1、张家港市2019-2020学年第一学期初中阳光指标学业水平测试调研初三物理试卷2020.1一、选择题1.如图所示在使用的工具中，属于费力杠杆的是A. 剪刀B. 起子C. 镊子D. 钢丝钳【答案】C【解析】【详解】A剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；B起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；C镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；D钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； 故D不符合题意2.如图所示实验或事例，属于内能转化为机械能的是A. 由滑梯滑下臀部会有灼热感B. 搓手取暖C. 钻木取火D. 水蒸气将木塞
2、冲出【答案】D【解析】【详解】A由滑梯滑下臀部会有灼热感，是摩擦做功，机械能转化为内能，不合题意；B搓手取暖是摩擦做功，机械能转化为内能，不合题意C钻木取火是摩擦做功，机械能转化为内能，不合题意；D水蒸气将木塞冲出，是气体对外做功，将内能转化为机械能，符合题意；3.苏州属沿海地区，昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为A. 海水的密度小，砂石的密度大 B. 海水的比热容大，砂石的比热容小C. 海水内能多，砂石的内能少 D. 海水吸收的热量少，砂石吸收的热量多【答案】B【解析】【详解】沿海地区多海水，内陆沙漠地区多砂石，因为海水的比热容比沙石的大,根据公式Q=cmt可知比热容大
3、的物质则吸收和放出相同的热量温度变化小选B4. 如图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度，让小球从A点由静止开始自由滑下，沿轨道AOB到达B点后离开（不计空气阻力）则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是A. aB. bC. cD. d【答案】C【解析】试题分析：由题意可知，不计空气阻力，轨道又是光滑的，没有摩擦力，小球只在重力作用下运动，机械能守恒；小球离开B点后做斜抛运动，当达到最高点时速度沿水平方向，由机械能守恒定律得斜抛运动的最高点就会低于A点而高于B点，故应选C【考点定位】机械能守恒5.用如图所示的杠杆提升重物，如果作用在A端的力F始终垂直于杠杆，在将重物慢慢提升到一定高度的
4、过程中（超过水平位置），力F的大小将（ ）A. 逐渐变大B. 逐渐变小C. 先变小，后变大D. 先变大，后变小【答案】D【解析】【详解】当慢慢提升重物不超过水平位置时，重力（阻力）不变，阻力臂增大（水平时最大），动力臂不变，即：G不变、l1不变，l2增大，因为Fl1=Gl2，所以力F逐渐变大；当杠杆超过水平位置时，阻力和动力臂还是不变，但是阻力臂减小，即：G不变、l1不变，l2减小，由Fl1=Gl2可知动力F减小，所以动力F先变大后减小。故选D。6.如图是某取暖器的工作电路图为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关S，使取暖器倾倒时整个电路断开则跌倒开关S应安装在A. a处B. b处C.
5、c处D. d处【答案】A【解析】【分析】【详解】跌倒开关可以使取暖器倾倒时整个电路断开，故开关应该接在干路上，故A是正确7.如图所示的电路中，电源电压不变，开关S闭合，灯L1和L2都正常发光一段时间后，突然其中一灯熄灭，而电压表和电流表的示数都不变，出现这一现象的原因可能是A. 灯L1短路B. 灯L2短路C. 灯L1断路D. 灯L2断路【答案】D【解析】【详解】A、如果灯泡L1短路，整个电路短路，电流表电压表示数都变为零，不符合题意；B、如果灯泡L2短路，整个电路短路，电流表电压表示数都变为零，不符合题意；C、如果灯泡L1断路，不发光；电流表断路，电流表无示数，不符合题意；D、如果灯泡L2断路
6、，电流表测量L1支路电流不受影响，示数不变；电源电压不变，电压表示数不变，符合题意8.自动售票公交车后门两侧的扶手上各装有一个红色按钮(如图所示)，想要下车的乘客只要按下其中任何一个按钮，装在车内的电铃就会响起，以提醒司机停车如图所示的电路图符合要求的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】按下任何一个下车按钮时电铃都会发声，说明两个开关并联共同控制电铃A图中上面开关闭合后，会造成电源短路，故A不符合题意B图中两个开关并联后共同控制电铃，即任何一个开关闭合后，电铃都会响起，故B符合题意C图中两个开关若同时闭合，会造成电源短路，故C不符合题意D两个开关串联，即两个开关必须同时闭合电铃才能发声
