1、重庆市高2022届高考考前热身物 理 试 题本卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1碳14是宇宙射线撞击空气中的氮14原子所产生，具有放射性，碳14原子发生衰变转变为氮14。生物存活期间需要呼吸，其体内的碳14含量大致不
2、变；生物停止呼吸后，体内的碳14开始减少。可以根据死亡生物体内残余碳14含量来推断它的死亡时间。碳14各个半衰期所剩原子比例如图所示，某古木样品中14C的比例正好是现代植物所制样品的三分之一。下列说法正确的是（）A碳14的衰变方程为B该古木的年代距今大于11460年C14C和14N中含有的中子个数相等D如果古木处于高温、高压下测量结果可能有较大误差2. 如图甲，2022北京冬奥会主场馆“雪如意”美轮美奂，充分展示了中国元素。“雪如意”的旁边修建着世界上运行长度最大的变角度斜行电梯。斜行电梯在同一竖直平面内运行，箱内地板始终保持水平。电梯轨道的上段是倾角为22.56的斜直轨道，下段是倾角为39.
3、56的斜直轨道，中间通过一段圆弧形轨道平滑连接，如图乙所示。当运动员站立在电梯内随着电梯一起运动时，下列说法正确的是（）A. 电梯沿斜直轨道匀速下行时，运动员处于失重状态B. 电梯刚启动时，运动员受两个力作用C. 电梯匀速率下行时运动员在上段斜直轨道受到的支持力小于在下段受到的支持力D. 电梯匀速率上行通过圆弧轨道的过程中，运动员受到地板的弹力小于他的重力3如图所示，某物理兴趣小组制作了一种可“称量”磁感应强度大小的实验装置。U形磁铁置于水平电子测力计上，U形磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，不计两极间以外区域磁场。一水平导体棒垂直磁场方向放入U形磁铁两极之间（未与磁铁接触），导体棒由两根
4、绝缘杆固定于铁架台上。导体棒没有通电时，测力计的示数为；导体棒通以图示方向电流I（如图所示）时，测力计的示数为。测得导体棒在两极间的长度为L，磁铁始终静止，不考虑导体棒电流对磁铁磁场的影响。下列说法正确的是（）A导体棒所在处磁场的磁感应强度大小为B导体棒所在处磁场的磁感应强度大小为C若使图示方向电流增大，被“称量”的磁感应强度将减小D若通以图示大小相等方向相反的电流I，测力计示数将变为4为了更好适应市场需求，长安公司推出某新能源纯电版汽车，该电动汽车的质量为、其电池每次充满电后的总电能为。某次汽车电池电能耗尽时，采用直流充电桩对汽车进行充电，充电的平均电流为、平均电压为，需要用时才能将电池充满
5、电。当汽车在平直道路上以的额定输出功率行驶，其最大车速为，重力加速度取，假设汽车所受阻力与汽车的速率成正比。根据以上信息，下列说法中正确的是（）A当汽车电池电能耗尽后，直流充电桩对汽车的充电效率为92%B当汽车的输出功率减半，汽车在平直道路上行驶时的最大车速也会减半C若汽车以额定输出功率行驶，当车速为时，汽车的加速度约为D若汽车以额定输出功率行驶，当车速为时，汽车的加速度为5如图所示，理想变压器副线圈中心抽头O与a、b间匝数都是120，接在O、b间的标有“6 V，0.1 A”的灯泡L正常发光，接在a、b间的交流散热风扇正常工作。已知变压器原线圈接220 V交变电流，风扇的内阻为0.8 ，交流电
6、流表A（不考虑内阻）的示数为0.6 A。以下判断正确的是（ ）A风扇的额定电压是6 V B风扇输出的机械功率是3.6 WC变压器输入的电功率是6.6 W D变压器原线圈的匝数是2 2006如图所示，某空间区域分布着垂直纸面向里、水平宽度为l的匀强磁场，是位于纸面内的直角梯形线圈且边刚好与磁场区域左边界重合，间的距离为2l，ab=2cd。从时刻起，使线圈沿垂直于磁场区域边界的方向以速度v匀速穿越磁场区域，规定直角梯形线圈中感应电流逆时针方向为正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，下列关于感应电流I随时间t变化的图线正确的是（）ABCD7. 随着2022年北京冬奥会的脚步日益临近，越来越多的运动爱
