全国百强名校2021届高三第一次联合调研考试化学试题(解析版含答案+全解全析)03.doc

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1、 全国名校 2021 届高三第一次联合调研考试卷 化化 学学 注意事项:注意事项: 1答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘 贴在答题卡上的指定位置。 2选择题的作答:每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写 在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸 和答题卡上的非答题区域均无效。 4考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。 相对原子质量:H 1 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Fe 56 Cu 64 As 75 一、选择题(共

2、一、选择题(共 48 分)分) 1央视栏目国家宝藏不仅彰显了民族自信、文化自信,还蕴含着许多化学知识。下列说法不正 确 的是 A宋王希孟千里江山图中的绿色颜料铜绿,主要成分是碱式碳酸铜 B宋莲塘乳鸭图缂丝中使用的丝,主要成分是蛋白质 C战国 曾侯乙编钟属于青铜制品,青铜是一种铜锡合金 D清乾隆瓷母是指各种釉彩大瓶,其主要成分是二氧化硅 【答案】D 【解析】A铜绿可作为绿色颜料,它的主要成分是碱式碳酸铜 Cu2(OH)2CO3,A 正确;B缂丝是以 生蚕丝作经线,彩色熟丝作纬线,采用通经断纬的技法织成的平纹织物,显然缂丝中使用的丝,主要成 分是蛋白质,B 正确;C曾侯乙编钟是一种铜锡合金,属于青

3、铜制品,C 正确;D瓷母是指各种釉彩 大瓶,其主要成分是硅酸盐,D 不正确;故选 D。 2下列化学用语对事实的表述不正确的是 A由 H 和 Cl 形成共价键的过程: BNa2O2用于呼吸面具的供氧剂:2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2 C实验室用 NH4Cl 和 Ca(OH)2的混合物制取氨:2NH4Cl+Ca(OH)2= CaCl2+2NH3+2H2O D铝粉加入 NaOH 溶液中产生无色气体:2Al+2OH+2H2O=2AlO2+3H2 【答案】A 【解析】A由 H 和 Cl 形成共价键,两个原子通过共用电子对结合,没有电子得失,其过程为: ,A 错误;BNa2O2用于呼吸面具时

4、,与人呼吸产生的 CO2发生反应,产 生氧气,因此可作供氧剂,反应方程式为:2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2,B 正确;CNH4Cl 和 Ca(OH)2 的混合物加热发生反应,产生氨气、氯化钙和水,反应方程式为:2NH4Cl+Ca(OH)2= CaCl2+ 2NH3+2H2O,C 正确;D铝粉与 NaOH 溶液发生反应产生偏铝酸钠和氢气,反应的离子方程式为: 2Al+2OH+2H2O=2AlO2+3H2,D 正确;故合理选项是 A。 3设 NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是 A4.0g 由 CO2和 SO2组成的混合物中含有的质子数为 2NA B2.24L Cl2与 CH

5、4在光照下反应生成的 HCl 分子数为 0.1NA C常温下,0.1mol 环氧乙烷()中含有的共价键数为 0.3NA D4.2g CaH2与水完全反应,转移的电子数为 0.1NA 【答案】A 【解析】A4.0g CO2中含有的质子数为 4.022 2 44/ A A gN N g mol ,4.0g SO2中含有的质子数为 4.032 2 64/ A A gN N g mol ,因此 4.0g 由 CO2和 SO2组成的混合物中含有的质子数也为 2NA,故 A 正确;B未说 标准状况,无法计算,故 B 错误;C不要忽略 C-H 键,0.1mol 环氧乙烷()中含有的共价键数应该为 7NA,故

6、 C 错误;D4.2g CaH2与水完全反应,化学方程式为 CaH2+2H2O=Ca(OH)2+2H2转移的电子的物 质的量为 4.22 42/ g g mol 0.2mol,故 D 错误。 4某研究性学习小组讨论甲、乙、丙、丁四种仪器装置的有关用法,其中不合理的是 A甲装置:可用来证明碳的非金属性比硅强 B乙装置:橡皮管的作用是能使水顺利流下 C丙装置:用图示的方法不能检查此装置的气密性 D丁装置:先从口进气集满二氧化碳,再从口进气,可收集氢气 【答案】C 【解析】A甲装置:硅酸钠溶液中通入二氧化碳气体生成硅酸沉淀,根据强酸制弱酸,可用来证明 碳的非金属性比硅强,故不选 A;B乙装置:橡皮管

