2020年广西省高考数学(理科)模拟试卷(4).docx

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1、 第 1 页(共 20 页) 2020 年广西省高考数学(理科)模拟试卷(年广西省高考数学(理科)模拟试卷(4) 一选择题(共一选择题(共 12 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 5 分)分) 1 (5 分)已知集合 Ax|1x2,xZ,B1,0,1,则 AB( ) A0,1 B1,2 C1,0,1 D1,0,1,2 2 (5 分)已知 z(m+3)+(m1)i 在复平面内对应的点在第四象限,则实数 m 的取值 范围是( ) A (3,1) B (1,3) C (1,+) D (,3) 3 (5 分)某单位有 840 名职工,现采用系统抽样方法从中抽取 56 人做问卷调查,将

2、840 人按 1,2,3,840 随机编号,若 442 号职工被抽到,则下列 4 名职工中未被抽到的 是( ) A487 号职工 B307 号职工 C607 号职工 D520 号职工 4 (5 分)等比数列an中,公比 q1,且 a4+a84,则 a6的取值范围为( ) A (0,2 B (0,2) C (2,0)(0,2) D2,2 5 (5 分)抛物线顶点在原点,对称轴是 x 轴,点(5,4)到焦点的距离为 5,则抛物线 方程为( ) Ay216x By28x 或 y232x Cy24x Dy24x 或 y236x 6 (5 分)在平行四边形 ABCD 中,O 是对角线的交点, = 3 ,

3、则( ) A = 1 4 + 1 2 B = 1 2 + 1 4 C = 1 2 1 4 D = 1 4 1 2 7 (5 分)如图的程序框图是为了求出满足 1+ 1 2 + 1 3 + + 1 2(iN” )的最小偶数,那 么 在 “” 和 “” 两 个 空 白 框 中 , 可 以 分 别 填 入 ( ) Aii+1 和 i 是奇数 Bii+2 和 i 是奇数 第 2 页(共 20 页) Cii+1 和 i 是偶数 Dii+2 和 i 是偶数 8 (5 分)接正方体 6 个面的中心形成 15 条直线,从这 15 条直线中任取两条,则它们异面 的概率为( ) A 2 35 B 8 35 C12

4、 35 D18 35 9 (5 分)如图,正四面体 ABCD 中,E,F 分别是线段 AC 的三等分点,P 是线段 AB 的中 点,G 是直线 BD 的动点,则( ) A存在点 G,使 PGEF 成立 B存在点 G,使 FGEP 成立 C不存在点 G,使平面 EFG平面 ACD 成立 D不存在点 G,使平面 EFG平面 ABD 成立 10 (5 分)函数 f(x)2cos(2x+)sinsin2(x+) ( 为常数)图象的一个对称中心 的坐标为( ) A ( 4,0) B (0,0) C ( 4,0) D ( 6,0) 11 (5 分)双曲线 2 2 2 2 =1(a0,b0)的左、右焦点分别

5、为 F1、F2离心率为 e过 F2的直线与双曲线的右支交于 A、B 两点,若F1AB 是以 A 为直角顶点的等腰直角三角 形,则 e2的值是( ) A1+22 B3+22 C422 D522 12 (5 分)已知函数() = |2|(0) 2+ 2 + 2( 0),方程 f(x)a0 有四个不同的根,记 最大的根的所有取值为集合 D,若函数 F(x)f(x)kx(xD)有零点,则 k 的取值 范围是( ) A(0, 1 2 B1 2 , 1 2 C(0, 3 2 D1 2 , 3 2 第 3 页(共 20 页) 二填空题(共二填空题(共 4 小题,满分小题,满分 20 分,每小题分,每小题 5

