新疆库尔勒市2016-2017学年高二数学下学期期末考试试题 [理科](有答案,word版).doc

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1、 1 新疆库尔勒市 2016-2017学年高二数学下学期期末考试试题 理 考试范围:必修 12345、选修 2-1、选修 2-2、选修 2-3、选修 4-4(第一讲及第二讲第一节) 试卷页数: 3页 考试时间: 120分钟 班级: 姓名: 考号: 一、选择题(每小题 5分 .共 60分) 1集合 ? ?062 ? xxxA , ? ?40, ? xxyyB ,则 )( BCA R? =( ) A.-3, 2 B.-2, 0) (0, 3 C.-3, 0 D. -3, 0) 2、设复数 z1, z2在复平面内的对应点关于虚轴对称, z1=2 i,则 z1z2=( ) A 5 B 5 C 4 i

2、D 4 i 3、如图所示,程序框图 (算法流程图 )的输出结果是 ( ) A.61 B.2425 C.43 D.1211 4、一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是 ( ) A 64 B 72 C 80 D 112 5已知 x, y满足?4040xyxyx ,则 z=4x y的最小值为 ( ) A 6 B 8 C 10 D 15 6已知向量 )3,(ka? , )4,1(?b , )1,2(?c ,且 ? ? cba )32( ,则实数 k=( ) A 29? B 0 C 3 D.215 7、已知 ?na 为等比数列,若 1064 ?aa ,则 937371 2 aaaaaa ? =(

3、 ) 2 A 10 B 20 C 60 D 100 8设 ),( pnBX ,若 12)( ?XE , 4)( ?XD ,则 n, p的值分别为 ( ) A 18和 32 B 16 和 21 C 20和 31 D 15和 41 9已知变量 x 与 y 正相关 ,且由观测数据算得样本平均数 x =3, y =3.5,则由该观测数据算得的线性回归方程可能是 ( ) A. 3.24.0 ? xy B. 4.22 ? xy C. 5.92 ? xy D. 4.43.0 ? xy 10在 ABC? 中,“ 23sin ?A ”是“ 3?A ”的 ( ) A充分不必要条件 B必要不 充分条件 C充要条件

4、D既不充分也不必要条件 11当 1?x 时,不等式 axx ? 11 恒成立,则实数 a 的取值范围是 ( ) A (, 2 B 2, ) C 3, ) D (, 3 12、已知双曲线 C 的离心率为 2,焦点为 1F , 2F ,点 A 在双曲线 C 上若 AFAF 21 2? ,则12FAFCOS? =( ) A.41 B.31 C. 42 D. 32 二、填空题(每小题 5分,共 20 分 ) 13函数 20132014 ? ?xay )10( ? aa 且 的图象恒过定点 _ 14、若 ABC? 中,3AC?,045A?,075C,则BC_ 15、在 6)1( xx ? 的展开式中,含

5、 3x 项的系数为 _ 16、若命题“ 01, 2 ? kxkxRx ”是真命题,则实数 k的取值范围是 _ 3 三、解答题(第 22题 10分,其余每小题 12分,共 70分 ) 17、盒中共有 9个球,其中有 4个红球、 3个黄球和 2 个绿球,这些球除颜色外完全相同 (1)从盒中一次随机取出 2个球,求取出的 2个球颜色相同的概率 P. (2)从盒中一次随机取出 4个球,其中红球、黄球、绿球的个数分别记为 1x , 2x , 3x ,随机变量 X 表示 1x , 2x , 3x 中的最大数求 X 的概率分布和均值 )(XE 18、在直角梯形 CDEF 中, CFDC? , DC EF ,

6、 22 ? EFCFCD .将它绕 CD 旋转得到 CDBA ,使得面 CDBA 面 CDEF . (1)若点 M 是 ED 的中点,证明: BM 平面 AEC ; (2)求 AE 与面 BED 所成角的正弦值 19、 等差数列?na中,2 4?,4715aa? ()求数列 的通项公式; ()设22 nanbn?,求1 2 3 10b b b b? ? ?的值 4 20、设椭圆 )0(12222 ? babyax 的左焦点为 F,离心率为 33 ,过点 F且与 x轴垂直的直线被椭圆截得的线段长为 334 . (1)求椭圆的方程; (2)设 A, B 分别为椭圆的左、右顶点, 过点 F 且斜率为

7、 k 的直线与椭圆交于 C, D 两点若8? ? CBADDBAC ,求 k的值 5 21、 已知函数 xxbaxexf x 4)()( 2 ? ,曲线 )(xfy? 在点 )0(,0( f 处的切线方程为44 ? xy . (1)求 a , b 的值; (2)讨论 )(xf 的单调性,并求 )(xf 的极大值 22、已知曲线 1C 的参数方程为 为参数)tty tx (s in55 co s54? ? ?,以坐标原点为极点, x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线 2C 的极坐标方程为 ? sin2? . (1)把 1C 的参数方程化为极坐标方程; (2)求 1C 与 2C 交点的极坐标 )

8、20,0( ? ? 6 库尔勒市第四中学 2016-2017学年(下) 高二年级理科数学期末考试答案 一、选择题(每小题 5分。共 60 分) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D A D C C C D A A A D A 二、填空题 13、 ( 2 014,2 014) 14、215、 15 16、 ( 4,0 三、解答题 17、 解: (1)取到的 2 个颜色相同的球可能是 2个红球、 2个黄球或 2个绿球, 所以 P C24 C23 C22C29 6 3 136 518. (2)随机变量 X所有可能的取值为 2,3,4. X 4表示的随机事件是“取到的