7、好者被吸引到冰雪运动中来，其中高台跳雪是北京冬奥会的比赛项目之一。如图甲所示，两名跳雪运动员a，b（可视为质点）从雪道末端先后以初速度之比沿水平方向向左飞出，示意图如图乙。不计空气阻力，则两名运动员从飞出至落到雪坡（可视为斜面）上的整个过程中，下列说法正确的是（）A. 他们飞行时间之比为3:1B. 他们飞行的水平位移之比为1:3C. 他们落到雪坡上的瞬时速度方向一定相同D. 他们在空中离雪坡面的最大距离之比为1:3二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.北斗卫星导航系统由地球同步
8、静止轨道卫星a、与地球自转周期相同的倾斜地球同步轨道卫星b，以及比它们轨道低一些的中轨道卫星c组成，它们均为圆轨道卫星。若某中轨道卫星与地球同步静止轨道卫星运动轨迹在同一平面内，下列说法正确的是（）A卫星b运行的线速度小于卫星c的线速度B卫星a与卫星b一定具有相同的机械能C可以发射一颗地球同步静止轨道卫星，每天同一时间经过温州上空同一位置D若卫星b与卫星c的周期之比为3:1，某时刻两者相距最近，则约12小时后，两者再次相距最近9. 如图甲所示，粗糙、绝缘的水平地面上，一质量m=2kg的带负电小滑块（可视为质点）在x=1m处以v0=1.5m/s的初速度沿x轴正方向运动，滑块与地面间的动摩擦因数=
9、0.05。整个区域存在沿水平方向的电场，滑块在不同位置所具有的电势能Ep如图乙所示，P点是图线最低点，虚线AB是图像在x=1m处的切线，取g=10m/s2，下列说法正确的是（）A. x=3m处的电势最低B. 滑块向右运动过程中，速度始终减小C. 滑块运动至x=3m处时，速度大小为D. 滑块向右一定可以经过x=4m处的位置10如图甲所示，轻弹簧直立在地面上，一端与地面相连，另一端与质量为1kg的物块相连，物块处于静止状态。在物块上施加一个竖直向上的拉力F，使物块向上做初速度为零的匀加速直线运动，拉力F随时间t变化的规律如图乙所示，弹簧的形变始终在弹性限度内，重力加速度g=10m/s2，则（）A弹
10、簧的劲度系数为1000N/mB物块运动的加速度大小为2m/s2C从静止开始至拉力的大小刚好等于物块重力的过程中，物块重力势能增量为0.09JD当物块的动能增量刚好等于拉力和重力做功之和时，物块的动能大小为0.2J三、非选择题：本题共6小题，共57分。11. （6分）为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙同学设计了如图所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量，m0为滑轮的质量。力传感器可测出轻绳中的拉力大小。（1）实验时，一定要进行的操作是_。A用天平测出砂和砂桶的质量B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带
11、，同时记录力传感器的示数D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50 Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_ m/s2（结果保留三位有效数字）。 （3）甲同学以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为_。A B CD12. （9分）某同学设计用伏安法测量一节干电池的电动势E和内电阻r。除待测干电池，实验室可供选择的主要器材有：A电流表G：测量范围010mA，内电阻未知：B电流表A：
12、测量范围00.5A，内电阻很小：C电阻箱R0：电阻变化范围0999.9，最小精度0.1：D滑动变阻器R电阻变化范围020：E.开关一个、导线若干。实验中，首先需将电流表G改装成电压表，该同学采用图1所示的电路测定电流表G的内阻，其主要实验步骤如下，请完成步骤中的填空：（1）将R0调到某一段定值，滑动变阻器R的滑动触头移到_（选填“左端”、“右端”或“任意”）位置然后闭合开关：（2）多次改变R0的大小，反复调节滑动变阻器的滑动触头位置，发现当时，电流表G的示数为10.0mA。电流表A的示数为0.210A，则电流表G的内电阻为_；（3）拆开电路，采用电阻箱R0与电流表G串联的方式，将电流表G改装成