6、 分)分) 13 (5 分) (1+ax2) (x3)5的展开式中 x7系数为 2,则 a 的值为 14 (5 分)设 x,y 满足约束条件 2 0 + 2 0 + 2 6 0 ,则 zx+y 的最小值是 15 (5 分)已知点 P 是函数 yx+ 3 2的图象上的一点,则点 P 到直线 x+2y+10 的距离的 最小值为 16 (5 分)某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则此几何体的体积是 cm3; 表面积是 cm2 三解答题(共三解答题(共 5 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 12 分)分) 17 (12 分)已知ABC 中,角 A,B,C 所对的边分别是 a,b,

7、c,且 + 2 3 =0,其 中 S 是ABC 的面积,C= 4 (1)求 cosB 的值; (2)若 S24,求 a 的值 18 (12 分)如图,四边形 ABCD 中(图 1) ,E 是 BC 的中点,DB2,DC1,BC= 5, ABAD= 2将(图 1)沿直线 BD 折起,使二面角 ABDC 为 60(如图 2) (1)求证:AE平面 BDC; (2)求二面角 ADCB 的余弦值 第 4 页(共 20 页) 19 (12 分)中央电视台“国家品牌计划”栏目组为了做好新能源汽车的品牌推介,利用网 络平台对年龄(单位:岁)在20,60内的人群进行了调查,并从参与调查者中随机选出 600 人

8、,把这 600 人分为对新能源汽车比较关注和不太关注两类,并制成如表表格: 年龄/ 岁 20,30) 30,40) 40,50) 50,60 性别 男 女 男 女 男 女 男 女 人数 40 10 120 70 160 100 80 20 比较关 注所占 的比例 20% 50% 60% 70% 70% 80% 60% 80% (1) 填写列联表, 并根据列联表判断能否在犯错误的概率不超过 0.01 的前提下认为性别 与对新能源汽车关注度有关; 比较关注 不太关注 总计 男 女 总计 (2)为了进一步了解不同性别的消费者对新能源汽车的关注情况,采用分层抽样的方法 从这 600 人中选出 6 人进

9、行访谈, 最后从这 6 人中随机选出 3 人参与电视直播节目, 记 3 人中女性的人数为 X,求 X 的分布列与期望 附: P(K2k0) 0.15 0.10 0.05 0.025 0.010 0.005 0.001 k0 2.072 2.706 3.841 5.024 6.635 7.879 10.828 第 5 页(共 20 页) K2= ()2 (+)(+)(+)(+),其中 na+b+c+d 20 (12 分)已知函数 f(x)ex+aln(xa) (a0) (1)当 a1 时,证明:函数 f(x)在(0,+)上存在唯一的极小值点 (2)若函数 f(x)在(0,+)上的最小值为 1,求

10、 a 的值 21 (12 分)已知椭圆 2 2 + 2 2 = 1(0)的左、右焦点分别为 F1,F2,且 F1(1,0) , 椭圆经点(1, 3 2) (1)求椭圆的方程; (2) 直线 l 过椭圆右顶点 B, 交椭圆于另一点 A, 点 G 在直线 l 上, 且GOBGBO 若 GF1AF2,求直线 l 的斜率 四解答题(共四解答题(共 1 小题,满分小题,满分 10 分,每小题分,每小题 10 分)分) 22 (10 分)在直角坐标系 xOy 中,曲线 C1: = 3 = 3 + (为参数),曲线 C2:x2+(y1) 21,以坐标原点 O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系 ()求

11、曲线 C1,C2的极坐标方程; ()若射线 l:(0)分别交 C1,C2于 A,B 两点,求| |的最大值 五解答题(共五解答题(共 1 小题)小题) 23设函数 f(x)|x1|,g(x)|x2| (1)解不等式 f(x)+g(x)2; (2)对于实数 x,y,若 f(x)1,g(y)1,求证:|x2y+1|5 第 6 页(共 20 页) 2020 年广西省高考数学(理科)模拟试卷(年广西省高考数学(理科)模拟试卷(4) 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一选择题(共一选择题(共 12 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 5 分)分) 1 (5 分)已知集合 Ax|1x2,