7、使烧瓶、分液漏斗内的压强保持一致,所以能使水 顺利流下,故不选 B;C丙装置:向乙中加水,至甲和乙形成液面差,该液面差能较长时间保持不变, 说明此装置的气密性良好,用图示的方法能检查此装置的气密性,故选 C;D二氧化碳的密度大于空气, 采用向上排空气法收集二氧化碳;氢气的密度小于二氧化碳,所以氢气采用向下排二氧化碳法收集,故不 选 D。 5短周期元素 X、Y、Z、W 原子序数依次增大,Y 与 W 同族。X、Y、Z 三种原子最外层电子数的 关系为 X+Z=Y。电解 Z 与 W 形成的化合物的水溶液,产生 W 元素的气体单质,此气体同冷烧碱溶液作 用,可得到化合物 ZWX 的溶液。下列说法正确的是

8、 AW 的氢化物稳定性强于 Y 的氢化物 BZ 与其他三种元素分别形成的化合物中只含有离子键 CZ 与 Y 形成的化合物的水溶液呈碱性 D对应的简单离子半径大小为 WZXY 【答案】C 【解析】元素 X、Y、Z、W 为短周期且原子序数依次增大,电解 Z 与 W 形成的化合物的水溶液,产 生 W 元素的气体单质,此气体同冷烧碱溶液作用,可得到化合物 ZWX 的溶液,可推出 W 元素为氯元素 (Cl),Z 元素为钠(Na),X 元素为氧(O),Y 与 W 同族,可推出 Y 元素为氟(F)。A非金属性 越强,最简单气态氢化物的稳定性越稳定,非金属性 FCl,氢化物稳定性 HFHCl,故 A 错误;B

9、Z 元 素为钠,钠与氧形成 Na2O2既有离子键又有共价键,故 B 错误;C钠与氟形成氟化钠,属于强碱弱酸盐, F会发生水解,F+H2OHF+OH,水溶液呈碱性,故 C 正确;D对应的简单离子分别为 O2、F、 Na+、Cl,可知 O2、F、Na+电子层结构相同,原子序数越大半径越小,离子半径:O2FNa+,又因为 Cl有三个电子层,故 Cl半径最大,因此半径大小为:ClO2FNa+,故 D 错误;故选 C。 6下列离子方程式正确的是 AKClO 碱性溶液与 Fe(OH)3反应:3ClO+2Fe(OH)3=2FeO2 4+3Cl +4H+H 2O B用稀硫酸除去硫酸钠溶液中少量的硫代硫酸钠:S

10、2O2 3+2H +=SO 2+S+H2O C硬脂酸与乙醇的酯化反应:C17H35COOH+C2H518OHC17H35COOC2H5+H218O D向碳酸氢铵溶液中加入足量石灰水:Ca2+HCO3+OH=CaCO3+H2O 【答案】B 【解析】A在强碱性溶液中不可能生成 H+,应为 3ClO+2Fe(OH)3+4OH=2FeO2 4+3Cl +5H 2O,选项 A 错误;B用稀硫酸除去硫酸钠溶液中少量的硫代硫酸钠,反应生成二氧化硫和硫:S2O 2 3 +2H+=SO2+S+H2O,选项 B 正确;C酯化反应的机理是酸断羟基醇断氢,硬脂酸与乙醇的酯化反应 为:C17H35COOH+C2H518

11、OH C17H35CO18OC2H5+H2O,选项 C 错误;D碳酸氢铵溶液中加足量石灰 水,离子方程式:NH+4+HCO3+Ca2+2OH=CaCO3+NH3 H2O+H2O,选项 D 错误;答案选 B。 7下列四幅图示所表示的信息与对应的叙述相符的是 A图 1 表示 H2与 O2发生反应过程中的能量变化,则 H2的燃烧热为 241.8kJ mol1 B图 2 表示某吸热反应分别在有、无催化剂的情况下反应过程中的能量变化 C图 3 表示一定条件下 H2和 Cl2生成 HCl 的反应热与途径无关,则 H1=H2+H3 D图 4 表示压强对可逆反应 2A(g)+2B(g)3C(g)+D(s)的影

12、响,乙的压强大 【答案】C 【解析】A图 1 所示反应生成的水呈气态,燃烧热要求可燃物为 1mol,生成的水为液态,所以 A 项 错误;B图 2 所示反应,反应物的总能量大于生成物的总能量,所给反应为放热反应,B 项错误;C据 盖斯定律,反应热与途径无关,只与反应的始态和终态有关,C 项正确;D注意物质 D 为固体,所以该 反应是正向气体分子数减小的反应,压强改变时平衡要发生移动,A 的体积分数最终一定不相等,D 项错 误;所以答案选择 C 项。 8 在 Fe2(SO4)3溶液中, 加入 a g 铜, 完全溶解后, 再加 b g 铁, 充分反应后得到 c g 残余固体, 且 ac, 则下列说法