7、，故D不符合题意答案为B9.对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量电阻”这两个实验，下列说法不正确的是（ ）A. 它们都是采用控制变量的研究方法B. 它们的实验电路图是相同的C. 前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D. 后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差【答案】A【解析】【详解】A在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要控制变量法，故A错误，符合题意；B这两个实验的实验电路图都相同，故B正确，不符合题意；CD在“探究电流跟电阻的关系”时分析多组数据，是为了避免实验的偶然性，得出具有普遍性的结论，而“伏安法测量电阻”时多次测量
8、的目的是取平均值减小误差，故CD都正确，不符合题意。故选A。10. 电动机是一种高效率，低污染的动力设备，广泛地应用在日常生活和生产实践中下列家用电器中应用了电动机的是（ ）A. 洗衣机B. 电饭锅C. 电热水壶D. 电热毯【答案】A【解析】【详解】洗衣机通电时，滚筒会发生转动，表明洗衣机内部有电动机，所以洗衣机应用了电动机；电饭锅、电热水壶、电热毯通电时，电能转化为热，它们是利用了电流的热效应故选 A11.在如图所示电路中，电源电压不变闭合开关后，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的
9、功率为2W下列说法正确的是A. 小灯泡正常发光时的电阻为10B. 滑动变阻器的最大阻值为20C. 电源电压为8VD. 滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.2 W【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W，由小灯泡消耗的功率变大可知，电路中的电流I0.3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由PUI可得，此时灯泡两端的电压：=3V，当滑片P移到中点时，变阻器接入电路中的电
10、阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，由电压表示数变化了2V可知，此时灯泡两端的电压ULUL+2V3V+2V5V，因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率PL2W，所以，由PUI可得，灯泡正常发光时的电阻：=12.5，故A错误；当滑片P在最右端时，灯泡的电功率两端的电压UL3V，电路中的电流I0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I可得，电源的电压：UUL+IR3V+0.3AR滑，当滑片P移到中点时，灯泡两端的电压UL5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：=0.4A，电源的电压：UUL+I5V+0.4A，因电源的电压不变，所以，3V+0.3AR滑5V+0.4A，
11、解得：R滑20，故B正确；电源的电压UUL+IR3V+0.3A209V，故C错误；滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率：PRI2R滑（0.3A）2201.8W，故D错误12.如图甲所示，R1的阻值是20 滑动变阻器R2消耗的功率P与其电阻R2的关系图象如图乙所示，则R2消耗的最大功率是()A. 0.45 WB. 0.50 WC. 0.80 WD. 0.90 W【答案】A【解析】【详解】由滑动变阻器R2消耗的功率P与其电阻R2的关系图象可知，当R2=10时，P2=04W，这时电流，电源电压U=IR=02A（20+10）=6V，由乙图可知当R2=20时，R2的功率最大，此时电路中电流I1=U/R
12、1=6V/（20+20）=015A，电阻R2的最大功率P1=I12R2=（015A）220=045W，故应选A二、填空题13.海洋中有一种会放电的鱼叫电鳐，它放电时最高电压可高达200V，即为_kV，游近电鳐的鱼会被电死或电晕，因为海水是_体（导/绝缘）。【答案】 (1). 0.2 (2). 导【解析】【详解】1由1V=0.001kV可得：200V=2000.001kV=0.2kV；2容易导电的物体叫导体，因为海水容易导电，所以海水是导体。14.如图所示，一根均匀的细木棒OC，OA=OC，B为OC的中点，在C点施力将挂在A点的重为180N的物体匀速提升0.2m，木棒的机械效率为90%，这里的木
13、棒是一种简单机械，称为_，提升该物体做的有用功是_J，木棒重为_N（不计摩擦）【答案】 (1). 杠杆 (2). 36 (3). 10【解析】【详解】根据图示可知，木棒可以绕O点转动，故该木棒相当于杠杆；有用功：W有=Gh=180N02m=36J；因为OA=OC，B为OC的中点，所以OB=2OA；故当物体上升02m时，B点将上升04m；不计摩擦，由和W额=G木h可得：，解得G木=10N15.改变物体内能的方法有两种，_和_【答案】 (1). 做功 (2). 热传递【解析】【详解】12做功和热传递是改变物体内能的两种方式，它们都可以改变物体的内能，但热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的