12、xZ,B1,0,1,则 AB( ) A0,1 B1,2 C1,0,1 D1,0,1,2 【解答】解:Ax|1x2,xZ0,1,2,B1,0,1, AB1,0,1,2 故选:D 2 (5 分)已知 z(m+3)+(m1)i 在复平面内对应的点在第四象限,则实数 m 的取值 范围是( ) A (3,1) B (1,3) C (1,+) D (,3) 【解答】解:z(m+3)+(m1)i 在复平面内对应的点在第四象限, 可得: + 30 10,解得3m1 故选:A 3 (5 分)某单位有 840 名职工,现采用系统抽样方法从中抽取 56 人做问卷调查,将 840 人按 1,2,3,840 随机编号,

13、若 442 号职工被抽到,则下列 4 名职工中未被抽到的 是( ) A487 号职工 B307 号职工 C607 号职工 D520 号职工 【解答】解:根据系统抽样的特点,得组距应为 8405615, 4421529 余 7, 4871532 余 7,3071520 余 7,6071540 余 7,5201534 余 10, 520 号职工没有被抽到, 故选:D 4 (5 分)等比数列an中,公比 q1,且 a4+a84,则 a6的取值范围为( ) A (0,2 B (0,2) C (2,0)(0,2) D2,2 【解答】解:由已知得 a4,a6,a8同为正数; 6 2 = 4 8 (4+8

14、2 )2= 4,当且仅当 a4a82 时取等号, (此时 q1) ; 第 7 页(共 20 页) 0a62; a6的取值范围为(0,2 故选:A 5 (5 分)抛物线顶点在原点,对称轴是 x 轴,点(5,4)到焦点的距离为 5,则抛物线 方程为( ) Ay216x By28x 或 y232x Cy24x Dy24x 或 y236x 【解答】解:由题意设抛物线方程为:y22px,抛物线的焦点坐标( 2,0) , 点(5,4)到焦点的距离为 5, 可得:(5+ 2) 2+ 42 = 5,解得 p4 或 p16 所求抛物线方程为:y28x 或 y232x 故选:B 6 (5 分)在平行四边形 ABC

15、D 中,O 是对角线的交点, = 3 ,则( ) A = 1 4 + 1 2 B = 1 2 + 1 4 C = 1 2 1 4 D = 1 4 1 2 【解答】解: = 3 , = 3 4 = 3 4 , = 1 2 = 1 2( + ) , = + = 1 2( + ) 3 4 1 4 + 1 2 , 故选:A 7 (5 分)如图的程序框图是为了求出满足 1+ 1 2 + 1 3 + + 1 2(iN” )的最小偶数,那 第 8 页(共 20 页) 么 在 “” 和 “” 两 个 空 白 框 中 , 可 以 分 别 填 入 ( ) Aii+1 和 i 是奇数 Bii+2 和 i 是奇数 C

16、ii+1 和 i 是偶数 Dii+2 和 i 是偶数 【解答】解:程序框图中,SS+ 1 , 故执行框中应填入 ii+1, 又要求出满足1 + 1 2 + 1 3 + + 1 2( )的最小偶数, 故判断框中应填入 i 是偶数 故选:C 8 (5 分)接正方体 6 个面的中心形成 15 条直线,从这 15 条直线中任取两条,则它们异面 的概率为( ) A 2 35 B 8 35 C12 35 D18 35 【解答】解:接正方体 6 个面的中心形成 15 条直线,从这 15 条直线中任取两条, 基本事件总数 n= 15 2 = 1514 2 =105, 它们异面包含的基本事件个数 m44+41+

17、2836, 从这 15 条直线中任取两条,它们异面的概率 p= = 36 105 = 12 35 故选:C 9 (5 分)如图,正四面体 ABCD 中,E,F 分别是线段 AC 的三等分点,P 是线段 AB 的中 点,G 是直线 BD 的动点,则( ) 第 9 页(共 20 页) A存在点 G,使 PGEF 成立 B存在点 G,使 FGEP 成立 C不存在点 G,使平面 EFG平面 ACD 成立 D不存在点 G,使平面 EFG平面 ABD 成立 【解答】解:正四面体 ABCD 中,E,F 分别是线段 AC 的三等分点, P 是线段 AB 的中点,G 是直线 BD 的动点, 在 A 中,不存在点