13、正确的是 A最后得到的溶液中一定含有 Cu2+ B残余固体是铜和铁 C将残余固体加入到稀 H2SO4中,有气泡产生 D最后得到的溶液中可能含有 Fe3+ 【答案】A 【解析】发生的反应有:2Fe3+Cu=2Fe2+Cu2+,Cu2+Fe=Cu+Fe2+,ac,说明铜没有被完全置换出。 A由于 ac,说明铜没有被完全置换出,则溶液中一定存在 Cu2+,故 A 正确;B由于 ac,说明铜没 有被完全置换出,残余固体中没有铁,故 B 错误;C残余固体中没有铁,将残余固体加入到稀 H2SO4中, 没有气泡产生,故 C 错误;D铜有剩余,发生的反应有:2Fe3+Cu=2Fe2+Cu2+,则一定不存在 F

14、e3+,故 D 错误;故选:A。 9在体积为 2 L 的恒容密闭容器中发生反应 xA(g)+yB(g)zC(g),图 I 表示 200时容器中 A、B、 C 物质的量随时间的变化,图表示不同温度下平衡时 C 的体积分数随起始 n(A)n(B)的变化关系。则下 列结论正确的是 A200时,反应从开始到平衡的平均速率 v(B)=0.04mol L1 min1 B图所知反应 xA(g)+yB(g)zC(g)的 H0,G0,B 项错误;C水是弱电解质,升高温度会促进水的电离,所以将纯水加热至较高温度, Kw变大、pH 变小,但是由于水电离产生的 H+的浓度与 OH的浓度相等,所以溶液仍然呈中性,C 项

15、错误; D镀铜铁制品的镀层受损后,铜与铁形成原电池,铜做正极,铁做负极被腐蚀,铁制品受损后更易腐蚀, D 项正确;答案选 D。 11M 是一种常见的工业原料,实验室制备 M 的化学方程式如下,下列说法正确的 Almol 的 C 能与 7mol 的 H2反应 B分子 C 中所有原子一定共面 C可以用酸性 KMnO4溶液鉴别 A 和 B DA 的同分异构体中含有苯环和醛基的结构有 14 种 【答案】D 【解析】AC 中含有 2 个苯环、1 个碳碳双键、1 个羰基,lmol 的 C 能与 8mol 的 H2发生加成反应, 故 A 错误;B分子 C 中含有甲基,为四面体结构,所以 C 中不可能所有原子

16、共面,故 B 错误;CA 和 B 都能使高锰酸钾溶液褪色,不能用酸性 KMnO4溶液鉴别 A 和 B,故 C 错误;DA 的同分异构体中含 有苯环和醛基的结构, 侧链为-CH2CH2CHO 有 1 种、 侧链为-CH(CHO)CH3有 1 种、 侧链为-CH2CH3和-CHO 有 3 种、侧链为-CH2CHO 和-CH3有 3 种、侧链为 2 个-CH3和 1 个-CHO 有 6 种,共 14 种,故 D 正确。 12人工肾脏可用间接电化学方法除去代谢产物中的尿素CO(NH2)2。下列有关说法正确的是 Aa 为电源的负极 B电解结束后,阴极室溶液的 pH 与电解前相比将升高 C除去尿素的反应为

17、:CO(NH2)2+2Cl2+H2O=N2+CO2+4HCl D若两极共收集到气体 0.6mol,则除去的尿素为 0.12mol(忽略气体溶解,假设氯气全部参与反应) 【答案】D 【解析】A由图可以知道,左室电极产物为 CO2和 N2,发生氧化反应,故 a 为电源的正极,右室电 解产物 H2,发生还原反应,故 b 为电源的负极,故 A 错误;B阴极反应为 6H2O+6e=6OH+3H2,阳极 反应为 6Cl-6e=3Cl2,CO(NH2)2+3Cl2+H2O=N2+CO2+6HCl,根据上述反应式可以看出在阴、阳极上产生 的 OH、H+的数目相等,阳极室中反应产生的 H+,通过质子交换膜进入阴

18、极室与 OH恰好反应生成水, 所以阴极室中电解前后溶液的 pH 不变,故 B 错误;C由图可以知道,阳极室首先是氯离子放电生成氯 气,氯气再氧化尿素生成氮气、二氧化碳,同时会生成 HCl,阳极室中发生的反应依次为 6Cl-6e=3Cl2, CO(NH2)2+3Cl2+H2O=N2+CO2+6HCl,故 C 错误;D如图所示,阴极反应为 6H2O+6e=6OH+3H2,阳极 反应为 6Cl-6e=3Cl2,CO(NH2)2+3Cl2 +H2O=N2+CO2+6HCl,若两极共收集到气体 0.6mol,则 n(N2)=n(CO2)=0.6 1/5mol=0.12mol,由反应 CO(NH2)2+3