14、转化过程；16.美国正在试验助推火箭无损回收技术：火箭将飞船推送至一定高度；箭船分离，火箭停止喷火、落向地面；接近地面时，火箭再次消耗燃料、向下喷火，并以2m/s的速度匀速下降火箭匀速下降时，动能_（变小/不变/变大），重力势能_（变小/不变/变大）火箭用氢气作燃料利用了氢气_大【答案】 (1). 变小 (2). 变小 (3). 热值【解析】【详解】火箭匀速下降时，消耗燃料，所以火箭的质量减小、速度不变，动能变小；质量减小、高度减小，重力势能变小由于氢的热值最大，所以火箭用氢气作燃料利用了氢气热值大的特性17.如图所示，斜面长S=10m，高h=4m用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体
15、由斜面底端A匀速推到顶端B运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功求：（1）运动过程中克服物体的重力做的功W=_J；（2）斜面的机械效率=_；（3）推力F的大小F=_N【答案】 (1). 600 (2). 75% (3). 80【解析】【详解】克服重力做功：600J；机械效率：75%；推力做功,F=80N.18.有许多重大火灾都是因用电线路连接处接触不良所造成的，当线路连接处接触不良时，该处的电阻将_（减小增大不变），在该接触处就会局部过热引起升温，接触处的电阻又将随着温度的升高而_（减小增大不变），从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾【答案】 (1). 增大 (2). 增大【解析】
16、【详解】当线路连接处接触不良时，该处的电阻会增大；利用焦耳定律分析接触处局部过热，而金属电阻的阻值随温度升高而增大，据此分析电路连接处与原来相比，由于接触不好，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大；连接处相对于其他地方电阻增大，根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量，因此导致局部温度升高，而金属导线的电阻随温度的升高而增大，电阻增大，产生的热量更多，温度升得更高，以致恶性循环引发火灾19.如图甲所示，当开关S从点2转到1时，电流表和电压表对应的示数如图乙所示，由图甲和图乙中的信息可知，电源电压是_V，电阻R2的阻值是_，电阻R2的IU图象是丙图中的_（填“
17、a”或“b”），R1前后消耗的电功率差为_W【答案】 (1). 6 (2). 20 (3). a (4). 3.2【解析】【详解】当开关S接1时，等效电路图如图1所示；当开关S接2时，等效电路图如图2所示；（1）由图1和图2可知，S接1时电压表的示数最大，电流表的示数也最大，由乙图可知，电源的电压U=6V，此时电路中的电流I=0.6A，所以由图1可得：R1=10；R1消耗的电功率：P1=UI=6V0.6A=3.6W；（2）由图2可得：U1=2V，电路中的电流I=0.2A，R1消耗的电功率P1=U1I=2V0.2A=0.4W，R1前后消耗的电功率差P1P1=3.6W0.4W=3.2W；R2两端的
18、电压U2=UU1=6V2V=4V，所以R2=20，当R2两端的电压为4V时，通过的电流为0.2A，结合丙图可知a表示电阻R2的IU图象20.苏州市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表小明家脉冲式数字电能表的表盘上有“3000imp/kWh”、“220V、20A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只“220V、100W”的电灯，使其工作1h，则电灯消耗的电能是_J，指示灯闪烁了_次【答案】 (1). 3.6105 (2). 300【解析】【详解】接通一只“220V 100W”的电灯，使其工作1h，则电灯消耗的电能为W=Pt=100W3600s=3.61
19、05J=0.1kWh，指示灯闪烁了(0.1 kWh/1 kWh)3000imp=300次21.如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“20 1 A”的字样，电流表量程为00. 6A，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为_A。若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的最小阻值是_。【答案】 (1). 0.3 (2). 5【解析】【详解】1由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。灯泡正常发光时的电压为3V，功率为0.9W，此时的电流：IL=0.3A；2因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻
20、器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为00.6A，所以，电路中的最大电流是0.3A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，灯泡的电阻：RL=10，电路中的总电阻：R总=15，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：Rmin=R总-RL=15-10=5。22.如图所示,电源电压不变,R1=10 ,R2=15 当S1、S2都闭合时,甲、乙都是电压表,则U甲U乙=_;当S1闭合,S2断开时,甲、乙都是电流表,则I甲I乙=_ 【答案】 (1). 35 (2). 52【解析】两个电阻串联，电压之比是和电阻是成正比的，所以两个电阻两端的电压之比是2：3，当S1、S2都闭合时甲、
21、乙都是电压表，则U甲：U乙=3：5；当S1闭合，S2断开时，甲、乙都是电流表，两个电阻是并联的，电流之比和电阻是反比的，则I甲：I乙=5:223.甲和乙两灯的额定电压均为6V，图是甲、乙两灯的电流随其两端 电压变化的曲线现将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路的工作电流应为_A，电源电压最大为_V【答案】 (1). 0.5 (2). 8【解析】【详解】正常工作时电压是6V，从图中看出与6V相对应的电流分别是1A和0.5A，由于两灯串联，经过两灯的电流都相等，所以取较小的0.5A（如果取较大的那个1A，会导致乙灯损坏）；当电流是0.5A时，从图中可以看出，甲灯
22、的电压是2V，乙灯的电压是6V，所以电源电压是8V三、解答题24.为使轻质杠杆AB在如图所示位置静止，请你在杠杆上画出所施加最小动力F1的示意图，并作出阻力F2的力臂l2.（ ）【答案】【解析】【详解】在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OB比OA长，所以OB做动力臂最长，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图所示：做出阻力作用线，则支点O到阻力作用线的垂直距离为阻力臂L225.如图通过滑轮组向下用力提升物体，请画出滑轮组的绕线。【答案】如下图所示【解析】【详解】用一个定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组，通过滑轮组向下用力提升物体，说明绳子自由端的拉力方向向下
23、，所以绳子由定滑轮开始绕起，如图所示：26.如图当开关闭合后，两灯均能正常发光，在甲乙两处填入合适的电表。（ ）【答案】【解析】【详解】两灯泡要想正常工作，连接方式必须并联，因为电压表一定要并联在电路中，电流表一定要串联在电路中，所以电流从正极出发分两支，一支经灯泡L1回负极，另一支经电流表、L2回负极，甲与L2串联，乙与两灯泡并联，因此甲为电流表，乙为电压表。如下图所示： 27.小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均1kg的水和另一种液体进行对比实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示，实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图象可以得出：_（选填“
24、甲”或“乙”）物质为水，另一种液体的比热容为_，这种液体在015min内放出的热量为_【答案】 (1). 甲 (2). 2.1103J/（kg） (3). 4.2104J【解析】（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用热量的计算公式Q吸=cmt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，所以若A、B两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是甲液体，由图可知：液体的初温是20，加热15分钟后甲液体的末温是40，则水放出的热量：Q放=c水m水（t水t0）=4.2103J/（kg
25、）m（6040）；（2）由题知，而水和液体的质量相同，即m水=m乙，c水m水t=c乙m（6020）=4.2103J/（kg）m（6040），解得c乙=2.1103J/（kg）；（3）读图可得，乙在15min内由60降低到20，降低的温度是6020=40，所以乙放出的热量Q放=cmt=2.1103J/（kg）kg40=8.4104J【考点定位】探究比热容的实验28.小华为了探究物体动能的大小与质量、速度的关系，设计了如图甲、乙所示的实验。实验甲：质量相同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示。实验乙：
