1、绝绝密密启启用用前前 2019 年普通高等学校招生全国统一考试 理科数学 本试卷共 5 页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 注意事项： 1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条 形码粘贴区。 2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体 工整、笔迹清楚。 3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在 草稿纸、试卷上答题无效。 4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。 5保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题
2、：本题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的 1设集合 A=x|x2-5x+60，B= x|x-1b，则 Aln(ab)0B3a0Dab 7设，为两个平面，则的充要条件是 A内有无数条直线与平行B内有两条相交直线与平行 C，平行于同一条直线D，垂直于同一平面 8若抛物线 y2=2px(p0)的焦点是椭圆 22 3 1 xy pp 的一个焦点，则 p= A2B3 C4D8 9下列函数中，以 2 为周期且在区间( 4 ， 2 )单调递增的是 Af(x)=cos 2xBf(x)=sin 2x Cf(x)=cosxDf(x)= sinx 10已
3、知(0， 2 )，2sin 2=cos 2+1，则 sin = A 1 5 B 5 5 C 3 3 D 2 5 5 11设 F 为双曲线 C： 22 22 1(0,0) xy ab ab 的右焦点，O为坐标原点，以OF为直径的 圆与圆 222 xya交于 P，Q 两点.若PQOF，则 C 的离心率为 A 2 B 3 C2D 5 12 设函数( )f x的定义域为 R， 满足 (1)2 ( )f xf x， 且当(0,1x时，( )(1)f xx x. 若对任意(,xm ，都有 8 ( ) 9 f x ，则 m 的取值范围是 A 9 , 4 B 7 , 3 C 5 , 2 D 8 , 3 二、填
4、空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分 13我国高铁发展迅速，技术先进.经统计，在经停某站的高铁列车中，有 10 个车次的正点 率为 0.97，有 20 个车次的正点率为 0.98，有 10 个车次的正点率为 0.99，则经停该站 高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为_. 14已知( )f x是奇函数，且当0x 时，( )eaxf x .若 (ln2)8f，则a _. 15ABC的内角 , ,A B C的对边分别为, ,a b c.若 6,2 , 3 bac B，则ABC的面积 为_. 16中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一.印信的形状多为长方体、正方体 或圆柱体，
5、但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”（图 1）.半正多面体 是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美.图 2 是 一个棱数为 48 的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的表面上，且此正方体 的棱长为 1.则该半正多面体共有_个面， 其棱长为_. （本题第一空 2 分， 第二空 3 分.） 三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必考题， 每个试题考生都必须作答第 22、23 为选考题，考生根据要求作答 （一）必考题：共 60 分。 17（12 分） 如图，长方体 ABCDA1B1C1D1的底面 ABC
6、D 是正方形，点 E 在棱 AA1上，BEEC1. （1）证明：BE平面 EB1C1； （2）若 AE=A1E，求二面角 BECC1的正弦值. 18（12 分） 11 分制乒乓球比赛，每赢一球得 1 分，当某局打成 10:10 平后，每球交换发球权，先 多得 2 分的一方获胜，该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛，假设甲发球时甲 得分的概率为0.5， 乙发球时甲得分的概率为0.4， 各球的结果相互独立.在某局双方10:10 平后，甲先发球，两人又打了 X 个球该局比赛结束. （1）求 P（X=2）； （2）求事件“X=4 且甲获胜”的概率. 19（12 分） 已知数列an和bn满足 a1=
7、1，b1=0， 1 434 nnn aab ， 1 434 nnn bba . （1）证明：an+bn是等比数列，anbn是等差数列； （2）求an和bn的通项公式. 20（12 分） 已知函数 1 1 ln x f xx x . （1）讨论 f(x)的单调性，并证明 f(x)有且仅有两个零点； （2）设 x0是 f(x)的一个零点，证明曲线 y=ln x 在点 A(x0，ln x0)处的切线也是曲线 exy 的切线. 21（12 分） 已知点 A(2,0)，B(2,0)， 动点 M(x,y)满足直线 AM 与 BM 的斜率之积为 1 2 .记 M 的轨迹为 曲线 C. （1）求 C 的方程，
8、并说明 C 是什么曲线； （2）过坐标原点的直线交 C 于 P，Q 两点，点 P 在第一象限，PEx 轴，垂足为 E，连 结 QE 并延长交 C 于点 G. （i）证明：PQG是直角三角形； （ii）求PQG面积的最大值. （二）选考题：共 10 分请考生在第 22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第 一题计分 22选修 4-4：坐标系与参数方程（10 分） 在极坐标系中，O 为极点，点 000 (,)(0)M 在曲线:4sinC上，直线 l 过点 (4,0)A且与OM垂直，垂足为 P. （1）当 0= 3 时，求 0 及 l 的极坐标方程； （2）当 M 在 C 上运动且 P 在