19、Cl2+H2O=N2+CO2+6HCl 可知所消耗的 CO(NH2)2的物质的量也为 0.12mol,故 D 正确。答案选 D。 13乙烯气相直接水合反应制备乙醇:C2H4(g)+H2O(g)C2H5OH(g)。乙烯的平衡转化率随温度、压 强的变化关系如下(起始时,n(H2O)n(C2H4)1mol,容器体积为 1L)。下列分析不正确 的是 A乙烯气相直接水合反应的H0 B图中压强的大小关系为:p1p2p3 C图中 a 点对应的平衡常数 K 5 16 D达到平衡状态 a、b 所需要的时间:ab 【答案】B 【解析】 A 温度升高, 乙烯的转化率降低, 平衡逆向移动, 正向为放热反应, H0,

20、A 项正确; B 增 大压强,平衡正向移动,乙烯的转化率增大,由图可知,相同温度下转化率 p1p2p3,因此压强 p1p2a,所需要的时间:ab,D 项正确;答案选 B。 14含氰化物的废液乱倒或与酸混合,均易生成有剧毒且易挥发的氰化氢。工业上常采用碱性氯化法 来处理高浓度氰化物污水,发生的主要反应为:CN+OH+Cl2CO2+N2+Cl+H2O(未配平)。下列说法错误 的是(其中 NA表示阿伏加德罗常数的值) ACl2是氧化剂,CO2和 N2是氧化产物 B上述离子方程式配平后,氧化剂、还原剂的化学计量数之比为 25 C该反应中,若有 1mol CN发生反应,则有 5NA电子发生转移 D若将该

21、反应设计成原电池,则 CN在负极区发生反应 【答案】B 【解析】A在反应 CN+OH+Cl2CO2+N2+Cl+H2O 中,Cl 元素化合价由 0 价降低为-1 价,C 元素 化合价由+2 价升高为+4 价,N 元素化合价由-3 价升高为 0 价,可知 Cl2是氧化剂,CO2和 N2是氧化产物, A 正确;B由上述分析可知,反应方程式为 2CN+8OH+5Cl2=2CO2+N2+10Cl+4H2O,反应中是 CN是 还原剂,Cl2是氧化剂,氧化剂与还原剂的化学计量数之比为 52,B 错误;C由上述分析,根据电子守 恒、 原子守恒可知, C 元素化合价由+2 价升高为+4 价, N 元素化合价由

22、-3 价升高为 0 价, 所以若有 1mol CN 发生反应,则有(4-2)+(3-0)NA=5NA电子发生转移,C 正确;DC 元素化合价由+2 价升高为+4 价,N 元 素化合价由-3 价升高为 0 价,则若将该反应设计成原电池,则 CN在负极区失去电子,发生氧化反应,D 正确; 故合理选项是 B。 15铜和镁的合金 4.6g 完全溶于浓硝酸,若反应中硝酸被还原只产生 4480mL NO2气体和 336mL 的 N2O4气体(气体的体积已折算到标准状况),在反应后的溶液中,加入足量的氢氧化钠溶液,生成沉淀的质 量为 A9.02 g B8.51 g C8.26 g D7.04 g 【答案】B

23、 【解析】4.48L 的 NO2气体的物质的量为 4.48L 22.4L/mol0.2mol,0.336L 的 N 2O4气体物质的量为 0.336L 22.4L/mol 0.015mol,根据电子转移守恒,金属失去电子物质的量 0.2mol 1+0.015mol 2 10.23mol, 最终生成沉淀为 Cu(OH)2和 Mg(OH)2,根据电荷守恒可知,金属失去电子物质的量等于沉淀中氢氧根的物 质的量,故沉淀质量为 4.6g+0.23mol 17g/mol8.51g,故答案选 B。 1625时,向浓度均为 0.1mol L1、体积均为 100mL 的两种一元酸 HX、HY 溶液中分别加入 N

24、aOH 固体,溶液中 lg () c H c OH 随 n(NaOH)的变化如图所示。下列说法正确的是 AHX 为弱酸,HY 为强酸 B水的电离程度:dcb Cc 点对应的溶液中:c(Y)c(Na+)c(H+)c(OH) D若将 c 点与 d 点的溶液全部混合,溶液中离子浓度大小:c(Na+)c(X)c(Y)c(H+)c(OH) 【答案】C 【解析】Alg c H c OH 越大,溶液中氢离子浓度越大,未加 NaOH 时,HX 溶液中 lg c H c OH =12,说 明 c(H+)=0.1mol/L=c(HX),所以 HX 为强酸,其酸性强于 HY,加入氢氧化钠物质的量 10 10-3mo