26、质量不同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示。（1）本实验中是通过比较_来反映动能的大小，小球的动能是由_能转化而来的；（2）要探究小球动能的大小与质量的关系，应选用_图（甲/乙）；（3）甲实验可以得出的结论是_；（4）若在实验中，由于木板较短，木块碰后滑出木板，在不改变原有器材的情况下，如何保证碰后木块能始终在木板上滑行?方法是_。【答案】 (1). 木块移动的距离 (2). 重力势 (3). 乙 (4). 物体的质量相等时，物体的速度越大，动能越大 (5). 适当降低小球释放的高度【解析】【详解】(
27、1)1这个实验中，利用小球推动木块距离的长短来比较物体的动能大小；2小球从高处滚下，重力势能转化为动能，即小球的动能是由重力势能转化而来的；(2)3要探究小球动能的大小与质量的关系，应控制小球达到水平面的速度相同，即让质量不同的小球从同一高度由静止滚下，应选用图乙；(3)4由图甲可知，两球的质量相等，最初释放小球的高度越大，到达水平面的速度越大，则将木块推动的越远，说明小球具有的动能越大，可得出的结论：当物体的质量相等时，物体的速度越大，动能越大；(4)5若在实验中，由于木板较短，木块被碰后滑出木板；在不改变原有器材的情况下，为保证碰后木块能始终在木板上滑行，可以适当降低小球释放的高度，可以减
28、小小球达到水平面的速度。29.在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，某组同学用同样的滑轮安装了如图甲、乙所示的滑轮组，实验测得的数据如下表所示。次数物体的重力G/N提升高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率120.110.366.7%23011.40.371.4%340.11.80.374.1%420.11.50.2（1）表格内的第4次实验中应补充的数据是_（结果精确到0.1%）。这次数据是用图中_（甲/乙）所示的滑轮组测得的；（2）分析比较第1、2、3次实验数据可以判定，若要增大滑轮组的机械效率，应该_，在第1次实验中，拉力F所做的额外功为_J；（3）某同学认为，使用相同的滑轮所组成
29、的滑轮组提升同一个重物时，越省力的滑轮组其机械效率越高，他的想法正确吗?请你利用补充完整后的表格中的数据说明你的判断：_，理由是_。【答案】 (1). 66.7% (2). 乙 (3). 增大物体的重力 (4). 0.1 (5). 不正确 (6). 详见解析【解析】【详解】(1)1第4次实验的机械效率：=66.7%；2滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=2，而图乙中提升物体绳子段数为2，故选择装置乙；(3)3比较第1、2、3次实验数据可知，对于同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高，因此增大物体的重力可以提高滑轮组的机械效率；4根据第1次实验数据可知，W有1=Gh=2N0.1m=0.2J，W总1
30、=Fs=1N0.3m=0.3J，W额1=W总1-W有1=0.3J-0.2J=0.1J；(4)56他的想法不正确，比较第1、4次实验数据可知，第1次比第4次省力，但两次的机械效率却相同。30.小明家新安装了一台装有200kg水的太阳能热水器，加满水后，经过一段时间阳光的照射，水温由原来的20升高到了40 。（水的比热容、焦炭的热值q=3.0 107 J/kg）求：（1）在这一段时间内水吸收了多少热量?（2）若这些热量由效率为20%的火炉燃烧焦炭来提供，则需要燃烧多少kg的焦炭?【答案】(1) 1.68107J；(2)2.8kg。【解析】【详解】(1)水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/(
31、kg)200kg(40-20)=1.68107J；(2)焦炭放出的热量：Q放20%=Q吸=1.68107J，Q放=8.4107J，需要燃烧焦炭的质量：m=2.8kg。答：(1)在这一段时间内水吸收了1.68107J热量；(2)需要燃烧2.8kg的焦炭。31.搬运工人用如图所示滑轮组，在5s内将一个重120N的物体匀速提升3m，所用的拉力F为50N，不计绳重及摩擦。求：（1）拉力F做功的功率；（2）滑轮组的机械效率；（3）若用该滑轮组同时拉4个这样的物体匀速上升，拉力为多大?【答案】(1) 90W；(2) 80%；(3)170N。【解析】【详解】(1)由图可知，n=3，则拉力端移动的距离s=3h
32、=33m=9m，拉力做的总功：W总=Fs=50N9m=450J，拉力F做功的功率：P=90W；(2)有用功：W有用=Gh=120N3m=360J，滑轮组的机械效率：=80%；(3)不计绳重及摩擦，则动滑轮的重：G动=3F-G=350N-120N=30N，若用该滑轮组同时拉4个这样的物体匀速上升，物体的重力G=480N，此时拉力：F=(G+G动)= (480N+30N)=170N。答：(1)拉力F做功的功率是90W；(2)滑轮组的机械效率是80%；(3)若用该滑轮组同时拉4个这样的物体匀速上升，拉力为170N。32.如图所示是小明家的电热水壶及其铭牌：小明将该电热水壶接入家庭电路，用它来加热1.
