1、2020-2021 学年人教版高一物理上学期期中考测试卷 03 一、选择题：本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 18 题只有一项符 合题目要求，第 912 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的 得 0 分。 1某同学在操场上向正北方向运动了 16m，接着转向正东方向运动了 12m两段路线相互垂直整个过程 中，该同学的位移大小和路程分别为 A20m，20m B28m，28m C20m，28m D28m，20m 【答案】C 【解析】根据路程等于物体运动路线的长度、位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，确定路程
2、和位移的大小 位移的大小等于首末位置的距离，大小 22 161220 xmm ， 路程等于运动轨迹的长度，s=16+12=28m，故 C 正确 故选 C 【点睛】 本题要理解路程和位移的物理意义，画出示意图，求解它们的大小位移大小等于起点到终点直线距离 的大小，不会大于路程 2下列关于矢量和标量的说法正确的是( ) A选定正方向，做直线运动的甲、乙两物体的位移 x甲3m，x乙5m，则 x甲x乙 B甲、乙两运动物体的位移大小均为 50m，这两个物体的位移必定相同 C温度计读数有正有负，所以温度是矢量 D温度计读数的正负号表示温度高低，不表示方向，温度是标量 【答案】D 【解析】A直线运动中位移的
3、正负号表示方向，不表示大小，故选项 A 错误； B两个矢量大小相等、方向相同时，它们才相同，故选项 B 错误； CD温度是标量，温度的正负号表示温度的高低，不表示方向，故选项 C 错误，D正确； 故选 D。 3某场班级足球赛在 16时 20 分正式开始，甲班经过 30 分钟的顽强拼搏，终于攻入了一球下列说法正确 的是（ ） A“16时 20 分”和“30分钟”均指时刻 B“16时 20 分”和“30分钟”均指时间间隔 C“16时 20 分”是指时间间隔，“30 分钟”是指时刻 D“16时 20 分”是指时刻，“30 分钟”是指时间间隔 【答案】D 【解析】 “16时 20分” 在时间轴上对应的
4、是一个点，指时刻，“30分钟”在时间轴上对应一段距离，指时间间 隔，故 D 正确，ABC 错误，故选 D 【点睛】 正确理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间 点，在时间轴上对应的是一个点 4在一次交通事故中，交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是 30 m，该车辆最大刹车加速度是 15 m/s2， 该路段限速为 60 km/h，则该车（ ） A不超速 B超速 C无法判断 D速度刚好是 60 km/h 【答案】B 【解析】 根据匀变速直线运动的速度位移公式得： v022ax 解得： 0 22 15 30m/s30m/s 108km/h60km/hva
5、x 可知该车超速。 故选 B。 5小球从空中由静止下落，与水平地面相碰后反弹至某一高度，其速度 v 随时间 t 变化的关系图线如图所 示则（ ） A小球反弹后离开地面的速度大小为 5m/s B小球反弹的最大高度为 0.45m C与地面相碰，小球速度变化量的大小为 2m/s D小球下落过程中的加速度小于上升过程中加速度 【答案】B 【解析】 根据速度时间图线得出反弹和着地的速度大小，结合速度的方向求出速度的变化量，根据图线围成的面 积求出小球反弹的最大高度利用 v-t 图像的斜率求加速度 A. 由图象可知：0.5s 末物体反弹，此时速度的大小为 3m/s，故 A 错误； B. 小球能弹起的最大高
6、度对应图中 0.5s0.8s 内速度图象的面积，所以 h= 1 2 30.3m=0.45m，故 B 正确； C. 小球与地面碰撞前的速度为 5m/s， 方向竖直向下， 与地面碰撞后的速度大小为 3m/s， 方向竖直向上， 则小球速度的变化量v=v2v1=-35m/s=-8m/s，方向竖直向上，故 C 错误； D. v-t 图像的斜率等于加速度，由图可知，小球下落过程中的加速度 a1=（5-0）/0.5=10m/s 2，下落过程 加速度 a2=（0+3）/0.3=10 m/s 2，下落过程中的加速度等于上升过程中加速度，故 D 错误 故选 B. 6如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们
