1、2019年湖北省襄阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共20分）1（2分）（2019襄阳）看电视时调节音量是为了改变声音的（）A响度B音调C音色D音调、响度和音色【解答】解：调节电视机的音量时，喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变。故选：A。2（2分）（2019襄阳）在下列四种现象中，由光的反射形成的是（）A阳光照射下高楼大厦产生的影子B襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像C池里水看起来比实际的浅D斜插入水中的筷子，从侧面看，筷子变弯了【解答】解：A、阳光照射下高楼大厦产生的影子是由于光的直线传播形成的，不符合题意；B、襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像，属于平面
2、镜成像，是由光的反射形成的，符合题意；C、池底反射的光线射向水面时发生折射，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是池底经水面折射所成的虚像，且虚像在实际池底的上方，所以池水看起来比实际的浅，属于光的折射现象，不符合题意；D、由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，属于光的折射现象，不符合题意。故选：B。3（2分）（2019襄阳）下列现象或过程中由于熔化而形成的是（）A滴水成冰B秋天清晨树叶上的露珠C隆冬清晨植物叶片上的霜D冰雪消融【解答】解：A、滴水成冰，物质由液态变成固态，属于凝固现象，故A错误；B
3、、露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故C错误；D、冰雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，故D正确。故选：D。4（2分）（2019襄阳）下列杠杆中属于省力杠杆的是（）A定滑轮B筷子C钳子D钓鱼竿【解答】解：A、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故A错误；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误。故选：C。5（2分）（2019襄阳）
4、下列现象中利用了大气压强的是（）A用吸管喝饮料B拦河坝做的下宽上窄C雪橇做的比较宽大D刀口磨的很锋利【解答】解：A、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，故利用了大气压的作用；故A符合题意；B、拦河坝修成上窄下宽的形状是因为液体的压强随深度的增加而増大，这样可承受更大的压强，不是利用大气压，故B不符合题意；C、雪橇做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不符合题意；D、刀口磨的很锋利是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。故选：A。6（2分）（2019襄阳）下列符合安全用电原则的是（）A
5、用湿手按开关B在带有绝缘层的通电导线上晾晒衣物C在高压输电线下钓鱼D使用带有金属外壳的用电器，外壳要接地【解答】解：A、由于水是导体，所以在电线上晾衣服容易发生触电事故，故A错误；B、湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故B错误；C、高压线的电压很高，人不要靠近，不能在在高压输电线下钓鱼，容易触电，故C错误；D、有金属外壳的用电器，其外壳必须接地，即防止因外壳带电而使得人发生触电事故，故D正确。故选：D。7（2分）（2019襄阳）木块在压力F的作用下静止在如图所示位置，则下列各组力属于平衡力的是（）A木块所受的压力和木块对墙壁的压力B木块所受的重力和木块
6、所受的摩擦力C木块所受的支持力和木块所受的摩擦力D木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力【解答】解：A、木块所受的压力和木块对墙壁的压力的方向是相同的，不属于平衡力，故A错误；B、木块处于静止，在竖直方向上受两个力，即墙对木块的摩擦力和重力，这两个力是一对平衡力，故B正确；C、木块所受的支持力和木块所受的摩擦力的方向是垂直的，不属于平衡力，故C错误；D、木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故D错误。故选：B。8（2分）（2019襄阳）如图所示，一个密封的圆台状容器，内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（）A水对容器底的压力减小B水对容器底的压强