18、 G,使 PGEF 成立,故 A 错误; 在 B 中,存在点 G,使 FGEP 成立,故 B 正确; 在 C 中,存在点 G,使平面 EFG平面 ACD 成立,故 C 错误; 在 D 中,存在点 G,使平面 EFG平面 ABD 成立,故 D 错误 故选:B 10 (5 分)函数 f(x)2cos(2x+)sinsin2(x+) ( 为常数)图象的一个对称中心 的坐标为( ) A ( 4,0) B (0,0) C ( 4,0) D ( 6,0) 【解答】解:f(x)2cos(2x+)sinsin2(x+) 第 10 页(共 20 页) 2cos(2x+)sinsin(2x+)+ 2cos(2x+

19、)sinsin(2x+)coscos(2x+)sin cos(2x+)sinsin(2x+)cossin2x 由 2xk,得 x= 2 ,kZ f(x)图象的一个对称中心的坐标为(0,0) 故选:B 11 (5 分)双曲线 2 2 2 2 =1(a0,b0)的左、右焦点分别为 F1、F2离心率为 e过 F2的直线与双曲线的右支交于 A、B 两点,若F1AB 是以 A 为直角顶点的等腰直角三角 形,则 e2的值是( ) A1+22 B3+22 C422 D522 【解答】解:设|AF1|AB|m,则|BF1|= 2m,|AF2|m2a,|BF2|= 2m2a, |AB|AF2|+|BF2|m,

20、m2a+2m2am, 4a= 2m,|AF2|(1 2 2 )m, AF1F2为 Rt 三角形,|F1F2|2|AF1|2+|AF2|2 4c2(5 2 2)m2, 4a= 2m 4c2(5 2 2)8a2, e2522 故选:D 12 (5 分)已知函数() = |2|(0) 2+ 2 + 2( 0),方程 f(x)a0 有四个不同的根,记 最大的根的所有取值为集合 D,若函数 F(x)f(x)kx(xD)有零点,则 k 的取值 范围是( ) A(0, 1 2 B1 2 , 1 2 C(0, 3 2 D1 2 , 3 2 【解答】解:作出函数() = |2|(0) 2+ 2 + 2( 0)的

21、图象如图, 第 11 页(共 20 页) 由图可知,D(2,4, 函数 F(x)f(x)kx(xD)有零点,即 f(x)kx 有根, 也就是 ykx 与 yf(x)在(2,4上有交点,则 k 的最小值为2 4 = 1 2; 设过原点的直线与 ylog2x 的切点为(x0,log2x0) ,斜率为 1 02, 则切线方程为 ylog2x0= 1 02(xx0) , 把(0,0)代入,可得log2x0= 1 2,即 x0e 切线斜率为 1 2 k 的取值范围是1 2, 1 2 故选:B 二填空题(共二填空题(共 4 小题,满分小题,满分 20 分,每小题分,每小题 5 分)分) 13 (5 分)

22、(1+ax2) (x3)5的展开式中 x7系数为 2,则 a 的值为 2 【解答】解:(1+ax2) (x3)5(1+ax2) (x515x4+90x3270x2+405x243)的展 开式中 x7系数为 a2, 则 a 的值为 2, 故答案为:2 14 (5 分)设 x,y 满足约束条件 2 0 + 2 0 + 2 6 0 ,则 zx+y 的最小值是 0 【解答】解:依题意 x,y 满足约束条件 2 0 + 2 0 + 2 6 0 画图如下: 第 12 页(共 20 页) 当 z0 时,有直线 l1:x+y0 和直线 l2:xy0,并分别在上图表示出来, 当直线向 xy0 向下平移并过 A