7、的右端受到大小皆为 F 的拉力作用，而左端的情 况各不相同：中弹簧的左端固定在墙上，中弹簧的左端受大小也为 F 的拉力作用，中弹簧的左端 拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动。若 认为弹簧的质量都为零，以 l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（ ） A 21 ll B 43 ll C 13 ll D 24 ll 【答案】B 【解析】由于弹簧质量不考虑，所以四种情况下弹簧的伸长量只由力 F决定，因它们的右端受到大小皆 为 F 的拉力作用，即 F相同，则弹簧的伸长量相同，故 ACD 错误，B正确。 故选 B。 7如图所示，一被吊着的空
8、心的均匀球壳内装满了细沙，底部有一阀门，打开阀门让细沙慢慢流出的过程 中，球壳与球壳内剩余细沙组成的系统的重心将会（ ） A一直下降 B一直不变 C先下降后上升 D先上升后下降 【答案】C 【解析】 装满细沙的球壳和细沙整体的重心在球心，随着细沙从阀门不断流出，重心位置不断下降，当细沙快流 完时，重心又上升，最后处于球心，故重心的位置先下降后上升，故 ABD 错误，C正确； 故选：C； 8 如图所示， 静止的小球 m分别与一个物体 （或面） 接触， 设各接触面光滑， 小球 m 受到两个弹力的是 （ ） A B C D 【答案】C 【解析】 A小球处于静止状态，重力和绳的弹力平衡，斜面与球之间不
9、可能产生弹力，否则小球不可能平衡， 故 A 图中球只受一个弹力作用，故 A错误； B图中物体 A只受重力和支持力，支持力是弹力，即只有一个弹力，故 B错误； C图中小球受到绳子拉力、重力、斜面的支持力三力作用下处于平衡状态，因此小球受两个弹力作用， 故 C 正确； D图中竖直面对小球没有弹力作用，否则小球不可能处于平衡状态，故 D错误。 故选 C。 9一个质点做直线运动，初速度的大小为 2 m/s，末速度的大小为 4 m/s，则下列说法正确的是 A速度改变量的大小可能是 6 m/s B速度改变量的大小可能是 4 m/s C速度改变量的方向可能与初速度方向相同 D速度改变量的方向可能与初速度方向
10、相反 【答案】ACD 【解析】 当末速度的方向与初速度方向相同，速度变化量v=4-2m/s=2m/s，当末速度方向与初速度方向相反，速 度变化量v=-4-2m/s=-6m/s，故 A正确，B 错误由 A 选项分析知，速度变化量方向可能与初速度方向 相同，可能相反，故 CD正确故选 ACD 【点睛】 解决本题的关键知道速度、速度变化量均为矢量，求解速度变化量时注意公式的矢量性 10 甲、 乙两辆车在同一水平直道上运动， 其运动的位移-时间图象如图所示， 则下列说法中正确的是 （ ） A甲车先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动 B乙车在 010s内的平均速度大小为 0.8m/s C在 010s内，
11、甲、乙两车相遇一次 D若乙车做匀变速直线运动，则图线上 P 所对应的瞬时速度大小一定大于 0.8m/s 【答案】BD 【解析】 A图示为xt图像，图线的斜率代表汽车的运动速度，所以甲先做匀速直线运动，随后静止，故 A错 误； B乙车在 10s 内的位移为 8m，平均速度为 8 m/s0.8m/s 10 s v t 故 B 正确； C甲、乙图线相交时两车相遇，所以在 10s 内两车相遇两次，故 C错误； D若乙做匀变速直线运动，由于图线的斜率代表汽车的运动速度，则乙一定做匀加速直线运动，根据 匀变速直线运动规律，中间时刻的速度等于这段时间内的平均速度，即 5s 末的速度等于 010s内的平均 速
12、度 0.8m/s，所以 P 点速度一定大于 0.8m/s，故 D正确。 故选 BD。 11如图所示，在一个桌面上方有三个金属小球 a、b、c，离桌面高度分别为 h1h2h3 = 321。若先后 顺次释放 a、b、c，三球刚好同时落到桌面上，不计空气阻力，则（ ） A三者到达桌面时的速度大小之比是3 21 B三者运动时间之比为 321 Cb 与 a开始下落的时间差小于 c与 b 开始下落的时间差 D三个小球运动的加速度与小球受到的重力成正比，与质量成反比 【答案】AC 【解析】 A三个球均做自由落体运动，由 2 2vgh得 2vgh 则 123123 :2:2:23:2:1vvvghghgh 故
