜡烛透镜甲和光屏放置在图示位置时，烛焰在光屏上成清晰的像，现保持蜡烛和透镜的位置不变， 将透镜甲更换为透镜乙后，需将光屏向左移动距离 s，方可在光屏上再次成清晰的像。则 A. 透镜甲的焦距为 20cm B. 透镜甲的焦距比乙的大 6 C. 第二次所成的像是放大的 D. 光屏移动的距离 s10cm 【答案】B 【解析】 【详解】Au=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像，如图，u=v=2f =20cm 时，所以 f=10cm，即凸透镜的焦 距是 10cm，故 A错误； B将透镜甲更换为

11、透镜乙后，需将光屏向左移动距离 s，方可在光屏上再次成清晰的像，说明更换为透镜 乙后，成像更近，故透镜乙的焦距小于透镜甲的焦距，故 B 正确； C透镜乙的焦距小于透镜甲的焦距，因此更换为透镜乙后，物距大于 2f，所成的像是缩小的，故 C 错误； D 透镜甲的焦距为10cm， 透镜乙的焦距小于透镜甲的焦距， 若透镜乙的焦距为5cm以下， 则像在5cm10cm 之间，则光屏移动的距离 s10cm，故 D 错误。 故选 B。 12.测温模拟电路如图 1所示，温度表由量程为 3V 的电压表改装而成，电源电压 U 为 6V， R 的阻值为 40， 热敏电阻的阻值 Rt随温度 t变化的关系如图 2所示，则

12、当开关 S 闭合后 A. 电路可测量的最高温度为 50 B. 温度表的 0应标在电压表零刻度处 C. 若增大 U，电路可测量的最高温度将增大 D. 若 U增大 3V，R增大 45，电路可测量的最高温度将增大 【答案】D 【解析】 【详解】A由电路图可知，两个电阻串联，根据串联电路电阻分压特点，热敏电阻 Rt 的阻值越大则其分 压越大，而其两端电压允许最大值为 3V，此时电路电流为 6V3V3 A 4040 t UU I R 则热敏电阻 Rt的阻值为 3V 40 40 3A t t U R I 7 根据图 2数据可知，此时可测量的最高温度为 30，故 A 不符合题意； B温度表为 0时，热敏电阻

13、 Rt的阻值不为零，故 Rt的两端电压不为零，不应标在电压表零刻度处，故 B 不符合题意； C由图 2 可知，热敏电阻 Rt的阻值越大则可测量的最高温度越大，而增大 U不会改变热敏电阻 Rt的两端 最大电压，即不会改变允许其接入的最大阻值，故 C不符合题意； D若 U增大 3V，R 增大 45，热敏电阻 Rt的两端电压允许最大值为 3V，此时电路电流为 9V3V6 A 8585 t UU I R 则热敏电阻 Rt的阻值为 3V 85 42.5 6A t t U R I 热敏电阻 Rt的阻值越大则可测量的最高温度越大，故电路可测量的最高温度将增大，故 D 符合题意。 故选 D。 二二 填空题填空

14、题 13.(1)图 1 中，物块的长度为_cm； (2)图 2中，电压表的示数为_V； (3)图 3中，弹簧测力计的示数为_N。 【答案】 (1). 2.50 (2). 0.9 (3). 2.2 【解析】 【详解】(1)1从图 1可以看到，物块左端对准零刻度线，右端对准 2cm右端第 5条刻度线，所以物块的长 度是 2.50cm。 (2)2从图 2 可以看到，电压表的量程是 03V，分度值是 0.1V，指针指在零刻度线往右第 9条刻度，所以 电压表的示数是 0.9V。 (3)3从图 3 可以看到，弹簧测力计的分度值是 0.2N，指针指在 2刻度往下第 1 条刻度线，所以它的读数是 2.2N。

15、14.如图 1所示，吸管 A 插入杯中，吸管 B管口贴在 A管上端，往 B 管中吹气，A 管中水面将上升，这是因 8 为 A 管口处气体压强变_。图 2 是探究影响液体内部压强因素的实验装置，将金属盒向下移动，观察到 U 形管两边液面的高度差 h 变大，表明金属盒所在处水的压强变_，说明了液体内部压强与_有关 【答案】 (1). 小 (2). 大 (3). 深度 【解析】 【详解】1往 B 管中吹气，吸管 A 上方空气的流速增大，压强变小，在烧杯中水面上方大气压的作用下， A 管水上升或有水喷出。 23金属盒浸没在水中时的深度增加，U形管两边液面的高度差变大，所以在液体密度一定时，液体越深，