25、l,酸 HX 和氢氧化钠溶液恰好反应,lg c H c OH =1,c(H+)=c(OH),溶液呈中性,故 HX 为强酸,HY 为弱酸,故 A 错误;Bd 点是强酸 HX 的溶液中滴加 NaOH 溶液恰好将 HX 反应一半、剩余一半,故水的电离被强酸 抑制;c 点加入的氢氧化钠的物质的量为 5 103mol,所得的溶液为 NaY 和 HY 的等浓度的混合溶液,而 lg c H c OH =6,水的离子积 Kw=c(H+) c(OH)=1014,故可知 c(H+)2=108,则 c(H+)=104mol/L,溶液显酸 性, 即 HY 的电离大于 Y的水解, 水的电离也被抑制; 而在 b 点, 加

26、入的氢氧化钠的物质的量为 8 103mol, 所得的溶液为大量的 NaY 和少量的 HY 混合溶液,而 lg c H c OH =0,离子积 Kw=c(H+) c(OH)=1014,故可 知 c(H+)=107,溶液显中性,即 HY 的电离程度等于 Y的水解程度,水的电离没有被促进也没有被抑制, 故水的电离程度 dcb, 故 B 错误; C c 点加入的氢氧化钠的物质的量为 5 103mol, 所得的溶液为 NaY 和 HY 的等浓度的混合溶液,而 lg c H c OH =6,水的离子积 Kw=c(H+) c(OH)=1014,故可知 c(H+)2=108, 则 c(H+)=104mol/L

27、, 溶液显酸性, 即 HY 的电离大于 Y的水解, 故 c(Y)c(Na+)c(HY)c(H+)c(OH ), 故 C 正确;D若将 c 点与 d 点的溶液全部混合,所得溶液等同 NaX、HY 等物质的量的混合液,其中 X 不水解,HY 部分电离,则溶液中离子浓度大小为 c(Na+)=c(X)c(H+)c(Y)c(OH),故 D 错误;答案 为 C。 二、非选择题(共二、非选择题(共 52 分)分) 17过二硫酸钾(K2S2O8)在科研与工业上有重要用途。 (1) S2O2 8的结构式为 2, 其中 S 元素的化合价为_。 在 Ag+催化下, S2O2 8 能使含 Mn2+的溶液变成紫红色,氧

28、化产物是_(填离子符号)。 (2)某厂采用湿法 K2S2O8氧化脱硝和氨法脱硫工艺综合处理燃煤锅炉烟气,提高了烟气处理效率, 处理液还可以作为城市植被绿化的肥料。 脱硫过程中,当吸收液 pH=6 时,n(SO2 3)n(HSO 3)=_。已知:25时,Ka1(H2SO3)1.5 10 2; Ka2(H2SO3)1.0 107 脱硝过程中依次发生两步反应: 第 1 步 K2S2O8将 NO 氧化成 HNO2, 第 2 步 K2S2O8继续氧化 HNO2, 第 2 步反应的化学方程式为_;一定条件下,NO 去除率随温度变化的 关系如图所示。80时,若 NO 初始浓度为 450 mg m3,t mi

29、n 达到最大去除率,NO 去除的平均反应速率: v(NO)=_mol (L min)1(列代数式)。 (3)过二硫酸钾可通过电解转化提纯方法制得,电解装置如下图所示。 电解时,铁电极连接电源的_极。 常温下,电解液中含硫微粒主要存在形式与 pH 的关系如下图所示。已知,硫酸的二级电离常数 1.02 102,在阳极放电的离子主要是 HSO4,阳极区电解质溶液的 pH 范围为_,阳极的电极反应式 为_。 往电解产品中加入硫酸钾,使其转化为过二硫酸钾粗产品,提纯粗产品的方法是_。 【答案】(1)+6 MnO4 (2)110 HNO2+K2S2O8+H2O=HNO3+K2SO4+H2SO4 15 0.

