江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc

上传人(卖家):flying 文档编号:29535 上传时间:2018-08-11 格式:DOC 页数:6 大小:154KB
下载 相关 举报
江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc_第1页
第1页 / 共6页
江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc_第2页
第2页 / 共6页
江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc_第3页
第3页 / 共6页
江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc_第4页
第4页 / 共6页
江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc_第5页
第5页 / 共6页
点击查看更多>>
资源描述

1、=【 ;精品教育资源文库 】 = 第 11 讲 导数与函数的单调性 1 函数 f(x) x3 15x2 33x 6 的单调减区间为 _ 解析 由 f(x) x3 15x2 33x 6 得 f( x) 3x2 30x 33, 令 f( x)0 时 , f (x)0, f(x)是增函数;当 x0), 当 x 9x 0 时 , 有 00 且 a 13 , 解得 10), 由 f(x)在点 (1, f(1)处的切线垂直于直线 y 12x, 知 f(1) 34 a 2, 解得 a 54. (2)由 (1)知 f(x) x4 54x ln x 32, 则 f( x) x2 4x 54x2 (x0) 令 f

2、( x) 0, 解得 x 1 或 x 5. 因为 x 1 不在 f(x)的定义域 (0, ) 内 , 故舍去 当 x(0 , 5)时 , f (x)0, 故 f(x)在 (5, ) 内为增函数 综上 , f(x)的单调增区间为 (5, ) , 单调减区间为 (0, 5) 11 (2018 沈阳质检 )已知函数 f(x) ln x, g(x) 12ax b. (1)若 f(x)与 g(x)在 x 1 处相切 , 求 g(x)的表达式; (2)若 (x) m( x 1)x 1 f(x)在 1, ) 上是减函数 , 求实数 m 的取值范围 解 (1)由已知得 f( x) 1x, 所以 f(1) 1

3、12a, a 2. 又 因为 g(1) 0 12a b, 所以 b 1, 所以 g(x) x 1. (2)因为 (x) m( x 1)x 1 f(x) m( x 1)x 1 ln x 在 1, ) 上是减函数 所以 ( x) x2( 2m 2) x 1x( x 1) 2 0 在 1, ) 上恒成立 , 即 x2 (2m 2)x 10 在 1, ) 上恒成立 , 则 2m 2 x 1x, x 1, ) , 因为 x 1x 2, ) , 所以 2m 22 , m 2. 故实数 m 的取值范围是 ( , 2 =【 ;精品教育资源文库 】 = 1 已知函数 f(x) loga(x3 ax)(a0 且

4、a1) , 如果函数 f(x)在区间 ? ? 12, 0 内单调递增 , 那么 a 的取值范围是 _ 解析 由题意可知 x3 ax0, x ? ? 12, 0 恒成立 , 所以 a(x2)max, 即 a 14.当 14 a1 时 , 函数 y x3 ax, x ? ? 12, 0 递增 , y 3x2 a0 , x ? ? 12, 0 恒成立 , 所以 a(3 x2)min, a 0, 舍去 , 综上 a 的取值范围是 ? ?34, 1 . 答案 ? ?34, 1 2 已知函数 f(x)(x R)满足 f(1) 1, 且 f(x)的导函数 f (x) 12, 则 f(x) x2 12的解集为

5、 _ 解析 设 F(x) f(x) ? ?x2 12 , 则 F(1) f(1) ? ?12 12 1 1 0, F (x) f( x) 12, 对任意 x R, 有 F( x) f (x) 12 0, 即函数 F(x)在 R 上单调递减 , 则 F(x) 0 的解集为 (1, ) , 即 f(x) x2 12的解集为 (1, ) 答案 (1, ) 3 (2018 江苏省盐城中学开学考试 )已知 R 上的可导函数 f(x)的导函数 f( x)满足:f( x) f(x)0, 且 f(1) 1, 则不等式 f(x) 1ex 1 的解集是 _ 解析 令 g(x) exf(x), 则 g( x) ex