16、液体压强越大，所以液体的压强跟液体的深度有关。 15.额定电压为 220V 的家用电暖器正常工作时，通过内部电热丝的电流为 5A，则电热丝正常工作时的电阻 为_，工作 10min 产生的热量为_J。电热丝通电后变得很烫，而连接的导线却不怎么热，这是由 于导线电阻远_（选填“大于”或“小于）电热丝电阻的缘故 【答案】 (1). 44 (2). 6 6105 (3). 小于 【解析】 【详解】12额定电压为 220V 的家用电暖器正常工作时，通过内部电热丝的电流为 5A，根据欧姆定律可 知电热丝正常工作时的电阻为 220V 44 5A U R I 工作 10min 产生的热量为 225 (5A)4

17、4 10 60s6.6 10 JQI Rt 3根据焦耳定律：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电的时间 成正比。电热丝与连接的导线串联，电流大小和通电时间相同，电热丝通电后变得很烫，而连接的导线却 不怎么热，这是由于导线电阻远小于电热丝电阻的缘故 16.质量为 10kg的水温度升高 22，需要吸收的热量为_J，若不考虑热量散失，这些热量需要完全燃 烧_g的天然气来提供， 天然气是_ （选填“可再生”或“不可再生”） 能源。 c水=4.2 103J/ （kg） ， 9 q天然气=4.4 107J/kg 【答案】 (1). 9.24105 (2). 21 (3).

18、 不可再生 【解析】 【详解】1质量为 10kg 的水温度升高 22，需要吸收的热量为 Q吸=c水m水t=4.2 103J/（kg） 10kg 22=9.24 105 J 2若不考虑热量散失，这些热量需要完全燃烧天然气的质量为 m= Q q 吸 天然气 = 5 7 9.24 10 ?J 4.4 10 J/ kg =0.021kg=21g 3天然气属于化石能源，在短时间内不能得到补充，是不可再生能源。 17.如图所示，某同学站在电梯内的电子秤上，在电梯向下匀速运动的过程中，该同学的重力势能_， 机械能_（上述两空均选填“増大”、“减小”或“不变”） 。在电梯减速停靠一楼的过程中，电子秤 的示数比

19、该同学所受重力_ 【答案】 (1). 减小 (2). 减小 (3). 大 【解析】 【详解】12在电梯向下匀速运动的过程中，该同学运动速度不变，高度减小，故其重力势能减小、动能 不变，机械能减小。 3在电梯减速停靠一楼的过程中，该同学也在减速，支持力大于重力，故电子秤的示数比该同学所受重力 大。 18.经过 1.5h，小林家中电能表的示数从图示变为，则此段时间内电能表的转盘转动了 _圈，家庭电路实际消耗的功率为_kW；此段时间内，若通过电能表的电流为其正常工作的最大电 流 I，则 I=_A。 10 【答案】 (1). 9900 (2). 2.2 (3). 10 【解析】 【详解】1电能表的黑色

20、数字为整度数，红色数字为小数点后面的度数，此电能表使用前后显示数据分别 为 2020.7kWh、2024.0kWh，则消耗的电能为 10 kW hkW hkW h2024.02020.7=3.3WWW 由电能表上的信息可知，每消耗 1kWh时转盘转动 3000圈，则此段时间内电能表的转盘转动 kW h)kW3000r/(3.hkW h)33000r/(009r9nW 2根据功率计算公式，可知家庭电路实际消耗的功率为 k3.3 2 W .2kW h5 h 1. W P t 3由功率公式PUI，可知正常工作的最大电流 I 为 00W22 220V 10A P I U 19.光在空气和水的分界面处同

21、时发生反射和折射光路如图所示，其中折射角为_（选填“1”“2”或 “3”） ，分界面为_（选填“”或“”） ，分界面的_方为水，当入射角减小时，反射光线与折 射光线的夹角将变_ 【答案】 (1). 2 (2). (3). 上 (4). 大 【解析】 【详解】12根据光的反射定律，入射光线与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角，并 且反射角等于入射角，由图可知，3、1是入射角和反射角，故是法线，是界面，所以 CO 是入射光线， OA 是反射光线，OB 为折射光线，其中折射角为 2。 3光在空气和水分界面处同时发生反射和折射，如图所示，入射角 3比折射角 2 小，光在光密介质中的 角度