23、点的时候,目标函数 zx+y 有最小值,此时最优解就 是 A 点,点 A 的坐标是:A(2,2) , 所以目标函数 zx+y 的最小值是 0 故答案为:0 15 (5 分)已知点 P 是函数 yx+ 3 2的图象上的一点,则点 P 到直线 x+2y+10 的距离的 最小值为 75 5 【解答】解:点 P 是函数 yx+ 3 2的图象上的一点, 设 P(x,x+ 3 2) , 点 P 到直线 x+2y+10 的距离: d= |+2(+ 3 2)+1| 5 = |3+3 +1| 5 |233 +1| 5 = 7 5 = 75 5 当且仅当 3x= 3 时,即 x1 时取等号, 点 P 到直线 x+

24、2y+10 的距离的最小值为75 5 故答案为:75 5 16 (5 分) 某几何体的三视图 (单位: cm) 如图所示, 则此几何体的体积是 8+ 42 3 cm3; 表面积是 20+43 cm2 第 13 页(共 20 页) 【解答】解:根据几何体的三视图转换为几何体为:该几何体为上面为正式棱锥体,下 面为正方体的组合体, 故 = 2 2 2 + 1 3 2 2 2 =8+ 42 3 S= 4 1 2 2 3 + 5 2 2 =20+43 故答案为:8 + 42 3 ;20+43 三解答题(共三解答题(共 5 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 12 分)分) 17 (12

25、分)已知ABC 中,角 A,B,C 所对的边分别是 a,b,c,且 + 2 3 =0,其 中 S 是ABC 的面积,C= 4 (1)求 cosB 的值; (2)若 S24,求 a 的值 【解答】 解: (1) 知ABC 中, 角 A, B, C 所对的边分别是 a,b,c,且 + 2 3 =0, 则:| | | |( ) = 2 3 1 2 , 即: = 2 3 1 2, 解得:tanA3, 利用 = =3, 所以: = 3 2 + 2 = 1 , 第 14 页(共 20 页) 解得: = 10 10 = 310 10 , cosBcos(A+C)cosAcosCsinAsinC, ( 10

26、10 2 2 310 10 2 2 ) , = 5 5 (2)已知 S24, 则:1 2 = 24, 解得:ab482, 由 cosB= 5 5 得:sinB= 25 5 , 利用正弦定理得: = , 整理得: 10 10 = 25 5 , 得: = 32 4 b2, 则: = 482 = 3 42 , 解得:b8, 所以:a62 18 (12 分)如图,四边形 ABCD 中(图 1) ,E 是 BC 的中点,DB2,DC1,BC= 5, ABAD= 2将(图 1)沿直线 BD 折起,使二面角 ABDC 为 60(如图 2) (1)求证:AE平面 BDC; (2)求二面角 ADCB 的余弦值

27、【解答】解: (1)如图取 BD 中点 M,连接 AM,ME 第 15 页(共 20 页) = = 2 AMBD DB2,DC1, = 5DB2+DC2BC2, 所以BCD 是 BC 为斜边的直角三角形,BDDC, E 是 BC 的中点,ME 为BCD 的中位线 1 2 , MEBD, = 1 2, AME 是二面角 ABDC 的平面角AME60(3 分) AMBD,MEBD 且 AM、ME 是平面 AME 内两相交于 M 的直线, BD平面 AEMAE平面 AEM, BDAE = = 2,DB2, ABD 为等腰直角三角形, = 1 2 = 1 , 2= 2+ 2 2 = 1 + 1 4 2