9、线段 OM 上时，求 P 点轨迹的极坐标方程. 23选修 4-5：不等式选讲（10 分） 已知( ) |2|().f xxa xxxa （1）当1a 时，求不等式( )0f x 的解集； （2）若(,1x 时，( )0f x ，求a的取值范围. 2019 年普通高等学校招生全国统一考试 理科数学参考答案 1A2C3C4D5A 6C7B8D9A10B 11A12B 130.98143 156 3 1626； 21 17解：（1）由已知得， 11 BC 平面 11 ABB A，BE 平面 11 ABB A， 故 11 BC BE 又 1 BEEC，所以BE 平面 11 EBC （2） 由 （1）
10、知 1 90BEB 由题设知 11 RtRtABEAB E， 所以45AEB， 故AEAB， 1 2AAAB 以D为坐标原点，DA 的方向为x轴正方向，|DA 为单位长，建立如图所示的空间直 角坐标系D-xyz， 则C （0， 1， 0） ， B （1， 1， 0） ， 1 C（0， 1， 2） ， E （1， 0， 1） ，(1, 1,1)CE ， 1 (0,0,2)CC 设平面EBC的法向量为n=（x，y，x），则 0, 0, CB CE n n 即 0, 0, x xyz 所以可取n=(0, 1, 1) . 设平面 1 ECC的法向量为m=（x，y，z），则 10, 0, CC CE m
11、 m 即 20, 0. z xyz 所以可取m=（1，1，0） 于是 1 cos, |2 n m n m n m 所以，二面角 1 BECC的正弦值为 3 2 18解：（1）X=2就是10：10平后，两人又打了2个球该局比赛结束，则这2个球均由甲得 分，或者均由乙得分因此P（X=2）=0.50.4+（10.5）（104）=05 （2）X=4且甲获胜，就是10：10平后，两人又打了4个球该局比赛结束，且这4个球的 得分情况为：前两球是甲、乙各得1分，后两球均为甲得分 因此所求概率为 0.5（10.4）+（10.5）0.40.50.4=0.1 19解：（1）由题设得 11 4()2() nnnn
12、abab ，即 11 1 () 2 nnnn abab 又因为a1+b1=l，所以 nn ab是首项为1，公比为 1 2 的等比数列 由题设得 11 4()4()8 nnnn abab ， 即 11 2 nnnn abab 又因为a1b1=l，所以 nn ab是首项为1，公差为2的等差数列 （2）由（1）知， 1 1 2 nn n ab ，21 nn abn 所以 111 ()() 222 nnnnn n aababn， 111 ()() 222 nnnnn n bababn 20解：（1）f（x）的定义域为（0，1），（1，+）单调递增 因为 f（e）= e 1 10 e 1 ， 22 2
13、22 e1e3 (e )20 e1e1 f ， 所以 f（x）在（1，+）有唯一零点 x1，即 f（x1）=0 又 1 1 01 x ， 1 11 11 11 ()ln()0 1 x fxf x xx ， 故 f（x）在（0，1）有唯一零点 1 1 x 综上，f（x）有且仅有两个零点 （2）因为 0 ln 0 1 e x x ，故点 B（lnx0， 0 1 x ）在曲线 y=ex上 由题设知 0 ()0f x，即 0 0 0 1 ln 1 x x x ， 故直线 AB 的斜率 0 0 000 0 000 0 0 111 ln 11 1 ln 1 x x xxx k x xxx x x 曲线 y
14、=ex在点 0 0 1 ( ln,)Bx x 处切线的斜率是 0 1 x ，曲线lnyx在点 00 (,ln)A xx处切 线的斜率也是 0 1 x ， 所以曲线lnyx在点 00 (,ln)A xx处的切线也是曲线 y=ex的切线 21解：（1）由题设得 1 222 yy xx ，化简得 22 1(| 2) 42 xy x，所以 C 为中心在 坐标原点，焦点在 x 轴上的椭圆，不含左右顶点 （2）（i）设直线 PQ 的斜率为 k，则其方程为(0)ykx k 由 22 1 42 ykx xy 得 2 2 12 x k 记 2 2 12 u k ，则( ,),(,),( ,0)P u uk Qu
15、ukE u 于是直线QG的斜率为 2 k ，方程为() 2 k yxu 由 22 (), 2 1 42 k yxu xy 得 22222 (2)280kxuk xk u 设(,) GG G xy，则u和 G x是方程的解，故 2 2 (32) 2 G uk x k ，由此得 3 2 2 G uk y k 从而直线PG的斜率为 3 2 2 2 1 2 (32) 2 uk uk k ukk u k 所以PQPG，即PQG是直角三角形 （ii）由（i）得 2 | 21PQuk ， 2 2 21 | 2 uk k PG k ， 所以PQG 的面积 2 22 2 1 8() 18 (1) | 1 2(1
16、2)(2) 12() k kk k SPQ PG kk k k 设 t=k+ 1 k ，则由 k0 得 t2，当且仅当 k=1 时取等号 因为 2 8 1 2 t S t 在2，+）单调递减，所以当 t=2，即 k=1 时，S 取得最大值，最大值 为 16 9 因此，PQG 面积的最大值为 16 9 22解：（1）因为 00 ,M 在C上，当 0 3 时， 0 4sin2 3 3 . 由已知得| |cos2 3 OPOA . 设( , )Q 为l上除P的任意一点.在RtOPQ中cos| 2 3 OP ， 经检验，点(2,) 3 P 在曲线cos2 3 上. 所以，l的极坐标方程为cos2 3 . （2）设( , )P ，在RtOAP中，| |cos4cos ,OPOA即 4cos 因为P在线段OM上，且APOM，故的取值范围是, 4 2 . 所以，P点轨迹的极坐标方程为4cos , 4 2 . 23解： （1）当 a=1 时，( )=|1| +|2|(1)f xxxxx. 当1x 时， 2 ( )2(1)0f xx ；当1x 时，( )0f x . 所以，不等式( )0f x 的解集为(,1). （2）因为( )=0f a，所以1a . 当1a ，(,1)x 时，( )=() +(2)()=2()(1)0f xax xx xaax x 所以，a的取值范围是1,).