22、小，因此分界面的上方是水。 4当入射角减小时，折射角和反射角都会变小，因此反射光线与折射光线的夹角将变大。 20.某电烤箱内部简化电路如图 1 所示，R1和 R2为长度和材料均相同的电热丝，铭牌上的部分参数如图 2 所 11 示，该电烤箱处于低温挡时，正常工作 12min 所消耗的电能为_kW h，R2的阻值为_，R1的横截 面积比 R2的_ 【答案】 (1). 0.1 (2). 48.4 (3). 小 【解析】 【详解】1该电烤箱处于低温挡时，功率为 500W，则正常工作 12min 所消耗的电能为 5 500W 12 60s3.6 10 J0.1kW hWPt 2根据功率计算公式 2 U

23、PUI R 可知当开关 S1闭合、S2断开时处于低温状态，则 R1的电阻为 22 1 (220V) 96.8 500W U R P 低 可知当开关 S1闭合、S2闭合时处于高温状态，此时 2 12 11P RRU 高 代入可得 R2的电阻为 22 2 (220V) 48.4 1500W500W U R PP 低高 3由题意，R1和 R2为长度和材料均相同的电热丝，电阻与横截面积成反比，由 R1阻值为 R2阻值的 2 倍可 知，R1的横截面积比 R2的小。 21.如图所示， 电源电压为 6V， R 为“30 0.25A”滑动变阻器， R1为“10 0.3A”电阻， R2为“20 0.4A” 电阻

24、，电压表量程为 03V。闭合 S1和 S2，断开 S3时，调节 R，使其接入电路的阻值为 10，此时电路 消耗的电功率为_W；断开 S1，闭合 S2、S3，调节 R，使电压表的示数为 1V，则 R接入电路的阻值为 _；闭合所有开关，在保证电路安全的前提下，电阻 R2消耗的电功率范围为_ 12 【答案】 (1). 1.2 (2). 6 (3). 0.45W1.8WP 【解析】 【详解】1闭合 S1和 S2，断开 S3时，调节 R，使其接人电路的阻值为 10，电源电压为 6V，电路中 R和 R2串联，此时电路消耗的电功率为 22 1 2 (6V) =1.2W 10+20 U P RR 2断开 S1

25、，闭合 S2 S 3，调节 R，此时 R、R1和 R2串联，使电压表的示数为 1V，则加在 R1和 R2两端的电 压为 5V，电路中的电流为 1 1 12 5V1 =A 10+206 U I RR 则 R 接入电路的阻值为 2 1 1V =6 1 A 6 U R I 3闭合所有开关，R1被短路，R2允许流经的最大电流是 0.4A，电源的电压最大为 6V，所以当滑动变阻器 接入电路的阻值为零时，电阻 R2消耗的电功率最大为 22 max 2 (6V) =1.8W 20 U P R 因为，电压表的能测量的最大值为 3V，所以加在R2两端的最小电压为 3V，此时电阻 R2消耗的电功率最小 为 22

26、3 min 2 (3V) =0.45W 20 U P R 所以，闭合所有开关，在保证电路安全的前提下，电阻 R2消耗的电功率范围为0.45W1.8WP。 三三 解答题解答题 22.请按题目要求作答 (1)图中，足球静止在水平桌面上，请作出足球所受力的示意图 13 (2)请根据平面镜成像特点，作出图中点光源 S 发出的一条入射光线的反射光线 (3)图中，小磁针处于静止状态且螺线管的左端极性已知请在两虚线框内分别标出小磁针和电源的极性 【答案】(1) (2) (3) 【解析】 【详解】(1)过足球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用 G和 F表示，是所受 重力和支持力示意图，

27、因为这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段长度要相等，如图所示： (2) 作 S点关于平面镜的对称点，即像点 S，然后连接像点 S和入射光线的入射点，并延长作出反射光线， 如图所示： (3)因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，螺线管左端为 N极，因此小磁极静止时，小磁针的左端为 S 14 极，右端是 N 极，根据安培定则判断电流从左端流入，故电源左端是正极，右端是负极，如图所示： 23.在探究不同物质吸热升温的现象实验中 (1)小强将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图 1所示，则他应将平衡螺母向_ 端调节；调节天平平衡后，为称取质量相等的沙子和水，小强将装有沙子和