28、 1 1 2 60 = 3 4 = 3 2 , AE2+ME21AM2, AEMEM, BDME,BD平面 BDC,ME面 BDC, AE平面 BDC(6 分) (2)如图,以 M 为原点 MB 为 x 轴,ME 为 y 轴,建立空间直角坐标系 Mxyz, 则由(1)及已知条件可知 B(1,0,0) ,(0, 1 2 ,0),(0, 1 2 , 3 2 ),D(1,0,0) , C(1,1,0) , = (1, 1 2 , 3 2 ), = (0,1,0), = (0,0, 3 2 )(8 分) 设平面 ACD 的法向量为 = (,) 则 = 0 = 0 + 1 2 + 3 2 = 0 = 0

29、 令 x= 3,则 z2 = (3,0, 2) 又AE平面 BDC 为平面 BDC 的法向量 设平面 BDC 与平面 ADC 所成的角为 , 第 16 页(共 20 页) 则 cos= | | | | | = 3 73 2 = 27 7 (10 分) 19 (12 分)中央电视台“国家品牌计划”栏目组为了做好新能源汽车的品牌推介,利用网 络平台对年龄(单位:岁)在20,60内的人群进行了调查,并从参与调查者中随机选出 600 人,把这 600 人分为对新能源汽车比较关注和不太关注两类,并制成如表表格: 年龄/ 岁 20,30) 30,40) 40,50) 50,60 性别 男 女 男 女 男

30、女 男 女 人数 40 10 120 70 160 100 80 20 比较关 注所占 的比例 20% 50% 60% 70% 70% 80% 60% 80% (1) 填写列联表, 并根据列联表判断能否在犯错误的概率不超过 0.01 的前提下认为性别 与对新能源汽车关注度有关; 比较关注 不太关注 总计 男 女 总计 (2)为了进一步了解不同性别的消费者对新能源汽车的关注情况,采用分层抽样的方法 从这 600 人中选出 6 人进行访谈, 最后从这 6 人中随机选出 3 人参与电视直播节目, 记 3 人中女性的人数为 X,求 X 的分布列与期望 第 17 页(共 20 页) 附: P(K2k0)

31、 0.15 0.10 0.05 0.025 0.010 0.005 0.001 k0 2.072 2.706 3.841 5.024 6.635 7.879 10.828 K2= ()2 (+)(+)(+)(+),其中 na+b+c+d 【解答】解: (1)根据题意,填充二维联表如下: 比较关注 不太关注 总计 男 240 160 400 女 150 50 200 总计 390 210 600 由 K2= ()2 (+)(+)(+)(+) = 600(24050160150)2 400200390210 13.196.635, 故有 99%的把握认为性别与对新能源汽车关注度有关; (2)根据(

32、1) ,男女比例为 2:1,6 人中女性的人数为 2 人,男性为 4 人, 记 3 人中女性的人数为 X,X0,1,2, P(X0)= 4 3 6 3 = 1 5 =0.2; P(X1)= 2 1 4 2 6 3 = 3 5 = 0.6; P(X2)= 2 2 4 1 6 3 = 1 5 = 0.2; X 的分布列如下: X 0 1 2 P 0.2 0.6 0.2 EX00.2+10.6+20.20.6+0.41 20 (12 分)已知函数 f(x)ex+aln(xa) (a0) (1)当 a1 时,证明:函数 f(x)在(0,+)上存在唯一的极小值点 (2)若函数 f(x)在(0,+)上的最

33、小值为 1,求 a 的值 【解答】解: (1)当 a1 时,f(x)ex 1ln(x+1) ,则 f(x)ex11 +1,f (x)ex 1+1 (+1)2 0 恒成立,故 f(x)在(0,+)上单调递增, 由 f(0)= 1 10,故存在唯一的 x0(0,+) ,使得 f(x0)0,f(x)在(0, 第 18 页(共 20 页) x0)单调递减,在(x0,+)单调递增, 所以 x0 为唯一的极小值点 (2)因为函数 f(x)ex+aln(xa) (a0) ,所以 f(x)= + 1 ,f(x) = + 1 ()2 0 恒成立, 故 f(x)在(0,+)上单调递增, 由 f(0)= + 1 ,

