1、第六章 动量动量和动量守恒定律和动量守恒定律 专题强化五 力学三大观点的综合应用 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 模型一模型一 “物体与物体物体与物体”正碰模型正碰模型 一一、解动力学问题的三个基本观点解动力学问题的三个基本观点 力的观点力的观点 运用牛顿运动定律结合运动学知识解题，可处理匀变速运用牛顿运动定律结合运动学知识解题，可处理匀变速 直线运动问题直线运动问题 能量观点能量观点 用动能定理和能量守恒观点解题，可处理非匀变速运动用动能定理和能量守恒观点解题，可处理非匀变速运动 问题问题 动量观点动量观点 用动量定理和动量守恒观点解题，可处理非匀变速运动用动量定理和动量守
2、恒观点解题，可处理非匀变速运动 问题问题 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 二二、动量观点和能量观点的比较动量观点和能量观点的比较 相同点相同点 研究对象都是相互作用的物体组成的系统研究对象都是相互作用的物体组成的系统 研究过程都是某一运动过程研究过程都是某一运动过程 不同点不同点 动量守恒定律是矢量表达式，还可以写出分量表达式；而动量守恒定律是矢量表达式，还可以写出分量表达式；而 动能定理和能量守恒定律都是标量表达式，无分量表达式动能定理和能量守恒定律都是标量表达式，无分量表达式 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 三三、利用动量和能量的观点解题的技巧利用动量和
3、能量的观点解题的技巧 (1)若研究对象为一个系统若研究对象为一个系统，应优先考虑应用动量守恒定律和能量守应优先考虑应用动量守恒定律和能量守 恒定律恒定律(机械能守恒定律机械能守恒定律)。 (2)若研究对象为单一物体若研究对象为单一物体，且涉及功和位移问题时且涉及功和位移问题时，应优先考虑动应优先考虑动 能定理能定理。 (3)若研究过程涉及时间若研究过程涉及时间，一般考虑用动量定理或运动学公式一般考虑用动量定理或运动学公式。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 (4)因为动量守恒定律因为动量守恒定律、能量守恒定律能量守恒定律(机械能守恒定律机械能守恒定律)、动能定理动能定理 都只考
4、查一个物理过程的始末两个状态有关物理量间的关系都只考查一个物理过程的始末两个状态有关物理量间的关系，对过程的对过程的 细节不予细究细节不予细究，这正是它们的方便之处这正是它们的方便之处。特别对于变力做功问题特别对于变力做功问题，就更就更 显示出它们的优越性显示出它们的优越性。 1动力学方法的应用动力学方法的应用 若一个物体参与了多个运动过程若一个物体参与了多个运动过程，而运动过程只涉及运动和力的问而运动过程只涉及运动和力的问 题或只要求分析物体的动力学特点而不涉及能量问题题或只要求分析物体的动力学特点而不涉及能量问题，则常常用牛顿运则常常用牛顿运 动定律和运动学规律求解动定律和运动学规律求解。
5、 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 (2021 安徽濉溪月考安徽濉溪月考)如图所示如图所示，长长L1.5 m、高高h0.45 m、质量质量M10 kg的长方体木箱的长方体木箱，在地面上向右做直线运动在地面上向右做直线运动。当木箱的当木箱的 速度速度v03.6 m/s时时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力对木箱施加一个方向水平向左的恒力F50 N，并并 同时将一个质量同时将一个质量m1 kg的小球轻放在距木箱右端的小球轻放在距木箱右端0.5 m的的P点点(小球可视小球可视 为质点为质点，放在放在P点时相对于地面的速度为零点时相对于地面的速度为零)，经过一段时间经过一段时间，小球脱