6、f(x) exf (x)0, 所以函数 g(x)是 R 上的增函数 , 又不等式 f(x) 1ex 1等价于 exf(x)e e1f(1), 即 g(x)g(1), 从而有 x1, 所以不等式 f(x) 1ex 1的解集为 (1, ) 答案 (1, ) 4 (2018 辽宁省五校协作体联考改编 )已知定义域为 R的奇函数 y f(x)的导函数为 y f( x), 当 x0 时 , f (x) f( x)x 0, 若 a 12f? ?12 , b 2f( 2), c ? ?ln12 f? ?ln12 ,则 a, b, c 的大小关系为 _ =【 ;精品教育资源文库 】 = 解析 当 x0 时 ,

7、 f (x) f( x)x 0, 即 xf ( x) f( x)x 0.当 x0 时 , xf (x) f(x)0. 设 g(x) xf(x), 则 g(x)为偶函 数且 g( x) xf( x) f(x)显然当 x0 时 ,g (x)0, 即此时函数 g(x)单调递增 a g? ?12 , b g( 2) g(2), c g? ?ln12 g(ln 2),又因为 2ln 2120, 所以 a0 时 , f (x)0, 当 01b时 , f (x)0, 函数 f(x)单调递增 所以函数 f(x)的单调递减区间是 ? ?0, 1b , 单调递增区间是 ? ?1b, . (2)当 a0 时 , 令

8、 f( x) 0, 得 2ax2 bx 1 0. 由 b2 8a0, 得 x1 b b2 8a4a , x2 b b2 8a4a . 显然 x10. 当 0x2时 , f (x)0, 函数 f(x)单调递增 所以函数 f(x)的单调递减区间是 ? ?0, b b2 8a4a , 单调递增区间是 ? ? b b2 8a4a , . 综上所述 , 当 a 0, b 0 时 , 函数 f(x)的单调递减区间是 (0, ) ; 当 a 0, b0 时 , 函数 f(x)的单调递减区间是 ? ?0, 1b , =【 ;精品教育资源文库 】 = 单调递增区间是 ? ?1b, ; 当 a0 时 , 函数 f

9、(x)的单调递减区间是 ? ?0, b b2 8a4a , 单调递增区 间是 ? ? b b2 8a4a , . 6 已知函数 f(x) x2 bsin x 2(b R), F(x) f(x) 2, 且对于任意实数 x, 恒有F(x) F( x) 0. (1)求函数 f(x)的解析式; (2)已知函数 g(x) f(x) 2(x 1) aln x 在区间 (0, 1)上单调递减 , 求实数 a 的取值范围 解 (1)F(x) f(x) 2 x2 bsin x 2 2 x2 bsin x, 依题意 , 对任意实数 x, 恒有 F(x) F( x) 0, 即 x2 bsin x ( x)2 bsin( x) 0 对 ? x R 恒成立 , 即 2bsin x 0, 所以 b 0, 所以 f(x) x2 2. (2)因为 g(x) x2 2 2(x 1) aln x, 所以 g(x) x2 2x aln x, g (x) 2x 2 ax. 因为函数 g(x)在 (0, 1)上单调递减 , 所以在区间 (0, 1)内 , g (x) 2x 2 ax 2x2 2x ax 0 恒成立 , 所以 a (2x2 2x)在 (0, 1)上恒成 立 因为 y (2x2 2x)在 (0, 1)上单调递减 , 所以 a 4 为所求

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 高中 > 数学 > 高考专区 > 一轮复习
版权提示 | 免责声明

1,本文(江苏专版2019届高考数学一轮复习第二章基本初等函数导数的应用第11讲导数与函数的单调性分层演练直击高考(文科).doc)为本站会员(flying)主动上传,163文库仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对上载内容本身不做任何修改或编辑。
2,用户下载本文档,所消耗的文币(积分)将全额增加到上传者的账号。
3, 若此文所含内容侵犯了您的版权或隐私,请立即通知163文库(发送邮件至3464097650@qq.com或直接QQ联系客服),我们立即给予删除!


侵权处理QQ:3464097650--上传资料QQ:3464097650

【声明】本站为“文档C2C交易模式”,即用户上传的文档直接卖给(下载)用户,本站只是网络空间服务平台,本站所有原创文档下载所得归上传人所有,如您发现上传作品侵犯了您的版权,请立刻联系我们并提供证据,我们将在3个工作日内予以改正。


163文库-Www.163Wenku.Com |网站地图|