13、量程为2V的电压表V，则R0的值应调为_。（4）用改装成的电压表V和电流表A，采用图2的电路测量电源的电动势和内电阻，根据电压表V的示数U与电流表A的示数I，经描点、连线得到UI图像如图3所示，根据图像可求得该干电池的电动势E=_V；内电阻r=_。（保留三位有效数字）13（12分）如图所示，在平面直角坐标系的第一象限内，y轴与x=d之间，有沿x轴正向的匀强电场，在第二象限内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，在x轴上P（-d，0）点，沿y轴正向发射一个质量为m、电荷量大小为q的带负电粒子，粒子的速度大小为vo，粒子刚好从坐标原点O射出磁场；若只增大粒子的发射速度大小，使粒子垂直y轴射出磁场，结果粒
14、子在电场中运动d的距离，速度为零，不计粒子的重力，求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）匀强电场的电场强度大小；（3）继续增大粒子的发射速度大小，要使粒子不能从x=d射出电场，粒子的发射速度最大为多少。14（18分）如图所示，水平轨道与竖直面内的圆弧轨道相切，间距离，圆弧所对圆心角为，半径，圆弧轨道与倾斜直轨道相切。质量为的小物块静止在轨道上的B点，小物块与轨道间的动摩擦因数。质量为的小球从倾斜轨道上D点由静止释放，D点距水平面高度为，小球与各段轨道间的摩擦均不计，小球与小物块间发生的碰撞为弹性碰撞。，重力加速度g取10，求：（1）第一次碰撞后瞬间小球速度的大小和物块最终停下时到B点的距离
15、；（2）物块经过A点时的速度大小；（3）小球由释放到第一次到A点经历的时间。15.【选修3-3】夏天，从湖底形成的一个气泡，在缓慢上升到湖面的过程中没有破裂，如图14所示。若越接近水面，湖内水的温度越高，大气压强没有变化，将气泡内气体看作理想气体。则气泡上升过程中，下列说法正确的是（）A. 气泡内气体不对外界做功B. 气泡内每个气体分子的动能都变大C. 气泡内气体从外界吸收热量D. 气泡内气体的压强可能不变（2）.（8分）如图，某材料制备系统由供气瓶、反应室、 加热器和真空泵等设备组成。供气瓶的容积为，储存的气体压强为，反应室的容积为。制备材料前，反应室处于真空状态，关闭所有阀门。制备材料时，
16、先打开阀门1，供气瓶向反应室缓慢供气，当反应室气压达到时，关闭阀门1；对反应室内气体缓慢加热，使其从室温升到，进行材料合成。实验结束后，待反应室温度降至室温，将其抽至真空状态。环境温度恒定，忽略材料体积，气体不参与反应。（1）加热后，求反应室内气体的压强（结果保留3位有效数字）。（2）当供气瓶剩余气体压强降到时，需更换新的供气瓶，供气瓶最多能给反应室充气多少次？重庆市高三物理考前热身题物 理 答 案1【答案】 A【解析】A根据质量数守恒和电荷数守恒，又因为碳14发生衰变，所以衰变方程为 故A正确；B根据图像可知，剩余三分之一，时间应该大于5730年小于11460年。故B错误；C由元素序数知碳1
17、4中子数为8，氮14中子数为7。故C错误；D半衰期与温度、压强无关。故D错误。故选A。2. 【答案】D【解析】A电梯沿斜直轨道匀速下行时，运动员处于平衡状态，故运动员不是处于失重状态，A错误；B刚启动时，有斜向下的加速度，那合力方向斜向下，而只有重力和支持力时，合力只可能在竖直方向，故必有摩擦力存在，故电梯刚启动时，运动员不止受两个力作用，B错误；C电梯匀速率下行时，斜直轨道上，人受力平衡，重力等于支持力，C错误；D通过圆弧轨道时，由牛顿第二定律可得故可得运动员受到地板的弹力小于他的重力，D正确。故选D。3 【答案】 D【解析】AB当导体棒通以图示方向电流I时，根据左手定则可知，导体棒受安培力