6、离小球脱离 木箱落到地面木箱落到地面。木箱与地面间的动摩擦因数为木箱与地面间的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计其他摩擦均不计。g 取取10 m/s2。求：求： 例例1 (1)小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间； (2)小球放到小球放到P点后点后，木箱向右运动的最大位移大小；木箱向右运动的最大位移大小； (3)小球离开木箱时木箱的速度大小小球离开木箱时木箱的速度大小。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 解析解析 本题考查板块模型。本题考查板块模型。 (1)设小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为设小球从离开木箱开始至落到地面所用的时
7、间为 t，由，由 h1 2gt 2， ， 解得解得 t 2h g 0.3 s。 (2) 小 球 放 到 木 箱 上 后 相 对小 球 放 到 木 箱 上 后 相 对 地 面 静 止 ， 木 箱 的 加 速 度地 面 静 止 ， 木 箱 的 加 速 度 a1 F Mm g M 7.2 m/s2，设小球一直没有从木箱左端掉下，则木箱向右，设小球一直没有从木箱左端掉下，则木箱向右 运动到速度为零时的位移大小运动到速度为零时的位移大小 x1 v2 0 2a1 0.9 m， x11 m， 故小球不会从木， 故小球不会从木 箱的左端掉下，故木箱向右运动的最大位移为箱的左端掉下，故木箱向右运动的最大位移为
8、0.9 m。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 答案答案 (1)0.3 s (2)0.9 m (3)2.8 m/s (3)木箱向左运动的加速度木箱向左运动的加速度 a2F Mm g M 2.8 m/s2， 设木箱向左运动的距离为设木箱向左运动的距离为 x2时，小球离开木箱，时，小球离开木箱， 则则 x2x10.5 m1.4 m， 设木箱向左运动的时间为设木箱向左运动的时间为 t，由，由 x21 2a2t 2， 解得解得 t 2x2 a2 1 s， 小球刚离开木箱瞬间，木箱的速度方向向左，小球刚离开木箱瞬间，木箱的速度方向向左， 大小大小 va2t2.8 m/s。 高考一轮总复习
9、 物理 第六章 动量和动量守恒定律 2能量观点的应用能量观点的应用 若一个物体参与了多个运动过程若一个物体参与了多个运动过程，若该过程涉及能量转化问题若该过程涉及能量转化问题，并并 且具有功能关系的特点且具有功能关系的特点，则往往用动能定理则往往用动能定理、能量守恒定律求解能量守恒定律求解。 (2021 江西抚州七校联考江西抚州七校联考)将一轻质弹簧竖直固定在水平地将一轻质弹簧竖直固定在水平地 面上处于原长状态面上处于原长状态，让一让一质量质量 m020 g的小球从弹簧上的小球从弹簧上端由端由 静止静止释放释放，小球最大下落小球最大下落高度高度 h15 cm，将该弹簧固定在将该弹簧固定在如如
10、图图所示的轨道左侧竖直墙壁上所示的轨道左侧竖直墙壁上， 例例2 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 轨道中部有一半径轨道中部有一半径R0.1 m的竖直圆轨道的竖直圆轨道，不同轨道的连接处均为平滑不同轨道的连接处均为平滑 连接连接，小滑块可以从圆轨道最低点的一侧进入圆轨道小滑块可以从圆轨道最低点的一侧进入圆轨道，绕圆轨道一周后绕圆轨道一周后 从最低点向另一侧运动从最低点向另一侧运动。轨道上弹簧右侧的轨道上弹簧右侧的M点到圆轨道左侧点到圆轨道左侧N点的距点的距 离离xMN0.6 m的范围内有摩擦的范围内有摩擦，而其他部分均光滑而其他部分均光滑。让另一质量让另一质量m10 g的小滑块从
11、轨道右侧高的小滑块从轨道右侧高h2(未知未知)处由静止释放处由静止释放，小滑块恰好能通过圆轨小滑块恰好能通过圆轨 道最高点道最高点C，且第一次恰好能把弹簧压缩且第一次恰好能把弹簧压缩5 cm，现让该小滑块从轨道右现让该小滑块从轨道右 侧侧h30.4 m处由静止释放处由静止释放，已知重力加速度已知重力加速度g10 m/s2，求：求： (1)小滑块下落的高度小滑块下落的高度h2； (2)小滑块停止时的位置到小滑块停止时的位置到N点的距离点的距离。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 解析解析 (1)小滑块恰好能过小滑块恰好能过 C 点，根据牛顿第二定律可得：点，根据牛顿第二定律可得：