7、减小C容器对桌面的压强减小D容器对桌面的压力减小【解答】解：设如图放置时的底面积为S大，倒置过来后的底面积为S小，因为水的体积一定，所以倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式pgh可知，倒置过来后水对容器底的压强变大了。（1）第一次水对容器底的压力：FpSghS大，即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力。如图：（2）第二次水对容器底的压力：FpS小ghS小，即水对容器底的压力是以S小为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。如图：对比前后两次
8、情况，液体对容器底部的压力将会变小，且倒置后，液面升高，据pgh，h变大，容器底部所受液体的压强变大；且倒置前后容器对桌面的压力等于总重力，重力不变故压力不变，而与水平面的接触面积减小，故压强增大。故选：A。9（2分）（2019襄阳）如图所示，电源电压保持不变。闭合开关s，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是（）A电流表A1的示数变大B电压表的示数变大C电压表v的示数与电流表A2的示数的比值变大D电压表v的示数与电流表A2的示数的乘积变大【解答】解：分析电路图，电阻与滑动变阻器并联，电压表测量并联支路R1两端（电源电压）电压，电源电压保持不变；电流表A1测量通过电阻R1的电流，电
9、流表A2测量干路上的电流；A、R1为定值电阻，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，当滑动变阻器滑片移动时，R1的电流不变，故A错误；B、因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，故电压表V的示数不变，故B错误；CD、当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，R2阻值增大，由I可知，电流减小，即电流表A1示数减小；又因为电流表A2测量干路上的电流，根据并联电路的电流特点可知，电流表A2示数变小，则电压表V的示数与电流表A2的示数的比值变大；电压表B的示数与电流表A2的示数的乘积变小，故C正确，D错误。故选：C。10（2分）（2019襄阳）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关
10、S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变大，则下列判断中正确的是（）A可能是灯L断路，电流表的示数变小B可能是电阻R短路，电压表的示数变大C可能是灯L短路，电压表的示数变大D可能是电阻R断路，电流表的示数变小【解答】解：A、如果灯L断路，整个电路断路，所以电流表、电压表示数都减小为零。故A不符合题意；B、如果电阻R短路，灯泡是通路，能够发光。故B不符合题意；C、如果灯L短路，灯不亮，电路总电阻减小，所以电流表示数增大，同时电压表测量电源电压示数增大。故C不符合题意；D、如果电阻R断路，电流表示数减小为零，电压表测量电源电压，示数变大。故D符合题意。故选：D。二、填
11、空题（每空1分，共14分）11（2分）（2019襄阳）襄阳的清晨，大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味，这属于扩散现象；在寒冷的冬季，人们通常采用搓手的方法来暖手，这是通过做功的方式来改变物体内能的。【解答】解：襄阳的清晨，大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味，这属于扩散现象；搓手时，两手克服摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，故该过程是通过做功的方式使手的内能增加。故答案为：扩散；做功。12（2分）（2019襄阳）照相机是利用了凸透镜可以成倒立、缩小的实像的原理来工作的；小明在游玩古隆中途中，为父母拍摄时发现武侯祠没有完全进入取景框，为了将父母和武侯祠都拍摄下来，他向后退一段距离，并将照相机的镜头向
12、后缩（选填“向前伸”或“向后缩”）一点。【解答】解：照相机是利用物体在凸透镜2倍焦距以外成倒立、缩小的实像的原理制成的。为了将父母和武侯祠都进入进入镜头，需要增大物距，为了得到清晰的像，需要减小像距。所以他向后退一段距离，并将照相机的镜头向后缩一点。故答案为：缩小；向后缩。13（2分）（2019襄阳）初秋季节小明搭乘出租车去学校，途中他感觉骑自行车的同学小刚正在向后退，他是以自己（小明）为参照物的；下车时，他发现化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上，这是静电现象。【解答】解：（1）出租车的速度大于自行车的速度，小明搭乘出租车去学校，骑自行车的同学相对于小明同学位置不断后退，所以他选择的参照物是他自