34、要使数 f(x)在(0,+)上的最小值为 1,则 + 1 0, 即故存在唯一的 x0(0,+) ,使得 f(x0)0 即0+ 1 0 = 0, 所以 f(x)在(0,x0)单调递减,在(x0,+)单调递增, 所以 f(x)的最小值为 f(x0)= 0+ (0 ) =1, 所以 1 0 (0 ) = 1, 令 F(t)= 1 1,t0,F(t)= 1 2 1 0 恒成立, 故当 t1 时存在唯一零点,F(1)0, 所以 x0a1,即 x0a+1, 所以,e2a+110,所以 a= 1 2 21 (12 分)已知椭圆 2 2 + 2 2 = 1(0)的左、右焦点分别为 F1,F2,且 F1(1,0

35、) , 椭圆经点(1, 3 2) (1)求椭圆的方程; (2) 直线 l 过椭圆右顶点 B, 交椭圆于另一点 A, 点 G 在直线 l 上, 且GOBGBO 若 GF1AF2,求直线 l 的斜率 【解答】解: (1)由题意可得 c1,F1(1,0) ,F2(1,0) ,又椭圆经点(1, 3 2), 由椭圆的定义可得 2a=(1 + 1)2+ 9 4 + 3 2 = 5 2 + 3 2 =4,即 a2, 又 b= 2 2= 4 1 = 3,则椭圆的方程为 2 4 + 2 3 =1; (2)B(2,0) ,由题意可得直线 l 的斜率存在,设为 k,方程设为 yk(x2) , 联立椭圆方程 2 4

36、+ 2 3 =1 可得(3+4k2)x216k2x+16k2120, 判别式256k44(3+4k2) (16k212)1440, 第 19 页(共 20 页) 则 2xA= 16212 3+42 ,即 xA= 826 3+42,yAk(xA2)= 12 3+42, 由点 G 在直线 l 上,且GOBGBO,可得|OG|BG|, 即 G 在 OB 的垂直平分线上,可得 G(1,k) , 又 F1(1,0) ,F2(1,0) ,A(8 26 3+42, 12 3+42) , GF1AF2, 可得 k 1k2= 1,即 2 12 3+42 9+42 3+42 = 1, 化为 10k29,即 k31

37、0 10 四解答题(共四解答题(共 1 小题,满分小题,满分 10 分,每小题分,每小题 10 分)分) 22 (10 分)在直角坐标系 xOy 中,曲线 C1: = 3 = 3 + (为参数),曲线 C2:x2+(y1) 21,以坐标原点 O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系 ()求曲线 C1,C2的极坐标方程; ()若射线 l:(0)分别交 C1,C2于 A,B 两点,求| |的最大值 【解答】解: ()曲线 C1: = 3 = 3 + (为参数),普通方程为 x+y6,极坐标方程为 cos+sin6; 曲线 C2:x2+(y1)21,即 x2+y22y0,2sin; ()设 A(

38、1,) ,B(2,) ,0 3 4 , 则 1= 6 +,22sin,(6 分) | | = 1 3sin(cos+sin) = 1 6(sin2+1cos2)= 1 62sin(2 4)+1,(8 分) 当 = 3 8 时,| |取得最大值 1 6(2 +1) (10 分) 五解答题(共五解答题(共 1 小题)小题) 23设函数 f(x)|x1|,g(x)|x2| (1)解不等式 f(x)+g(x)2; (2)对于实数 x,y,若 f(x)1,g(y)1,求证:|x2y+1|5 第 20 页(共 20 页) 【解答】解: (1)令 y|x1|+|x2|= 3 2, 1 1,12 2 3, 2 , 如图示: 它与直线 y2 的交点为(1 2,2)和( 5 2,2) , 所以 f(x)+g(x)2 的解集为(1 2, 5 2) (5 分) (2)|x2y+1|(x1)2(y1)| |x1|+2|(y2)+1| |x1|+2(|y2|+1) f(x)+2g(x)+25 |x2y+1|5 (10 分)

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