28、水的相同烧杯分别放在天平的 左、右托盘上，称取完成后，天平平衡时的场景如图 2所示，则小强在称取中存在的问题是_ (2)小强组装的实验装置如图 3所示，他在器材安装中的一处错误是_ (3)实验中某时刻温度计的示数如图 4 所示，其读数为_ (4)实验结東后，小强根据图 5所示的温度随时间变化图像，用三种方法来比较沙子和水吸热升温的快慢， 从而建立比热容的概念在相同的时间 t内比较温度变化T； 在相同的温度变化T内比较时间 t； 若T和 t均不同，则可用_来比较沙子和水吸热升温的快慢。在初中物理中，比较物体_的快慢时也 用到了上述方法。 【答案】 (1). 右 (2). 游码未在左端零刻度线处

29、(3). 温度计安装位置偏高（或温度计玻璃泡未 能与水充分接触） (4). 35 (5). T t （或 t T ） (6). 运动（或做功） 【解析】 【详解】(1)1小强将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图 1 所示向左偏，则他应 将平衡螺母向右端调节。 2天平平衡时的场景如图 2 所示，则小强在称取中存在的问题是移动游码未在左端零刻度线处，造成沙子 和水的质量不同 (2)3小强组装的实验装置如图 3 所示，他在器材安装中的一处错误是温度计安装位置偏高，或温度计玻璃 泡未能与水充分接触 15 (3)4实验中某时刻温度计的示数如图 4所示， 刻度值越往上越大， 则说明是在

30、零刻度线以上， 分度值为 1， 指针位于 30以上第 5个小格处，故其读数为 35 (4)5实验结東后，小强根据图 5 所示的温度随时间变化图像，用三种方法来比较沙子和水吸热升温的快慢， 从而建立比热容的概念，T和 t成正比关系，则可用 T t 或 t T 来比较沙子和水吸热升温的快慢。 6在初中物理中，根据速度公式 s v t 或功率公式 W P t ，可知比较物体运动或做功的快慢时也用到了 上述方法。 24.“探究动能大小与哪些因素有关”的实验装置如图 1所示将小车从斜面上高 h 处由静止释放，运动至 木板上后与木块碰撞通过改变小车释放时高度 h、在小车中增加钩码和在木板上铺垫棉布的方法，

31、得到了图 2 虚线框内的四个实验场景 (1)为探究小车动能与质量的关系，应选用场景和_（选填“”“”或“”）进行实验；选用 场景和进行实验时，可探究小车动能与_的关系 (2)在实验中，小车动能越大，发生碰撞时对木块所做的功就越_，木块被碰撞后在木板上_ (3)若将场景和中的木块均移走，利用这两个场景可探究_对物体运动的影响，为提高实验结论的准 确性，还需再增加一次实验，为此，在场景的基础上，你所作的调整是_ 【答案】 (1). (2). 速度 (3). 大（或多） (4). 滑行的距离越长 (5). 阻力（或摩擦力） (6). 在木板上铺设玻璃板（或毛巾） 【解析】 【详解】(1)12为探究小

32、车动能与质量的关系，应控制小车滑下的高度相同、质量不同，故应选用场景 和进行实验；选用场景和进行实验时，小车质量相同但滑下高度不同，即可探究小车动能与速度的 关系。 (2)34在实验中通过木块被撞击后滑行的距离比较动能大小，即小车动能越大，发生碰撞时对木块所做的 功就越大，木块被碰撞后在木板上滑行的距离越长 (3)56若将场景和中的木块均移走，利用这两个场景可探究阻力或摩擦力对物体运动的影响，为提高 实验结论的准确性，还需再增加不同接触面的实验数据，故在场景的基础上，在木板上铺设玻璃板或毛 16 巾 25.小华用图 1所示电路来测量小灯泡的电功率（部分器材的规格已标明） (1)图 1是小华正准

33、备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路。请指出图中在器材操作上存在的 两个不妥之处_；_ (2)闭合开关进行实验， 小华发现无论怎样调节滑动变阻器， 电压表示数始终为 3V， 而电流表示数始终为零， 已知仅导线发生故障，则图 1中导线_（选填“”“”或“”）发生了_ （填写故障名称） (3)小华进行了六次实验，记录实验数据并在 U-I图像中描点，得到小灯泡两端的电压与电流的关系图像如 图 2所示，则根据记录的数据和图像可知 小灯泡的额定功率为_W 实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为_ A.5 2A B.10 2A C.20 1A D.30 1A (4)实验结束后，小华继续对滑动变阻器