13、 A 正确； B三个球均做自由落体运动，由 2 1 2 hgt得 2h t g 则 123123 :3:2:1ttthhh 故 B 错误； Cb 与 a开始下落的时间差 3 32 t小于 c与 b 开始下落的时间差 3 21 t，故 C 正确； D小球下落的加速度均为 g，与重力及质量无关，故 D错误。 故选 AC。 12 如图， 一粗糙斜面固定在地面上， 斜面顶端装有一光滑定滑轮 一细绳跨过滑轮， 其一端悬挂物块 N 另 一端与斜面上的物块 M相连，系统处于静止状态现用水平向左的拉力缓慢拉动 N，直至悬挂 N的细绳 与竖直方向成 45 已知 M 始终保持静止，则在此过程中 A水平拉力的大小可
14、能保持不变 BM 所受细绳的拉力大小一定一直增加 CM 所受斜面的摩擦力大小一定一直增加 DM 所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加 【答案】BD 【解析】 如图所示，以物块 N 为研究对象，它在水平向左拉力 F作用下，缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角 为 45 的过程中，水平拉力 F逐渐增大，绳子拉力 T逐渐增大； 对 M受力分析可知，若起初 M受到的摩擦力 f 沿斜面向下，则随着绳子拉力 T的增加，则摩擦力 f 也逐 渐增大； 若起初 M受到的摩擦力 f 沿斜面向上， 则随着绳子拉力 T 的增加， 摩擦力 f 可能先减小后增加 故 本题选 BD 二、实验题：本题共 2 小题，共 15 分
15、。 13在“测定匀变速直线运动加速度“的实验中: (1)除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、一端附有滑轮的长木板,细绳、钩码、导线及开关外,在下面的 仪器和器材中,必须使用的有_(填选项代号). A电压合适的 50Hz 交流电源 B电压可调的直流电源 C刻度尺 D秒表 E.天平 (2)实验过程中,下列做法正确的是_. A先接通电源,再使纸带运动 B先使纸带运动,再接通电源 C将接好纸带的小车停在靠近滑轮处 D将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处 (3)如图所示为一次实验得到的一条纸带,纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出,按时间顺序取 0、 1、2、3、4、5、6七个计数点,测出 1、2
16、、3、4、5、6点到 O点的距离,如图所示(单位:cm)由纸带数据 计算可得计数点 4所代表时刻的瞬时速度大小 4 v _m/s,小车的加速度大小为_ 2 m /s(保留 两位有效数字). 【答案】AC AD 0.41 0.76 【解析】 (1)AB：打点计时器应使用电压合适的 50Hz 交流电源，故 A项必须，B项不需要 C：刻度尺用来测量纸带上点之间的距离，所以必须有刻度尺故 C项必须 D：打点计时器本身就是计时的仪器，所以不需要秒表故 D项不需要 E：物体的质量不需要知道，所以不需要用天平测物体的质量故 E项不需要 (2)AC：实验时，应先接电源，再使纸带运动，以充分利用纸带，使纸带上得
17、到尽可能多的点故 A 项 正确，C项错误 BD： 实验时， 将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处， 以充分利用纸带， 使纸带上得到尽可能多的点 故 B项错误，D项正确 (3) 纸带上相邻的计数点间还有 4 个点未画出，则计数点间时间间隔0.10Ts 打下点 4时的瞬时速度 2 35 4 35 (14.556.45) 10 0.41 0.20 x mm v ss t 小车的加速度大小 2 22 3603 22 (19.706.45)6.4510 /0.76/ (3 )(0.30) xx am sm s T 14小明探究弹力和弹簧伸长量的关系实验时 1将弹簧悬挂在铁架台上，保持弹簧轴线竖直，将刻度
18、尺竖直固定在弹簧一侧； 2弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，记下弹簧长度 0 L，弹簧下端挂上砝码盘时，弹簧长度记为 x L；在砝 码盘中每次增加 10g 砝码，弹簧长度依次记为 1 L至 6 L，数据如下表： 代表 符号 0 L x L 1 L 2 L 3 L 4 L 5 L 6 L 数值 cm 25.35 27.35 29.35 31.30 33.40 35.35 37.40 39.30 3如图是小明根据表中数据作的图， 纵轴是砝码的质量， 横轴是弹簧长度与_的差值(填“ 0 L或 x L 或 1 L”) 4由图可知弹簧的劲度系数为_/N m；(结果保留两位有效数字，重力加速度取 2 9.8/)