13、己（小明）。（2）化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上，这是一种静电现象。故答案为：自己（小明）；静电。14（2分）（2019襄阳）小奕看见他爸爸的手机锂电池上面标明电压为3.7V，容量为3000mAh，则它充满电后存储的电能为39960J该手机的待机电流为15mA，则该手机最长待机时间为200h【解答】解：充电电流所做的功即储存的电能为：WUIt3.7V3000103A3600s39960J。该手机最长待机时间为：t200h。故答案为：39960；200。15（2分）（2019襄阳）倔强系数为12N/cm（弹簧每受到12N的力，长度就要变化lcm）的一根弹簧自然悬挂时的长度为6cm，在它下面再悬
14、挂一个48N的重物，由如图所示位置静止放手，在下落过程中，当弹簧的长度在10cm14cm（填某一范围）时，物体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。物体在经历了一段时间的往复运动后最终停止下来，则物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和内能。（上述过程没超出该弹簧的弹性限度）【解答】解：（1）弹簧自然悬挂时的长度为L06cm，倔强系数为12N/cm，在它下面再悬挂一个48N的重物，由如图所示位置静止放手，在下落过程中，当弹力（向上的拉力）等于物重时，即FkLG，则弹簧的伸长量L4cm，所以物体在平衡位置b时（即二力相等的位置），弹簧的长度为：LL0+L6cm+4cm10cm，物体从最高点a运动到平
15、衡位置b的过程中，高度减小，速度增大，弹簧的形变程度增大，所以重力势能减小，动能增大，弹性势能增大，即该过程中重力势能转化为动能和弹性势能。物体从平衡位置b点运动到最低点c的过程中，高度减小，速度减小，弹簧的形变程度增大，所以重力势能减小，动能减小，弹性势能增大，即该过程中重力势能和动能转化为弹性势能。设物体在最低点c时为零势能点（c点也是物体动能为0的位置），物体在a点放手时只具有重力势能，则整个过程中，物体在最高点a的重力势能全部转化为c点时弹簧的弹性势能，所以由上面分析可得：mghkL2因为物体下降的高度等于弹簧的最大伸长量，所以hL代入化简可得：mgkL，即：48N12N/cmL所以，
16、L8cm，则弹簧在c点的长度为 LL0+L6cm+8cm14cm，由此可知，在下落过程中，当弹簧的长度在10cm14cm时，物体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。（2）物体上下运动过程中和空气之间存在摩擦，所以重力势能还会转化为内能，即物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和内能。故答案为：10cm14cm；内。16（2分）（2019襄阳）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1R2R310，要使R2、R3并联，应闭合开关S1、S2，此时电流表的示数为I1；要使R1、R2串联，应断开开关S1、S2，此时电流表的示数为I2；则I1：I24：1。【解答】解：如图所示，要使电阻R2、R3并联，则电阻R2
17、、R3中必须有电流通过，所以应闭合开关S1、S2，此时电流表测干路电流，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R5，此时电流表的示数：I1；断开开关S1、S2时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电压表的示数：I2，所以，I1：I2：4：1。故答案为：S1、S2； 4：1。17（2分）（2019襄阳）一正方体物块边长为10cm，漂浮于足够高的盛有足量水的圆柱形容器中，有20%体积露出水面。若物块漂浮时与未投入物块时比较，水对容器底部的压强变化了160Pa，则容器的底面积为0.05m2；物块浸没时与物块漂浮时水对容器
18、底部的压力之比为40：39，则未投入物块时容器中水的深度是0.14m（g取10Nkg，下同）【解答】解：（1）正方体的体积：VL3（0.1m）30.001m3；20%体积露出水面时木块受到的浮力：F浮水gV排1103kg/m310N/kg（120%）0.001m38N；（2）由于容器为圆柱形容器，木块漂浮时，木块受到的浮力等于木块重力，水对容器底部的压力：F1F0+GF0+8N；木块浸没时，水对容器底部的压力：F2F0+水gVF0+1103kg/m30.001m310N/kgF0+10N；物块浸没时水对容器底部的压强：p；（3）物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比：，解得F070N，物
19、块漂浮时，水对容器底部的压强p1，未投入物块时，水对容器底部的压强p2，根据题意可知，p1p2160Pa，解得S00.05m2，未投入物块时水对容器底部的压强：p21400Pa，由pgh得：未投入物块时容器中水的深度：h0.14m。故答案为：0.05；0.14。三、作图与实验探究（每图1分，每空1分，共18分）18（1分）（2019襄阳）请根据入射光线画出折射光线。【解答】解：过入射点作垂直于界面的法线，然后根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角画出折射光线。如图所示：19（1分）（2019襄阳）请画出正方体木块所受的重力的示意图。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直
