1、浙江省精诚联盟2021-2022学年高二下学期3月联考数学试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合目的要求.1. 直线：的方向向量可以是（ ）A. B. C. D. 2. 已知双曲线的离心率为，则的值是（ ）A. B. 9C. D. 153. 如图，在四面体中，点M、N分别在线段OA、BC上，且，则等于（ ）A. B. C. D. 4. 已知曲线在处的切线为，点到切线的距离为为（ ）A. 1B. C. 2D. 5. 从0，1，2，3，4，5这六个数字中，任取两个不同数字构成平面直角坐标系内点的横、纵坐标，其中不在轴上的点有（ ）A. 36个
2、B. 30个C. 25个D. 20个6. 过点的直线与抛物线：交于，两点，且与E的准线交于点C，点F是E的焦点，若的面积是的面积的2倍，则（ ）A. B. C. 10D. 177. 已知数列满足，则使得成立的的最小值为（ ）A. 10B. 11C. 12D. 138. 已知m，n为实数，不等式恒成立，则的最小值为（ ）A. B. C. 1 D. 2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求的，全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得3分.9. 关于空间向量，下列说法正确的是（ ）A. 直线的方向向量为，平面的法向量为，则B. 直线的方
3、向向量为，直线的方向向量，则C. 若对空间内任意一点，都有，则P，A，B，C四点共面D. 平面，的法向量分别为，则10. 如图给出的是一道典型的数学无字证明问题，各矩形块中填写的数字构成一个无穷数列，所有数字之和等于1.按照图示规律，有同学提出了以下结论，其中正确的是（ ）A. 矩形块中所填数字构成的是以为首项，为公比的等比数列B. 前9个矩形块中所填写的数字之和等于C. 面积由大到小排序的第九个矩形块中应填写的数字为D. 记为除了前块之外矩形块面积之和，则11. 已知圆：和圆：相交于A、B两点，下列说法正确的是（ ）A. 圆的圆心为，半径为1B. 直线AB的方程为C. 线段AB的长为D. 取
4、圆M上的点，则的最大值为612. 已知曲线C的方程为，点，则（ ）A. 曲线C上的点到A点的最近距离为1B. 以A为圆心、1为半径的圆与曲线C有三个公共点C. 存在无数条过点A的直线与曲线C有唯一公共点D. 存在过点A的直线与曲线C有四个公共点三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13. 直线与圆的位置关系是_.（填相切、相交、相离）14. 如图，二面角等于，A、是棱l上两点，BD、AC分别在半平面、内，且，则CD的长等于_.15. 某地区突发新冠疫情，为抗击疫情，某医院急从甲、乙、丙等8名医务工作者中选6人参加周一到周六的某社区核酸检测任务，每天安排一人，每人只参加一天.现要求甲、
5、乙、丙至少选两人参加.考虑到实际情况.当甲、乙、丙三人都参加时，丙一定得排在甲乙之间，那么不同的安排数为_.（请算出具体数值）16. 设，则_.四、解答题：本题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步17. 在，；，；，这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，然后解答补充完整的题目.已知为等差数列的前项和，若_.（1）求数列的通项公式；（2）若，求数列的前项和.18. 已知展开式中各项的二项式系数和为32.（1）求展开式中的有理项；（2）求展开式中系数最大的项.19. 某工厂共有10台机器共同生产一种仪器的元件，由于受生产能力和技术水平等因素的影响，会产生一定数量的次品.根据经
6、验知道，每台机器生产的次品数（万件）与每台机器的日产量（万件）之间满足关系：，已知每生产1万件合格的元件可盈利2万元，但每生产1万件次品将亏损1万元.（1）试将该工厂每天生产这种元件所获得的利润（万元）表示为关于（万件）的函数（利润盈利亏损）；（2）当每台机器的日产量（万件）为多少时，获得的利润最大，最大利润为多少?20. 如图，在四棱锥中，平面ABCD，.（1）若是上一点，且，证明：平面；（2）若E是的中点，点F满足，M是线段PA上的任意一点.求与平面所成角的正弦值的取值范围.21. 已知，是椭圆：的焦点，焦距为2，且经过点.（1）求椭圆C的方程；（2）若过椭圆C右焦点F的动直线与椭圆C交于
7、点P，Q（与左右顶点不重合），判断x轴上是否存在点E，使得直线EP，EQ关于x轴对称，若存在，求出点E坐标，若不存在，说明理由.22. 已知函数，.（1）若，求单调区间；（2）若关于x的不等式恒成立，求实数a的取值范围.【参考答案】一、 单项选择题1-8.ADDB CCCA二、 多项选择题9.BCD 10.ABD 11.BC 12.BC三、填空题13.相交14.415.16.496四、解答题17.解：（1）若选，则，解得，所以；若选，则，解得，所以；若选，当时，当时，所以，当时也成立，所以（2）因为，所以，所以所以.18.解：（1）因为展开式中各项的二项式系数和为32，所以，解得，其通项公式为
8、，当时，当时，所以展开式中的有理项有，；（2）设第r+1项的系数最大，则，解得，因为，解得，所以.19.解：（1）由题意，所获得的利润为（2）由（1），所以，令，得到或（舍去）；所以当，函数在上单调递增，当时，函数在上单调递减；所以当时，函数取极大值，即最大值，所以当时利润最大，为（万元），当每台机器的日产量为6（万件）时所获得的利润最大，最大利润为万元20.（1）证明：过点作交于点，连接，因为又，所以，又，所以，因为，所以，所以四边形为平行四边形，所以，因为平面，平面，所以平面（2）解：因为平面ABCD，如图建立空间直角坐标系，则，设，则、，又，所以，设，则，设平面的法向量为，则，令，则，设
9、与平面所成角为，则，当时，当时，因为在上单调递减，在上单调递增，所以，所以当且仅当时取等号，所以，所以，所以，即，综上可得；21.解：（1）由题意有，解得，所以椭圆C的方程为（2）由（1）得，设直线l的方程为，由，得，所以，设x轴上存在点，使得直线EP，EQ关于x轴对称，则，所以，所以，故x轴上存在点，使得直线EP，EQ关于x轴对称22.解：（1）当时，则.当时，因为，且，所以，所以，单调递减.当时，因为，且，所以，所以，单调递增.所以当时，的单调递减区间为，单调递增区间为.（2）恒成立等价于恒成立，令，则.当时，在区间上恒成立，符合题意；当时，令，即在上单调递增，则存在，使得，此时，即，则当时，单调递减；当时，单调递增.所以.令，得.因为，所以.综上，实数a的取值范围为.