12、 mgmv 2 C R 由机械能守恒定律可得：由机械能守恒定律可得：mgh2mg 2R1 2mv 2 C 解得：解得：h20.25 m。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 (2)弹簧竖直放置弹簧竖直放置，被压缩被压缩h15 cm时的弹性势能时的弹性势能 Epm0gh10.01 J。 由能量守恒可知由能量守恒可知，小滑块滑至第一次把弹簧压缩到最短时有：小滑块滑至第一次把弹簧压缩到最短时有： mgh2mgxMNEp， 其中其中EpEp0.01 J 解得：解得：mgxMN0.015 J 当小滑块从当小滑块从h30.4 m处下滑后处下滑后，第二次通过第二次通过N点时的动能为：点时的动能
13、为： EkNmgh32mgxMN0.01 J 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 此时此时小滑块动能小于小滑块动能小于0.015 J，故小滑块不再与弹簧相碰故小滑块不再与弹簧相碰 由能量守恒可得：由能量守恒可得：EkNmgx 解得：解得：x0.4 m 小滑块最终停在小滑块最终停在N点左侧点左侧0.4 m处处。 答案答案 (1)0.25 m (2)0.4 m 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 3力学三大观点的综合应用力学三大观点的综合应用 这类模型各阶段的运动过程具有独立性这类模型各阶段的运动过程具有独立性，只要对不同过程分别选用只要对不同过程分别选用 相应规律即可
14、相应规律即可，两个相邻的过程连接点的速度是联系两过程的纽带两个相邻的过程连接点的速度是联系两过程的纽带。 如图所示如图所示，在光滑水平桌面在光滑水平桌面EAB上有质量为上有质量为M0.2 kg的的 小球小球P和质量为和质量为m0.1 kg的小球的小球Q，P、Q之间压缩一轻弹簧之间压缩一轻弹簧(轻弹簧与两轻弹簧与两 小球不拴接小球不拴接)，桌面边缘桌面边缘E处放置一质量也为处放置一质量也为m0.1 kg的橡皮泥球的橡皮泥球S，在在 B处固定一与水平桌面相切的光滑竖直半圆形轨道处固定一与水平桌面相切的光滑竖直半圆形轨道。释放被压缩的轻弹释放被压缩的轻弹 簧簧，P、Q两小球被轻弹簧弹出两小球被轻弹簧
15、弹出，小球小球P与弹簧分离后进入半圆形轨道与弹簧分离后进入半圆形轨道， 例例3 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 恰好能够通过半圆形轨道的最高点恰好能够通过半圆形轨道的最高点C；小球；小球Q与弹簧分离后与桌面边缘与弹簧分离后与桌面边缘 的橡皮泥球的橡皮泥球S碰撞后合为一体飞出碰撞后合为一体飞出，落在水平地面上的落在水平地面上的D点点。已知水平桌已知水平桌 面高为面高为h0.2 m，D点到桌面边缘的水平距离为点到桌面边缘的水平距离为x0.2 m，重力加速度重力加速度 为为g10 m/s2，求：求： (1)小球小球P经过半圆形轨道经过半圆形轨道最最 低低点点B时对轨道的压力大小时对
16、轨道的压力大小FNB； (2)小球小球Q与橡皮泥球与橡皮泥球S碰撞前碰撞前瞬间瞬间 的的速度大小速度大小vQ； (3)被压缩的轻弹簧的弹性势能被压缩的轻弹簧的弹性势能Ep。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 解析解析 (1)小球小球 P 恰好能通过半圆形轨道的最高点恰好能通过半圆形轨道的最高点 C，则有，则有 Mg Mv 2 C R ，解得，解得 vC gR 对于小球对于小球 P，从，从 BC， 由动能定理有由动能定理有2MgR1 2Mv 2 C 1 2Mv 2 B 解得解得 vB 5gR 在在 B 点有点有 FNBMgMv 2 B R 解得解得 FNB6Mg12 N， 由牛顿