30、916 106/t(或 13.74 106/t 或 450 30 0.916 106/t) (3)负 0,2 2HSO42e=S2O2 8+2H + 重结晶 【解析】(1)S2O2 8的结构式为 ,每个硫与 4 个 O 原子形成 6 个共价键,其中 S 元素的化合价为+6; 在 Ag+催化下, S2O2 8能使含 Mn 2+的溶液变成紫红色, 氧化产物是 MnO 4, 故答案为+6, MnO4。(2)脱硫过程中,当氨吸收液的 pH=6 时,HSO3SO2 3+H +,Ka 2=c(SO 2 3)c(H +)/ c(HSO3)=1.0 107,n(SO2 3)n(HSO 3)=110,故答案为

31、110。脱硝过程中依次发生两步反应:第 1 步, K2S2O8将 NO 氧化成 HNO2,第 2 步,K2S2O8继续氧化 HNO2,K2S2O8作氧化剂,还原成 H2SO4,第 2 步 反应的化学方程式为 HNO2+K2S2O8+H2O=HNO3+K2SO4+H2SO4;80时,若 NO 初始浓度为 450mg m3, 即450/30 106mol/L , tmin达 到 最 大 去 除 率 为0.916 , NO去 除 的 平 均 反 应 速 率 : v(NO)=450 30 0.916 106/tmol L1 min1, 故 答 案 为HNO2+K2S2O8+H2O=HNO3+K2SO4

32、+H2SO4; 15 0.916 106/t(或 13.74 106/t 或 450 30 0.916 106/t)。(3)电解时,铁作阴极,铁电极连接电源 的负极,故答案为负极。常温下,在阳极放电的离子主要是 HSO4,电解 HSO4生成 S2O2 8,由图 HSO 4存 在的 pH 范围-22,S2O2 8存在的 pH 范围 0-2,阳极区电解质溶液的 pH 范围为 0-2;S 化合价不变,O 由 -2 升高至-1 价,失电子,阳极的电极反应式为 2HSO42e=S2O2 8+2H +;故答案为0,2;2HSO 42e =S 2O 2 8 +2H+。往电解产品中加入硫酸钾,使其转化为过二硫

33、酸钾粗产品,依据两者的溶解度差异,提纯粗产品 的方法用重结晶的方法,故答案为重结晶。 18CoC2O4是制备金属钴的原料。利用含钴废料(主要成分为 Co2O3,含少量 Fe2O3、Al2O3、CaO、 MgO、碳及有机物等)制取 CoC2O4的工艺流程如下: (1)550煅烧的目的是_。 (2)浸出液的主要成分是_。 (3)钴浸出过程中 Co3+转化为 Co2+,反应的离子方程式为_。 (4)净化除杂 1过程中,需在 4050加入 H2O2溶液,其目的是_。(用离子方程式表示);再升 温至 8085,加入 Na2CO3溶液,调 pH 至 5,滤渣 I的主要成分是_。 (5)净化除杂 2可将钙、

34、镁离子转化为沉淀过滤除去,若所得滤液中 c(Ca2+)=1.0 l05mol/L,则滤液中 c(Mg2+)为_已知 Ksp(MgF2)=7.35 1011、Ksp(CaF2)=1.05 1010 (6)为测定制得的 CoC2O4产品的纯度, 现称取 1.000g 样品, 将其用适当试剂转化为草酸铵(NH4)2C2O4 溶液,再用过量稀硫酸酸化,用 0.1000mol/L 高锰酸钾溶液滴定,达到滴定终点,共用去高锰酸钾溶液 26.00mL,该产品的纯度为_。 【答案】(1)除去碳和有机物 (2)NaAlO2 (3)2Co3+SO2 3+H2O=2Co 2+SO2 4+2H + (4)2Fe2+2

35、H+H2O2=2Fe3+2H2O Fe(OH)3 (5)7.0 106mol/L (6)95.55% 【解析】 利用含钴废料(主要成分为Co2O3, 含少量Fe2O3、Al2O3、 CaO、 MgO、 碳及有机物等)制取CoC2O4, 需要将碳及有机物在 550煅烧除去,利用 NaOH 将 Al2O3溶解转化为 NaAlO2进入浸出液;利用还原剂 Na2SO3将 Co3+还原为 Co2+,同时也会将 Fe3+还原为 Fe2+;在净化除杂 1过程中,需加入氧化剂,同时调 节 pH,将 Fe2+转化为 Fe3+,进而转化为 Fe(OH)3沉淀;然后加入过量的 NaF 溶液,将 Mg2+、Ca2+转

36、化为 MgF2、 CaF2沉淀除去; 最后加入(NH4)2C2O4溶液, 将 Co2+转化为 CoC2O4。 (1)碳及有机物具有可燃性, 550 煅烧的目的是除去碳和有机物。(2)各种氧化物中,只有 Al2O3溶于 NaOH 溶液,发生反应 Al2O3+2NaOH 2NaAlO2+H2O,所以浸出液的主要成分是 NaAlO2;(3)钴浸出过程中 Co3+转化为 Co2+,同时 Na2SO3 转化为 Na2SO4,反应的离子方程式为 2Co3+SO2 3+H2O=2Co 2+SO2 4+2H +;(4)净化除杂 1过程中,需加入 氧化剂,同时调节 pH,将 Fe2+转化为 Fe3+,进而转化为