18、向上，则磁铁受到向下的作用力，由平衡可知解得选项AB错误；C磁体两极间的磁感应强度只与磁体本身有关，若使图示方向电流增大，被“称量”的磁感应强度不变，选项C错误；D若通以图示大小相等方向相反的电流I，则安培力反向，此时测力计示数将变为 选项D正确。故选D。4 【答案】 C【解析】A当汽车电池电能耗尽后，直流充电桩对汽车的充电效率为故A错误；B由题意，汽车以最大速率行驶时所受的阻力大小为汽车以最大速率行驶时的输出功率为当汽车的输出功率减半时，汽车在平直道路上行驶时的最大车速会变为原来的，故B错误；CD若汽车以额定输出功率行驶，当车速为时，汽车的加速度大小为 故C正确，D错误。故选C。5【答案】C
19、【解析】由题意，灯泡正常发光，表明O、b间电压为6 V，而O为中点，故a、b间电压为12 V，由于风扇正常工作，故其额定电压是12 V，A错误；流过风扇的电流I=0.6 A0.1 A=0.5 A，风扇的输入功率P0=IU=6 W，热功率P热=I2R=0.250.8 W=0.2 W，风扇输出的机械功率P=P0P热=5.8 W，B错误；根据能量守恒可知，变压器的输入功率P总=P0+PL=6.6 W，C正确；根据得n1=4 400，D错误。6【答案】 A【解析】根据右手定则可知，在时间内感应电流方向沿逆时针方向，时间内，线圈切割磁感线的有效长度越来越长且成线性递增，则感应电流也随时间线性增大；在时间
20、内，边已离开磁场，只有边切割磁感线，有效切割长度不变，感应电流大小不变，感应电流方向仍然是逆时针方向；时间内，感应电流的方向变为顺时针方向，且随着边进入磁场，有效切割长度越来越长，线圈在时刻的有效切割长度是长度的2倍，感应电流大小也是刚开始进入时的2倍。故选A。7.【答案】C【解析】A运动员从斜面上飞出最后落在斜面上，根据几何关系有 解得 他们飞行时间之比为 故A错误；B平抛运动水平方向 则 故B错误；C设平抛运动落地速度方向与水平方向夹角为，则则 则 则他们落到雪坡上的瞬时速度方向一定相同，故C正确；D把运动员运动分解为一个沿斜面方向的运动和一个垂直斜面方向的运动，由几何关系可知，运动员在垂
21、直斜面方向上做初速度为，加速度大小为的匀减速运动，当速度减小到零时，则离斜面距离最大，为则，他们在空中离雪坡面的最大距离之比为 故D错误。故选C。8. 【答案】AD【解析】A由牛顿第二定律得得因卫星b运行的半径大于卫星c的半径，卫星b运行的线速度小于卫星c的线速度，A正确；B机械能包括卫星的动能和势能与卫星的质量有关，而卫星a与卫星b的质量不一定相同，故卫星a与卫星b不一定具有相同的机械能，B错误；C地球同步静止轨道卫星必须与地球同步具有固定的规定，只能在赤道上空的特定轨道上，不可能经过温州上空，C错误；D卫星c比卫星b多运行一周时两卫星再次相距最近 解得即约12小时后，两者再次相距最近，D正
22、确。故选D。9. 【答案】BC【解析】A滑块在x=3m处电势能最小，因为滑块带负电，所以x=3m处的电势最高，故A错误；BEp-x图像斜率的绝对值表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在x=1m处所受电场力大小为 滑块所受滑动摩擦力大小为 在13m区间内，滑块所受电场力与滑动摩擦力方向相反，且不断减小，则滑块所受合外力方向与速度方向相反；在x=3m之后，滑块所受电场力与滑动摩擦力同向，且不断增大，则滑块所受合外力方向也与速度方向相反。综上所述可知滑块向右运动过程中，在x=1m处速度最大，速度始终减小，故B正确；C滑块x=1m处所具有的机械能为 在13m区间内，摩擦力做功使机械能减小，则有 x=3m
23、处的电势能等于1J，故此刻动能为1.25J。根据动能表达式可能此刻的速度为，C正确；D滑块在x=1m处的电势能与在x=4m处的电势能相等，根据能量守恒定律，若滑块能够经过x=4m处，则应满足 根据题中数据可知实际情况并不满足上式，所以滑块一定无法经过x=4m处的位置，故D错误。故选BC。10【答案】 AC【解析】B开始时物块处于静止状态，弹簧处于压缩状态，此时当时，对物块受力分析，根据牛顿第二定律 得故B错误；A当时，对物块受力分析，由于F mg，则根据牛顿第二定律因为物块向上做初速度为零的匀加速直线运动，在内联立得k=1000N/m 故A正确；C当拉力的大小刚好等于物块重力时，弹簧弹力提供外