33、5kg水。（1）试计算该电热水壶正常工作时的电流?（2）水从20加热到100吸收的热量是多少?（3）在额定电压下，小明烧开这壶水实际用时8min，则这段时间内消耗的电能是多少?【答案】(1) 5A；(2)5.04105J；(3)5.28105J。【解析】【详解】(1)电热水壶正常工作时的电流：I=5A；(2)水从20加热到100吸收的热量：Q吸=cm(t-t0)=4.2103J/(kg)1.5kg(100-20)=5.04105J；(3)电热水壶消耗的电能：W=Pt=1100W860s=5.28105J。答：(1)该电热水壶正常工作时的电流是5A；(2)水从20加热到100吸收的热量是5.04
34、105J。(3)电热水壶消耗的电能是5.28105J。33.在探究影响电流热效应因素的活动中，小明用电阻分别为R1和R2（R1R2）的两段电阻丝，研究电流的大小、电阻和时间对产生热量的影响。（1）实验中应将这两段电阻丝分别浸没在_和初温都相同两瓶煤油中；（2）如图所示，将两段电阻丝串联后接入电路，这是探究_对产生热量的影响。工作一段时间后_（A/B）瓶中温度计示数高；（3）研究电流大小对产生热量的影响时，小明将R1和R2并联后接入电路，工作相同时间。此过程中产生热量多的电阻是_（R1/R2）。小明的这一做法可行吗?说明你的理由。答：_（可行/不可行）。理由：_。【答案】 (1). 质量 (2)
35、. 电阻 (3). A (4). R2 (5). 不可行 (6). 实验中未能保持电阻不变【解析】【详解】(1)1在探究影响电流热效应的因素，要使两瓶中盛装的煤油质量和初温相等；(2)23将两段电阻丝串联后接入电路，则通过它们的电流和通电时间相同，由题意可知，两电阻不同，所以这是探究电阻对产生热量的影响；R1R2，所以工作一段时间后，R1产生的热量较多，即A瓶中温度计示数高；(3)4将R1和R2并联后接入电路，则电阻两端的电压和工作相同时间，R1R2，由欧姆定律可知通过R2的电流大；根据Q=W=UIt，电压和通电时间相同，电流大的产生热量较多，所以产生热量多的电阻是R2；56要探究电阻产生的热
36、量与电流的关系，应保持电阻和通电时间相同，电流不同，由于小明在实验中未能保持电阻不变，所以小明的这一做法不可行。34.小丽做测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有“2. 5V”字样，电阻约10）。（1）如图甲所示，电源为两节新干电池，小丽所接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法；（ ）（2）实验过程中，当电压表示数为_V时，小灯泡达到额定功率，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_W；（3）在某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了R1，小灯泡的阻值变化了R2，则R1_（/ (5). 详见解析 (
37、6). B (7). 详见解析【解析】【详解】(1)1电压表并联在灯泡和滑动变阻器的两端，测灯泡和滑动变阻器的总电压，所以电压表的“3”接线柱和滑动变阻器右下端接线柱连接错误，应把电压表并联在灯泡两端，电压表的“3”接线柱和灯泡右端接线柱连接，如下图：(2)23由题意可知，当电压表示数为2.5V时，小灯泡达到额定功率；由图乙可知，电流表选择的是00.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的示数为0.24A；小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V0.24A=0.6W；(3)45当滑动变阻器电阻变小时，根据分压原理，变阻器两端的电压变小，由串联电路电压的规律，灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流变大，根据P=UI可知，灯泡的实际功率增大，灯丝温度升高，灯泡电阻变大，而电流中的电流变大，电源电压不变，由R=可知总电阻变小，根据R=R滑+R灯可知，只有当R滑的减小量大于R灯的增加量时才会使总电阻变小，所以R1R2；(4)67方案A通过Rx与R串联，测得Rx两端电压，然后单刀双至开关由a到b再调节电阻箱，电压表示数与在a点相同，则可求得电阻值；方案B先后把电压表分别放在Rx和R0两端测出电压值，由串联分压公式可求Rx，调节电阻箱阻值，可以多次测量。方案A，只能求一次阻值；方案B可以多次测量求平均值，以减小误差。方案B可以让测量结果更准确。