37、 Fe(OH)3沉淀。所以,在 4050加入 H2O2溶液, 其目的是 2Fe2+2H+H2O2=2Fe3+2H2O;再升温至 8085,加入 Na2CO3溶液,调 pH 至 5,使铁离子转 化为氢氧化铁沉淀,所以滤渣 I的主要成分是 Fe(OH)3;(5)净化除杂 2可将钙、镁离子转化为沉淀过滤 除 去 , 若 所 得 滤 液 中c(Ca2+)=1.0 l0-5mol/L , 则 滤 液 中c(Mg2+)= sp22 sp2 (MgF ) (Ca) (CaF ) K c K = 11 5 10 7.35 10 1.0 10 1.05 10 mol/L=7.0 10-6mol/L;(6)KMn

38、O4与 H2C2O4反应的关系式为:2KMnO45H2C2O4, n(CoC2O4)= n(H2C2O4)= 5 2 0.1000mol/L 0.02600L=0.0065mol,该产品的纯度为 0.0065mol 147g/mol 100% 1.000g =95.55%。答案为:95.55%。 19硫代硫酸钠晶体(Na2S2O3 5H2O)又称海波,呈无色透明状,易溶于水,不溶于乙醇,常用作棉织 物漂白后的脱氯剂、定量分析中的还原剂。 Na2S2O3 5H2O 的制备 Na2S2O3 5H2O 的制备方法有多种,其中亚硫酸钠法是工业和实验室中的主要方法:Na2SO3+S+5 H2O= Na2

39、S2O3 5H2O 制备过程如下: 称取 12.6g Na2SO3于 100mL 烧杯中,加 50mL 去离子水搅拌溶解。 另取 4.0g 硫粉于 200mL 烧杯中,加 6mL 乙醇充分搅拌均匀将其润湿,再加入 Na2SO3溶液,隔石 棉小火加热煮沸,不断搅拌至硫粉几乎全部反应。 停止加热,待溶液稍冷却后加 2g 活性炭,加热煮沸 2 分钟(脱色)。 趁热过滤,得滤液至蒸发皿中,_、_。 过滤、洗涤,用滤纸吸干后,称重,计算产率。 (1)加入的硫粉用乙醇润湿的目的是_。 (2)步骤趁热过滤的原因_,空格处应采取的操作是_、 _。 (3)步骤洗涤过程中,为防止有部分产品损失,应选用的试剂为_。

40、 (4)滤液中除 Na2S2O3和未反应完全的 Na2SO3外,最可能存在的无机杂质是_,生成该杂 质的原因可能是_。 产品纯度的测定 准确称取 1.00g 产品(硫代硫酸钠晶体的摩尔质量为 248g/mol),用适量蒸馏水溶解,以淀粉作指示剂, 用 0.1000mol/L 碘标准溶液滴定至终点,消耗 21.00mL。反应的离子方程式为:2S2O2 3+I2=S4O 2 6+2I 。 (5)计算所得产品的纯度为_(保留三位有效数字),该数据的合理解释可能是 _(不考虑实验操作引起的误差)。 产品的应用 (6)Na2S2O3常用于脱氯剂,在溶液中易被 Cl2 氧化为 SO 2 4,该反应的离子方

41、程式为 _。 【答案】(1)增大亚硫酸钠与硫粉的接触面积,加快反应速度 (2)防止温度降低,产品析出而损失 蒸发浓缩 冷却结晶 (3)乙醇 (4)Na2SO4 Na2SO3被空气中的 O2氧化 (5)104% 产品中有未反应的 Na2SO3也会与 I2发生反应,且相同质量的 Na2SO3消耗 I2更多;在 反应过程中 I2挥发损失 (6)S2O2 3+4Cl2+5H2O=2SO 2 4+8Cl +10H+ 【解析】(1)由于硫不溶于水,微溶于酒精,乙醇易溶于水,因此加入的硫粉用乙醇润湿的目的是 增大硫粉与亚硫酸钠溶液的接触面积,加快反应速率;(2)步骤趁热过滤的原因是防止温度降低时, 产品析出