19、m s 5由于弹簧自身有重量，小明在测量时没有考虑弹簧的自重，这样导致劲度系数的测量值与真实值相 比_，(填“偏大”、“偏小”、“相等”) 【答案】Lx； 4.9； 相等 【解析】 1 横轴是弹簧挂砝码后弹簧长度与弹簧挂砝码盘时弹簧长度差，所以横轴是弹簧长度与的 LX差值 2图象的斜率表示劲度系数，故有： 3 2 60 109.8 4.9/ 12 10 F kN m x 3开始时，弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，记下弹簧长度 0 L，所以图线与 x 轴的交点坐标表示弹簧不 挂钩码时的长度，其数值虽然大于弹簧原长，但对实验的结果没有影响所以劲度系数的测量值与真实 值相比是相等的 三、计算题：本题共
20、3 小题，共 37 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后 答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 15如图所示，质量 M2kg 的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量 m1kg 的小球相连，今用跟水平 方向成 60 角的力10 3NF 拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中 M、m的相对位置保持不 变，g10m/s2.在运动过程中，求： (1)轻绳与水平方向的夹角 ； (2)木块 M 与水平杆间的动摩擦因数 . 【答案】(1) 30 (2) 3 3 【解析】 （1）m处于静止状态，其合力为零以 m为研究对象，由平衡条件得： 水平方向：Fco
21、s60 -Tcos=0 竖直方向：Fsin60 -Tsin-mg=0 由解得：=30 （2）以 M、m整体为研究对象，由平衡条件得： 水平方向：Fcos60 -FN=0 竖直方向：Fsin60 +FN-mg-Mg=0 由得： 3 3 【点睛】 本题要灵活选择研究对象，注意应用整体法与隔离法，用整体法时一定要分清内力与外力，正确地进行 受力分析 16如图甲所示，滑道项目大多建设在景区具有一定坡度的山坡间，成为游客的代步工具，又可以增加游 玩的趣味性，在某景区拟建一个滑道，示意图如图乙，滑道共三段，第一段是倾角比较大的加速下坡滑 道 AB，第二段是倾角比较小的滑道 BC，游客在此段滑道恰好做匀速运
22、动，若游客从静止开始在 A点以 加速度 1 a做匀加速运动，经过4s到 B点并达到最大速度16m/s，然后进入 BC 段做匀速运动，设计的第 三段上坡滑道 CD 作为下客平台，使游客做匀减速运动后速度减为零（乘客经过两段轨道衔接处可视作 速度大小不变） ，游客乘坐滑道，从山顶 A处到达下客平台 D 处总共用时8.5s，游客在各段滑道运动的 总路程为92m，求： (1)在 AB段运动加速度 1 a的大小； (2)乘客在 BC段匀速运动的时间 0 t。 【答案】(1)4m/s2；(2)3s 【解析】 (1)在 AB段，由运动学公式得 B0 vv a t 代入数据解得 a1=4m/s2 (2)AB段
23、位移为 11 2 v Lt BC 段位移为 20 Lvt CD 段位移为 33 2 v Lt 总位移为 L=L1+L2+L3 t=t1+t0+t3 可得 00 2 v Lttvt 代入数据解得 0 3st 17在平直的公路上一辆汽车和一辆摩托车同向匀速行驶，汽车的速度大小 1 25m/sv ；摩托车的速度大 小 2 10m/sv 如图所示，在两车并排相遇时汽车因故开始刹车，加速度大小 2 5m/sa ，在以后的 运动中，求 汽车从开始刹车到停止所经历的时间； 汽车停止前，两车之间的最大距离； 从汽车开始刹车，经过多长时间两车再次并排相遇 【答案】 （1）5s（2）22.5m（3）6.25s 【
24、解析】 （1）汽车自开始刹车至停止： 10 0vat 得： 0 5st （2）设经时间 t两车间的距离最大，此时两车速度相等 12 vv 11 vvat 得： 3st 两车速度相等之前，汽车位移： 2 11 1 52.5m 2 xvtat 摩托车位移： 22 30mxv t 汽车停止前，两车之间的最大距离： max12 22.5mxxx （3）汽车自开始刹车至停止，设汽车运动位移 1 x ，摩托车运动位移 2 x 2 11 02vax 22 0 xv t 得： 1 62.5mx 2 50mx 因为 12 xx ，在汽车停止时，摩托车还没追上汽车 汽车停止后： 122 xxv t 得 1.25st 汽车开始刹车至两车再次并排相遇的所用时间 0 6.25sttt