9、4个球是 4个红球”, 故 P(X 4) C44C491126; X 3表示的随机事件是“取到的 4 个球是 3 个红球和 1 个其他颜色的球,或 3 个黄球和 1 个其他颜色的球”, 故 P(X 3) C34C15 C33C16C49 20 6126 1363; 于是 P(X 2) 1 P(X 3) P(X 4) 1 1363 1126 1114. 所以随机变量 X的概率分布列如下表: X 2 3 4 P 1114 1363 1126 因此随机变量 X的均值 E(X) 2 1114 3 1363 4 1126 209. 18、 解: (1)证明:如图以点 C为坐标原点, CF, CD, CA

10、所在的直线为 x轴, y轴, z轴建立空间直角坐标系, C(0,0,0), A(0,0,2), E(2,1,0), M? ?1, 32, 0 , B(0,1,2), CA (0,0,2), AE(2,1, 2), 令平面 ACE的法向量为 n (x, y, z), 7 则? n AC 0,n AE 0,可得:? 2z 0,2x y 2z 0, n (1, 2,0),又 BM ? ?1, 12, 2 , n BM 1 1 0 0, n BM, BM平面 ACE. (2)如上图,以点 C 为坐标原点, CF, CD, CA 所在的直线为 x 轴, y 轴, z 轴建立空间直角坐标系, C(0,0,

11、0), A(0,0,2), E(2,1,0), M? ?1, 32, 0 , B(0,1,2), D(0,2,0), EB ( 2,0,2), ED ( 2,1,0), AE (2,1, 2), 令平面 BDE的法向量为: n (x, y, z),则? n ED 0n EB 0? 2x y 0, 2x 2z 0, n (1,2,1), cos n, EA 2 2 21 4 1 4 1 4 69 . AE与面 BED所成角的正弦值为 69 . 19、【答案】()2nan?;()2101 【解析】( I)设等差数列?a的公差为d 由已知得? ? ? ?1 1143 6 15ada d a d? ?

12、 ? ? ?解得1 31ad? ? 所以? ?1 12na a n d n? ? ? ? ? ( II)由( I)可得2nnbn 所以? ? ? ? ? ? ? ?2 3 101 2 3 10 2 1 2 2 2 3 2 10b b b b? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?8 ? ? ? ?2 3 102 2 2 2 1 2 3 10? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?102 1 2 1 10 101 2 2? ? ?112 2 55? ?11 53 2101? ? ? 20、解: (1)设 F( c, 0),由 ca 33 ,知 a 3c.过点

13、F且与 x轴垂直的直线为 x c, 代入椭圆方程有 1)(2222 ? byac ,解得 36by ? .于是 334362 ?b ,解得 b 2.又222 bca ? ,从而 3?a , c 1,所以椭圆的方程为 123 22 ?yx . (2)设点 C(x1, y1), D(x2, y2),由 F( 1, 0)得直线 CD的方程为 y k(x 1) 方程组?y k( x 1),x23y22 1消去 y,整理得 (2 3k2)x2 6k2x 3k2 6 0. 由根与系数的关系得 x1 x2 6k22 3k2, x1x23k2 62 3k2. 因为 A( 3, 0), B( 3, 0),所以

14、AC DB AD CB (x1 3, y1) ( 3 x2, y2) (x2 3, y2) ( 3 x1, y1) 6 2x1x2 2y1y2 6 2x1x2 2k2(x1 1)(x2 1) 6 (2 2k2)x1x2 2k2(x1 x2) 2k2 6 2k2 122 3k2 . 由已知得 6 2k2 122 3k2 8, 解得 k 2. 21、解 :(1) 42)()( ? xaebaxexf xx = 42)( ? baaxe x , 由已知 , 得 f(0) 4, f (0) 4, 故? b 4,a b 4 4, 从而 a 4, b 4. (2)由 (1),知 xxxexf x 4)1(

15、4)( 2 ? , )21)(2(4)2(2)2(4)( ? xx exxxexf . 9 令 0)( ?xf ,得 x ln 2或 x 2. 当 x (, 2) ( ln 2, )时, 0)( ?xf ; 当 x ( 2, ln 2)时, 0)( ? xf . 故 )(xf 在 2,( ? , ),2ln ? 上单调递增,在 2ln,2 ? 上单调递减 当 x 2时,函数 )(xf 取得极大值,极大值为 )1(4)2( 2? ef 22、解: (1)将? x 4 5cos t,y 5 5sin t 消去参数 t,化为普通方程 (x 4)2 (y 5)2 25,即 C1:x2 y2 8x 10y 16 0. 将? x cos ,y sin 代入 x2 y2 8x 10y 16 0得 2 8 cos 10 sin 16 0. 所以 C1的极坐标方程为 2 8 cos 10 sin 16 0. (2)C2的普通方程为 x2 y2 2y 0. 由? x2 y2 8x 10y 16 0,x2 y2 2y 0 解得? x 1,y 1 或 ? x 0,y 2. 所以 C1与 C2交点的极坐标分别为 ? ?2, 4 , ? ?2, 2 .

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