17、第三定律有由牛顿第三定律有 FNBFNB12 N。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 (2)设设 Q 与与 S 做平抛运动的初速度大小为做平抛运动的初速度大小为 v，所用时间为，所用时间为 t，根据公，根据公 式式 h1 2gt 2 得得 t0.2 s 根据公式根据公式 xvt，得，得 v1 m/s 磁撞前后磁撞前后 Q 和和 S 组成的系统动量守恒，则有组成的系统动量守恒，则有 mvQ2mv，解得，解得 vQ 2 m/s。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 答案答案 (1)12 N (2)2 m/s (3)0.3 J (2)P、Q 和弹簧组成的系统动量守恒，则
18、有和弹簧组成的系统动量守恒，则有 MvPmvQ 解得解得 vp1 m/s P、Q 和弹簧组成的系统，由能量守恒定律有和弹簧组成的系统，由能量守恒定律有 Ep1 2Mv 2 p 1 2mv 2 Q， ， 解得解得 Ep0.3 J。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 1利用动量的观点和能量的观点解题应注意：利用动量的观点和能量的观点解题应注意： 中学阶段凡可用力和运动的观点解决的问题中学阶段凡可用力和运动的观点解决的问题，若用动量的观点或能若用动量的观点或能 量的观点求解量的观点求解，一般都要比用力和运动的观点简便一般都要比用力和运动的观点简便，而中学阶段涉及的而中学阶段涉及的 曲
19、线运动曲线运动(a不恒定不恒定)、竖直面内的圆周运动竖直面内的圆周运动、碰撞等碰撞等，就中学知识而言就中学知识而言， 不可能单纯考虑用力和运动的观点求解不可能单纯考虑用力和运动的观点求解。 规律总结规律总结 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 2应用动量应用动量、能量观点解决问题的两点技巧：能量观点解决问题的两点技巧： (1)灵活选取系统的构成灵活选取系统的构成，根据题目的特点可选取其中动量守恒或能根据题目的特点可选取其中动量守恒或能 量守恒的几个物体为研究对象量守恒的几个物体为研究对象，不一定选所有的物体为研究对象不一定选所有的物体为研究对象。 (2)灵活选取物理过程灵活选取物
20、理过程。在综合题目中在综合题目中，物体运动常有几个不同过物体运动常有几个不同过 程程，根据题目的已知根据题目的已知、未知灵活地选取物理过程来研究未知灵活地选取物理过程来研究。列方程前要注列方程前要注 意鉴别意鉴别、判断所选过程动量判断所选过程动量、机械能的守恒情况机械能的守恒情况。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 1(2020 山东枣庄二模山东枣庄二模)某工厂检查立方体工件表面光滑程度的装某工厂检查立方体工件表面光滑程度的装 置如图所示置如图所示，用弹簧将工件弹射到反向转动的水平传送带上用弹簧将工件弹射到反向转动的水平传送带上，恰好能传恰好能传 送过去是合格的最低标准送过去是
21、合格的最低标准。假设传送带的长度为假设传送带的长度为10 m、运行速度是运行速度是8 m/s，工件刚被弹射到传送带左端时的速度是工件刚被弹射到传送带左端时的速度是10 m/s，取重力加速度取重力加速度g 10 m/s2。下列说法正确的是下列说法正确的是 ( ) A工件与传送带间的动摩擦因数不大于工件与传送带间的动摩擦因数不大于0.32才为合格才为合格 B工件被传送过去的最长时间是工件被传送过去的最长时间是2 s C若工件不被传送过去若工件不被传送过去，返回的时间与正向运动的时间相等返回的时间与正向运动的时间相等 D若工件不被传送过去若工件不被传送过去，返回到出发点的速度为返回到出发点的速度为1
22、0 m/s 专题专题强化训练强化训练 B 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 解析解析 本题考查传送带模型。工件恰好传到右端，有本题考查传送带模型。工件恰好传到右端，有 0v2 0 2gL，解得，解得 0.5，所以工件与传送带间的动摩擦因数不大于，所以工件与传送带间的动摩擦因数不大于 0.5 才为才为 合格，工件被传送过去的最长时间合格，工件被传送过去的最长时间 t v0 g 2 s，故，故 A 错误，错误，B 正确；若正确；若 工件不被传送过去，当反向运动时，最大速度与传送带共速，由于传送工件不被传送过去，当反向运动时，最大速度与传送带共速，由于传送 带的速度小于工件的初速度，