24、力得 故C正确；D物块的动能增量刚好等于拉力和重力做功之和时，说明弹簧弹力做功为0，开始时弹簧压缩x，弹簧弹力做功为0，则弹簧需伸长x，即位移2x 物块的动能大小为 故D错误。 故选AC。11. （6分）【答案】 BC 2.00 C【解析】（1） AD由图所示的实验装置可知，拉力可以利用力的传感器读出，则不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也不需要砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故AD错误；B实验时需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确；C实验时小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，故C正确。故选BC。（2）根据逐差法可得（3） CD
25、根据牛顿第二定律得 则则结合图像可得 解得故D错误C正确；AB由于不知道图像横轴和纵轴的标度是否统一，则不一定和斜率相等，故AB错误。故选C。12. （9分）【答案】 左端 100 100 1.46（1.47） 0.920（0.940）【解析】（1）将R0调到某一段定值，滑动变阻器R的滑动触头移到左端位置然后闭合开关：（2）根据 解得RG=100（3）根据电压表的改装原理可知 （4）根据图像可求得该干电池的电动势E=1.46V 内电阻13（12分）（1） （2） （3）3v0【解析】（1）当粒子以大小为v0的速度射入磁场，粒子在磁场中做圆周运动的半径（1分）根据牛顿第二定律有 （1分）解得 （
26、2分）（2）设粒子射出速度大小为v1，由题意知，粒子在磁场中做圆周运动的半径r2=d（1分）根据牛顿第二定律 （1分）粒子进入电场后，根据动能定理有 （1分）解得（1分）（3）设粒子射出速度增大为v时，粒子刚好不从x=d射出电场。设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律有（1分）设粒子出磁场时速度与x轴正向夹角为，根据几何关系有 （1分）粒子出磁场时，沿x轴正向的分速度vx=vcos（1分）粒子沿电场方向做匀减速运动，根据运动学公式有 根据牛顿第二定律有qE=ma 解得v=3v0（1分）14（18分）（1）2 （2） （3） （4）【解析】（1）小球碰撞前（1分）小球与物块发生弹性
27、碰撞，可得，（1分）联立解得故第一次碰撞后瞬间小球速度的大小为2。（1分）（2）由于球与物块间发生弹性碰撞，全过程能量守恒（1分）解得（1分）（3）物块减速的加速度（1分）由第1问可知，第一次碰后物块速度为减速到零过程 解得（1分）推理可知，第二次碰后物块速度为减速到零过程、 解得（1分）第三次碰后物块速度为 减速到零过程解得（1分）可知，物块过A点时为第三次碰后还未减速到0，解得（1分）（4）小球在上运动时的加速度（1分）小球从段时间，（1分）因为很小，小球在段看成匀速圆周运动（1分）段长度在段做匀速直线运动，（1分）综上，小球由释放到第一次到A点经历的时间（1分）代入数据，联立解之得（1分） 15. 【答案】C【解析】AD气泡内气体压强气泡上升过程中，其压强减小。越接近水面，湖内水的温度越高，气体的温度升高，根据理想气体状态方程 可知，体积一定增大，故气泡内气体对外界做正功，故AD错误；B温度是分子平均动能的标志，温度升高，泡内气体分子平均动能增大，但不是每个气体分子的动能都变大，故B错误；C越接近水面，湖内水的温度越高，说明气泡内气体的温度升高，气泡内气体内能增大，即体积增大，即 则 故气泡内气体从外界吸收热量，故C正确。故选C。（2）. 【答案】（1） （2） 次【解析】（1）根据查理定律得（2分）解得（2分）（2）设可以供n次，则根据玻意耳定律得（2分）解得次（2分）