20、向下的有向线段，用G表示，如图所示：20（2分）（2019襄阳）小明同学在“探究沸腾时温度变化的特点”的实验中，根据实验数据绘制出了水沸腾时的图象，如图所示。由图象可知，当时的气压小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）1个标准大气压：在加热到第8mn时小明将酒精灯撤走，发现温度计的示数仍为98，但沸腾却停止了，上述现象说明水沸腾需要吸热。【解答】解：由图知，当水的温度达到98时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，其特点是吸热温度保持不变，水的沸点是98。水在标准大气压下的沸点是100，液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低，所以此时烧杯内水面上方的气压小于1标准大气压。撤走
21、酒精灯停止加热，杯中的水不能吸收到热量，因此不再沸腾，而温度计的示数并没有下降，即到达水的沸点，但水沸腾的条件：一是到达沸点，而是继续吸热。故这个现象说明水沸腾需要吸热。故答案为：小于；水沸腾需要吸热。21（3分）（2019襄阳）小明同学通过实验来研究影响浮力大小的因素，做了如图所示的四次实验，高兴地发现浮力的大小与深度有关，而且深度越深浮力越大，老师肯定了他的实验，又带他做了一次实验，小明同学便恍然大悟。你认为：（1）他在探究过程中存在的问题是没有控制排开液体的体积相同；（2）老师的实验操作是：把物体浸没入液体中，改变深度观察测力计的示数是否不同；（3）结合五次实验，得到的正确结论是：液体密
22、度一定时，浮力的大小与物体排开液体的体积有关。【解答】解：（1）研究浮力大小与深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，小明分析ABCD四个步骤，发现浮力的大小与深度有关，而且深度越深浮力越大，他在探究过程中存在的问题是：没有控制排开液体的体积相同；（2）为了探究浮力与深度的关系，把物体浸没入液体中，当物体排开液体的体积相同时，改变深度，发现弹簧测力计的示数不变；（3）结合五次实验，得到的正确结论是：液体密度一定时，浮力的大小与物体排开液体的体积有关；故答案为：（1）没有控制排开液体的体积相同；（2）把物体浸没入液体中，改变深度；（3）浮力的大小与物体排开液体的体积有关。22（4分）（201
23、9襄阳）小明同学为研究小木块在足够长斜面上的运动规律，每次都使小木块从斜面上O点静止释放，沿斜面向下运动，利用秒表和刻度尺测出其运动时间和通过的路程，记录的数据如下表。从O点开始计时的时间t/s012345从O点开始的路程s/m00.31.22.74.8（1）通过分析上表数据可知：物块通过的路程与时间的平方成正比，表达式为：s0.3m/s2t2；（2）根据表格中的数据，物块自O点开始计时的5s时间内通过的路程为7.5m；（3）小明通过查阅资料知道，满足上述路程表达式的运动是一种由静止开始的匀加速运动（即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动），而且表达式中系数是一个恒量，这个恒量在不同情况下
24、是不同的。在上面实验中，你可以通过改变实验装置中的哪个方面因素来增大这个系数？将斜面倾角变大。（只需填一种方法即可）【解答】解：（3）表格中数据时间是1s的时候，路程是0.3m；时间是2s的时候，路程是1.2m；时间是3s的时候，路程是2.7m；时间是4s的时候，路程是4.8m；所以时间增大为原来的2倍，路程增大为原来的4倍，时间增大为原来的3倍，路程增大为原来的9倍，即物块的平均速度与所用的时间成正比，可以得到skt2，将表格的1s和0.3m代入得：k0.3m/s2，所以s0.3m/s2t2；（2）物块自O点开始计时的5s时间内通过的路程s0.3m/s2（5s）27.5m，（3）根据s0.3
25、m/s2t2知，物体做由静止开始的匀加速运动，即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动，该系数反映了相同时间内速度的增加量，即要增大这个系数，应让物体下滑得更快一些，可以斜面倾角变大或减小斜面的粗糙程度。故答案为：（1）时间的平方；0.3m/s2t2；（2）7.5m；（3）将斜面倾角变大。23（5分）（2019襄阳）小明同学用如图甲所示的实验电路来测定“小灯泡的额定电功率”，所用电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10左右。（1）甲图是小明同学连接的错误电路，在应改动的一根导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很