23、根据匀变速运动速度带的速度小于工件的初速度，根据匀变速运动速度时间关系可知，返时间关系可知，返 回的时间与正向运动的时间不相等，故回的时间与正向运动的时间不相等，故 C、D 错误。错误。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 2如图所示如图所示，质量为质量为2 kg的小车以的小车以2.5 m/s 的速度沿光滑的水平面的速度沿光滑的水平面 向右运动向右运动，现在小车上表面上方现在小车上表面上方1.25 m高度处将一质量为高度处将一质量为 0.5 kg的可视的可视 为质点的物块由静止释放为质点的物块由静止释放，经过一段时间物块落在小车上经过一段时间物块落在小车上，最终两者一最终两者一
24、起水平向右匀速运动起水平向右匀速运动。重力加速度为重力加速度为g10 m/s2，忽略空气阻力忽略空气阻力，下列下列 说法正确的是说法正确的是 ( ) A物块释放物块释放0.3 s后落到小车上后落到小车上 B若只增大物块的释放高度若只增大物块的释放高度，物块与小车的共同速度变小物块与小车的共同速度变小 C物块与小车相互作用的过程中物块与小车相互作用的过程中，物块和小车的动量守恒物块和小车的动量守恒 D物块与小车相互作用的过程中物块与小车相互作用的过程中，系统损失的能量为系统损失的能量为7.5 J D 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 解析解析 物块下落的时间为物块下落的时间为 t
25、 2h g 21.25 10 s0.5 s， 选项， 选项 A 错误；物块与小车相互作用的过程中，物块与小车组成的系统在水平方错误；物块与小车相互作用的过程中，物块与小车组成的系统在水平方 向动量守恒，在竖直方向动量不守恒，由水平方向动量守恒有向动量守恒，在竖直方向动量不守恒，由水平方向动量守恒有 Mv0(M m)v，释放高度增大，水平方向的共同速度不变，选项，释放高度增大，水平方向的共同速度不变，选项 B、C 错误；在错误；在 整个过程中，由能量守恒定律得系统损失的机械能整个过程中，由能量守恒定律得系统损失的机械能 Emgh 1 2Mv 2 0 1 2 M m v2，代入数据可得，代入数据可
26、得 E7.5 J，选项，选项 D 正确。正确。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 3(2019 全国卷全国卷，25)静止在水平地面上的两小物块静止在水平地面上的两小物块A、B，质量质量 分别为分别为mA1.0 kg，mB4.0 kg；两者之间有一被压缩的微型弹簧；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与与 其右侧的竖直墙壁距离其右侧的竖直墙壁距离l1.0 m，如图所示如图所示。某时刻某时刻，将压缩的微型弹将压缩的微型弹 簧释放簧释放，使使A、B瞬间分离瞬间分离，两物块获得的动能之和为两物块获得的动能之和为Ek10.0 J。释放释放 后后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动沿着与墙壁垂直的
27、方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数与地面之间的动摩擦因数 均为均为 0.20。重力加速度取重力加速度取g10 m/s2。A、B运动过程中所涉及的碰运动过程中所涉及的碰 撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。 (1)求弹簧释放后瞬间求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小；速度的大小； (2)物块物块A、B中的哪一个先停止中的哪一个先停止？该物块刚停止时该物块刚停止时A与与B之间的距离之间的距离 是多少是多少？ (3)A和和B都停止后都停止后，A与与B之间的距离是多少之间的距离是多少？ 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 答案答案 (1)4.0 m/s 1.0