34、两端电压与通过它的电流关系进行了探究，则他画出的 U-I图像应 为图 3 中的虚线_（选填“”“”或“”） ，你选择的依据是_ 【答案】 (1). 开关未断开 (2). 滑动变阻器滑片未移至阻值最大端左端 (3). (4). 断路 (5). 0.75 (6). D (7). (8). “小灯泡和滑动变阻器两端电压之和保持不变”或“小灯泡两 端电压变化量和滑动变阻器两端电压变化量始终相等” 【解析】 【详解】(1)12连接电路时为了保护电路，开关应断开，滑动变阻器滑片要滑到阻值最大处，所以图中在 器材操作上存在的两个不妥之处开关未断开；滑动变阻器滑片未移至最左端（阻值最大处） 。 (2)34闭合

35、开关进行实验，小华发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数始终为 3V，而电流表示数始 终为零，已知仅导线发生故障，则图 1中导线发生了断路。 (3)56根据记录的数据和图像可知当小灯泡两端的电压为额定电压 2.5V时，通过小灯泡的电流为 0.3A，所以小灯泡的额定功率为 P额=U额I额=2.5V0.3A=0.75W 17 当小灯泡两端的电压为 0.5V 时，电流为 0.1A，所以此时滑动变阻器两端的电压为 U滑=U-U灯=3V-0.5V=2.5V 此时滑动变阻器的阻值为 R= U I 滑 = 2.5V 0.1A =25 所以实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为 D.30 1A。 (4)78实验

36、结束后，小华继续对滑动变阻器两端电压与通过它的电流关系进行了探究，则他画出的 U-I图 像应为图 3 中的虚线，选择的依据是“小灯泡和滑动变阻器两端电压之和保持不变”或“小灯泡两端电压变 化量和滑动变阻器两端电压变化量始终相等”。 26.如图 1所示，质量为 20kg 的重物放在水平地面上，重物与地面间的接触面积为 0.1m2。利用图 2所示的 滑轮组，小明在 20s内将重物匀速提高 5m，他对绳子自由端施加的拉力为 150N。不计绳重和轮轴处摩擦， g 取 10N/kg (1)求图 1 中重物对地面的压强； (2)在图 2 所述过程中，求 小明所做的额外功。 小明做功的功率。 【答案】(1)

37、2000Pa；(2)500J；75W 【解析】 【详解】(1)重物对地面的压力大小与重物的重力大小相等，即 F= G=mg=20kg10N/kg =200N 根据压强公式可得重物对地面的压强为 2 200N 2000Pa 0.1m F p S (2)由图可知，动滑轮组中的 n=2，则小明所做的总功为 W总=nFh=2150N5m=1500J 小明所做的有用功为 18 W有= Gh=200N5m=1000J 则小明所做的额外功为 W额=W总-W有=1500J-1000J=500J 根据功率公式，可知小明做功的功率为 1500J 75W 20s W P t 总 答：(1)图 1中重物对地面的压强为

38、 2000Pa； (2)在图 2 所述过程中，小明所做的额外功为 500J，做功的功率为 75W。 27.“超级电容”电动公交车利用超级电容替代电池储存电能，仅需在起始站和终点站充电数分钟就能完成 一次运营。在平直公路上，某次运营过程简化为图示三个阶段阶 阶段一公交车充满电后，从起始站加速运动至 A处时速度达到 54km/h，此阶段电容释放的电能为 E1=1.5 106J，其中 80%转化为车的动能。 阶段二公交车从 A处开始以 54km/h 的速度匀速行驶 100s 后到达 B处，此阶段电容释放电能的 90%用于 维持公交车匀速行驶，公交车匀速行驶时所受阻力为 3000N。 阶段三公交车从

39、B处开始刹车，最后停在终点站 (1)求公交车运动至 A 处时的动能 E2 (2)在公交车匀速行驶的过程中，求电容释放的电能 E3 (3)在进站刹车过程中，若公交车可将动能减少量的 75%回收为电能储存在电容中 求进站车过程中回收的电能 E4 到达终点站后，要将电容充满电，求需要充入的电能 E5 【答案】(1)1.2 106J；(2)5 106J；(3)9 105J，5.6 106J 【解析】 【详解】(1)根据题意知道，公交车运动至 A 处时动能 66 21.80% 1.5 1080%=1.2J10 JEE (2) 54km/h=15m/s，公交车匀速行驶时克服阻力所做的功 6 3000N 1