26、快熄灭，他接下来的操作是断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端。（3）故障排除后，开始进行实验。逐步移动滑动变阻器滑片，看到如图乙所示的电压表示数，为使灯泡正常发光，应向右（选填“左”或“右”）端移动滑片：最后小明根据测量数据绘制了灯泡的IU图象，如图丙所示。则灯泡的额定电功率为0.5W。（4）他又找来了3个阻值分别为5、10、20的定值电阻替换小灯泡，来探究通过导体的电流与电阻的关系。实验中，控制电阻两端的电压为2V不变，为了完成实验，他选用的滑动变阻器的阻值至少为40。【解答】解：（1）原电路中，灯与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，灯应与电流表串联，电压表与灯并联，如下所示：
27、（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，说明电路中电流过大，将灯烧坏了，他接下来的操作是：断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端；（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；根据测量数据绘制了灯泡的IU图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，灯泡的额定电功率为：PUI2.5V0.2A0.5W；（4）电阻两端的电压始终保持UV2V，根据串联电路电压的规
28、律，变阻器分得的电压：U滑UUV6V2V4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入20电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑22040，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40的滑动变阻器。故答案为：（1）如上；（2）断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端；（3）右；0.5；（4）40。24（2分）（2019襄阳）小明同学在做“探究通电螺线管外围的磁场分布”的实验中：（1）当他在通电螺线管四周不同位置摆放多枚小磁针，最后静止在如图所示位置。则通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。（2）当他改变通电螺线管中电流方向后，发现周围每个小磁针转动180度角后重新静止下
29、来。【解答】解：（1）通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；（2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关，所以只改变螺线管中的电流方向，小磁针会转动180后重新静止下来，南北极所指方向正好与原来相反；故答案为：条形；180。四、应用与创新（第25题3分，第26题5分，共8分）25（3分）（2019襄阳）工人师傅用如图所示的滑轮组将重为600N的货物匀速提升了2m，做了1500J的功。求：（1）滑轮组的机械效率；（2）当他用400N的拉力匀速提升其它货物时，额外功占总功的15%，求提升货物的重。【解答】解：（1）所做的有用功：W有用Gh600N2m1200J
30、，由题知，工人做了1500J的功，即W总1500J，滑轮组的机械效率：100%80%；（2）当他用400N的拉力匀速提升其它货物时，额外功占总功的15%，则有用功占总功的为85%，即85%，由图知，n3，滑轮组的机械效率，所以，此时提升的物重：G3F385%400N1020N。答：（1）滑轮组的机械效率为80%；（2）当他用400N的拉力匀速提升其它货物时，额外功占总功的15%，提升货物的重为1020N。26（5分）（2019襄阳）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L上标有“6V、2W”字样，当S1和S2同时闭合时，电流表的示数为0.5A；当只闭合S1时，电压表的示数为3V，此时R1消耗的功率为0.4W求：（1）小灯泡正常工作时的电阻值；（2）R1的阻值。【解答】解：（1）由P得，小灯泡正常工作时的电阻值：RL18；（2）当S1和S2同时闭合时，灯泡被短路，电路中只有R1工作，电路中的电流I0.5A，当只闭合S1时，R1和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，此时电路中的电流：I，此时R1消耗的功率：P1I2R1（）2R10.4W，联立两式解得R13.6或R110。当R13.6时，电源电压UIR10.5A3.61.8V3V，不合题意，所以R13.6应舍去，即R1的阻值为10。答：（1）小灯泡正常工作时的电阻值为18；（2）R1的阻值为10。第17页（共17页）