42、而损失,得到的溶液需要移至蒸发皿中,然后蒸发浓缩、冷却结晶即可,故答案为:防止温度降 低,产品析出而损失;蒸发浓缩;冷却结晶。(3)由于硫代硫酸钠晶体易溶于水,不溶于乙醇,因此洗 涤过程中,为防止有部分损失,应选用的试剂为乙醇,故答案为乙醇。(4)由于 Na2SO3易被空气中的氧 气氧化转化为硫酸钠,则最可能存在的无机杂质是 Na2SO4,故答案为 Na2SO4;Na2SO3被空气中的 O2氧 化。(5)用 0.1000mol/L 碘标准溶液滴定至终点,消耗标准液的体积 21.00mL,所得产品的纯度为 0.1000mol/L 0.021L 2 248g/mol 1g 100%=104%,由于

43、产品中有未反应的 Na2SO3也会与 I2发生反应,且 相同质量的 Na2SO3消耗 I2更多,在反应过程中 I2挥发损失,所以会出现这种结果。(6)Na2S2O3常用于 脱氯剂,在溶液中易被 Cl2氧化为 SO2 4,该反应的离子方程式为:S2O 2 3+4Cl2+5H2O=2SO 2 4+8Cl +10H+ 。 20 砷(As)与氮同一主族, As 原子比 N 原子多两个电子层。 可以形成 As2S3、 As2O5、 H3AsO3、 H3AsO4, 等化合物,有着广泛的用途。回答下列问题: (1)As 的原子序数为_。 (2)工业上常将含砷废渣(主要成分为 As2S3)制成浆状,通入 O2

44、氧化,生成 H3AsO4和单质硫。写出发 生反应的化学方程式_。该反应需要在加压下进行,原因是_。 (3)己知:As(s)+ 3 2 H2(g)+2O2(g)=H3AsO4(s) 1 H H2(g)+ 1 2 O2(g)=H2O(l) 2 H 2As(s)+ 5 2 O2(g)=As2O5(s) 3 H 则反应 As2O5(s)+3H2O(l)=2H3AsO4(s)的 H=_。 (4)298K 肘,将 20mL 3x mol L1 Na3AsO3、20mL 3x mol L1 I2和 20mL NaOH 溶液混合,发生反应: AsO3 3(aq)+I2(aq)+2OH AsO3 4(aq)+2

45、I (aq)+H 2O(l)。溶液中 c(AsO 3 4)与反应时间(t)的关系如图所示。 下列可判断反应达到平衡的是_(填标号)。 a.v(I)=2v(AsO3 3) b.溶液的 pH 不再变化 c.c(I)=ymol L1 d.c(AsO3 4)/c(AsO 3 3)不再变化 tm时,v正_v逆(填大于、小于或等于)。 ) tm时 v逆_tn时 v逆(填大于、小于或等于),理由是_。 若平衡时溶液的 pH=14,则该反应的平衡常数为_(用 x、y 表示)。 【答案】(1)33 (2)2As2S3+5O2+6H2O=4H3AsO4+6S 加压反应速率增大,而且平衡右移,可提高生产效率 (3)

46、2H1-3H2-H3 (4)b d 大于 小于 tm时生成物浓度较低 3 2 4 () y xy 【解析】(1)砷(As)与氮处于同一主族,As 原子比 N 原子多两个电子层,原子核外有四个电子层, 最外层 5 个电子,砷元素原子序数为 7+8+18=33,故答案为:33;(2)工业上常将含砷废渣(主要成分 为 As2O3)制成浆状,通入 O2氧化,生成 H3AsO4和单质硫,砷元素化合价+3 价变化为+5 价,反应的化 学方程式为 2As2S3+5O2+6H2O=4H3AsO4+6S;增大压强,可增大反应速率,并使平衡正向移动,增大反应 物的转化率,故答案为:2As2S3+5O2+6H2O=

47、4H3AsO4+6S;加压反应速率增大,而且平衡右移,可提高生 产效率;(3)已知:As(s)+3/2H2(g)+2O2(g)=H3AsO4(s) H1 H2(g)+1/2O2(g)=H2O(l) H2 2As(s)+5/2O2(g)=As2O5(s) H3,则利用盖斯定律将 2- 3-可得 As2O5(s)+3H2O(l)=2H3AsO4(s) H=2H1-3H2-H3,故答案为:2H1-3H2-H3;(4)a同一个化学反应,速率之比等于化学计量数 之比,无论是否达到平衡,都存在 v(I-)=2v(AsO3 3),a 项错误;b溶液 pH 不变时,则 c(OH )也保持不 变,反应达到平衡状态,b 项正确;c由图可知,当 c(AsO3 4)=y mol L 1 时,浓度不再发生变化,则达到 平衡状态,由方程式可知此时 c(I)=2

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