40、5m/s 100s=4.5 10 JWfvt 19 电容释放的电能 6 6 3 4.5 10 J =5 10 J 90%90% W E (3)根据题意知道，进站车过程中回收的电能 E4 65 4275% 1.2 10 J 75%=9 10 JEE 到达终点站后，需要充入的电能 6656 5134 1.5 10 J+5 10 J-9 10 J=5.6 10 JEEEE 答：(1)公交车运动至 A 处时的动能 E2是 1.2 106J； (2)在公交车匀速行驶的过程中，电容释放的电能 E3是 5 106J； (3)进站车过程中回收的电能 E4是 9 105J； 到达终点站后，要将电容充满电，需要充

41、入的电能 E5是 5.6 106J。 28.图 1 是密水池水位自动控制模拟装置可绕 O 点转动的轻质杠杆 A 端用轻绳系正方体浮块，B 端固定一 轻质三角支架，支架与固定不动的压力敏感电阻 RF保持水平接触挤压，杠杆保持水平平衡，已知AO长 为 1m， BO长为 2m； 浮块边长为20cm， 密度为 5 103kg/m3， 下表面距池底 2m； 当电磁铁线圈中的电流 I0.02A 时，铁 K被释放，水泵开始工作向水池注水，反之停止注水，池内达到所设定的最高水位，线圈电阻不计； 电压 U=6V，电阻箱 R 调至 75；设 RF的阻值与支架所施加压力 F的关系图线如图 2所示，g取 10N/kg

42、 (1)浮块的重力为_N。在达到最高水位之前，随着浮块排开水的体积逐渐增大，支架对 RF的压力将_ (2)当池内达到所设定的最高水位时，求 轻绳对浮块的拉力_ 池内水面距池底的高度_ (3)为使该装置能自动控制水池内的最高水位，在其他条件不变的情况下，电阻箱 R接入电路的阻值应满足 的条件是_ 【答案】 (1). 400 (2). 减小 (3). 350N (4). 2.125m (5). 50R90 【解析】 20 【详解】(1)1由密度计算公式，可知浮块的质量为 333 5 10 kg/m(0.2m)kg40mV 由重力与质量关系可知浮块的重力为 40kg 10N/kg400NGmg 2随

43、着浮块排开水的体积逐渐增大，其所受竖直向上的浮力逐渐增大，根据杠杆平衡条件，可知支架对 RF 的压力将逐渐减小 (2)3当池内达到所设定的最高水位时，电路中电流 I=0.02A，即 6V 300 0.02A F U RR I 则 RF的电阻为 30075225 F R 由图可知，RF的阻值与支架所施加压力 F的数值关系为 50 F RF 此时支架对 RF的压力为 FB=175N 根据杠杆平衡条件 AB FOAFOB 代入数据得 A 端绳拉力为 2m 175N350N 1m AB OB FF OA 4在 A 端根据平衡条件 FA+F浮=G 代入数据得 F浮=400N-350N=50N 根据浮力公

44、式 FgV 浮水排 代入数据可得 33 33 50N 5 10 m 10 kg/m10N/kg F V g 浮 排 水 则浮块浸入水中的深度为 21 33 2 5 10 m 0.125m (0.2m) V h S 排 浸 则池内水面距池底的高度为 2m0.125m2.125mH (3)5当浮块浸没后其所受浮力达到最大且不再变化，此时浮力为 333 10N/10 kg/m(0.2m)80NkgFgV 浮水 此时 A端绳的拉力为 400N80N320N A FGF 浮 根据杠杆平衡条件 AB FOAFOB 代入数据得 B 端压力为 1m 320N160N 2m BA OA FF OB 此时 RF的阻值达到最小，为 210，则电阻箱 R 接入电路阻值最大为 max 30021090R 当浮块不受水浮力时，代入数据得 B端压力为 200N，此时 RF的阻值达到最大，为 250，则电阻箱 R 接入 电路阻值最小为 min 30025050R 故电阻箱 R接入电路的阻值应满足的条件是 50R90。