28、m/s (2)物块物块B先停止先停止 0.50 m (3)0.91 m 解析 解析 (1)设弹簧释放瞬间设弹簧释放瞬间 A 和和 B 的速度大小分别为的速度大小分别为 vA、vB，以向，以向 右为正，由动量守恒定律和题给条件有右为正，由动量守恒定律和题给条件有 0mAvAmBvB Ek1 2mAv 2 A 1 2mBv 2 B 联立联立式并代入题给数据得式并代入题给数据得 vA4.0 m/s，vB1.0 m/s。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 (2)A、B 两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速 度大小相等，设为
29、度大小相等，设为 a。假设。假设 A 和和 B 发生碰撞前，已经有一个物块停止，发生碰撞前，已经有一个物块停止， 此物块应为弹簧释放后速度较小的此物块应为弹簧释放后速度较小的 B。设从。设从弹簧释放到弹簧释放到 B 停止所需时间停止所需时间 为为 t，B 向左运动的路程为向左运动的路程为 sB，则有，则有 mBamBg sBvBt1 2at 2 vBat0 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 在时间在时间 t 内，内，A 可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后 A 将向左运动，碰将向左运动，碰 撞并不改变撞并不改变 A 的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，的速度
30、大小，所以无论此碰撞是否发生，A 在时间在时间 t 内的内的 路程路程 sA都可表示为都可表示为 sAvAt1 2at 2 联立联立式并代入题给数据得式并代入题给数据得 sA1.75 m，sB0.25 m 这表明在时间这表明在时间 t 内内 A 已与墙壁发生碰撞，但没有与已与墙壁发生碰撞，但没有与 B 发生碰撞，此发生碰撞，此 时时 A 位于出发点右边位于出发点右边 0.25 m 处，处，B 位于出发点左边位于出发点左边 0.25 m 处，两物块处，两物块 之间的距离之间的距离 s 为为 s0.25 m0.25 m0.50 m。 高考一轮总复习 物理 第六章 动量和动量守恒定律 (3)t 时刻
31、后时刻后 A 将继续向左运动，假设它能与静止的将继续向左运动，假设它能与静止的 B 碰撞，碰撞时碰撞，碰撞时 速度的大小为速度的大小为 vA，由动能定理有，由动能定理有 1 2mAv 2 A 1 2mAv 2 A mAg(2lsB) 联立联立式并代入题给数据得式并代入题给数据得 vA 7 m/s 故故 A 与与 B 将发生碰撞。设碰撞后将发生碰撞。设碰撞后 A、B 的速度分别为的速度分别为 vA和和 vB， 由动由动量守恒定律与机械能守恒定律有量守恒定律与机械能守恒定律有 mA(vA)mAvAmBvB 1 2mAv 2 A 1 2mAv 2 A 1 2mBv 2 B 高考一轮总复习 物理 第六
32、章 动量和动量守恒定律 联立联立式并代入题给数据得式并代入题给数据得 vA3 7 5 m/s，vB2 7 5 m/s 这表明碰撞后这表明碰撞后 A 将向右运动，将向右运动，B 继续向左运动。设碰撞后继续向左运动。设碰撞后 A 向右运向右运 动距离为动距离为 sA时停止，时停止，B 向左运动距离为向左运动距离为 sB时停止，由运动学公式时停止，由运动学公式 2asAv2 A， ，2asBv2 B 由由式及题给数据得式及题给数据得 sA0.63 m，sB0.28 m sA小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离 ssAsB0.91 m。 谢谢观看
