数学 全解全析及评分标准 第 1 页（共 14 页）2023 年高三 2 月大联考（新高考卷）（新教材）数学全解全析及评分标准 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 C A D D B A A B AB AC ACD AC 一、选择题：本题共 8 小题，每小题 5 分，共 40 分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的 1C【解析】由(12i)|34i|z，得|34i|512i12i12iz，所以12iz 故选 C 2 A【解析】由21x，得0 x，所以集合|0Ax x.由220 xx，得(1)(2)0 xx，即12x，所以集合|12Bxx，则|02ABxx故选 A 3 D【解析】设ab与a的夹角为，由已知得，(3,1)ab，所以()5 aba 又|5a，|10ab，所以52cos2510，所以34故选 D.4D【解析】对于 A，函数tanyx是奇函数，但在(0,)上不是单调函数，故 A 错误.对于 B，因为函数ln(1)ln(1)yxx的定义域为(1,1)，所以不符合题意，故 B 错误.对于 C，令231()xg xx，则()g x的定义域为|0 x x，且2233()11()()()xxgxg xxx，所以()g x是奇函数.对()g x求导，得243()0 xg xx，所以()g x在(0,)上单调递减，故 C 错误.对于 D，令()ee2xxf xx，则()ee2()xxfxxf x，所以ee2xxyx是奇函数.因为ee20 xxy，当且仅当0 x 时，取等号，所以函数ee2xxyx在R上单调递增，故 D 正确.故选 D.5B【解析】根据题意，1000,50，(9501100)PX(2)PX1(2PX)1(22)2PX110.68270.95450.818622，所以 300 天内每天包子的销量约在950 1100到个的天数大约为3000.8186246故选 B.6A【解析】令1n，得11362aa，解得16a 由632nnSa，得11623nnSa，两式相减，整理得12nnaa，所以数列na是以 6 为首项，2为公比的等比数列，所以16(2)nna，所以6 1(2)1(2)nnS 2 1(2)n，所以55452(12)116(2)16Sa 故选 A 7A【解析】设1|MFm，2|MFn，椭圆 C 的半焦距为 c，则2mna，24mnc，所以224ac 数学 全解全析及评分标准 第 2 页（共 14 页）22()()22mnmnmn2()ma因为acmac，所以22224()0,acmac，即22245cac，则21154e，所以5152e故选 A 8B【解析】（1）先比较,a b：0.40.40.40.6ee(1lne)a，2ln42(1ln2)b，可以构造函数()(1ln)f xxx，则0.4(e)af，(2)bf 对()f x求导，得()lnfxx，当(1)x,时，()0fx，()f x在(1)，上单调递减 00.40.51 eee2，0.4(e)(2)ff，即ab（2）再比较,b c：4ln4e42ln2ebc 可以构造函数()2lneg xxxx，则()1lng xx，当(0,e)x时，()0g x；当(e,)x时，()0g x，()g x在(0e)，上单调递增，在(e)，上单调递减，max()(e)0g xg，(2)0g，0bc，即bc（3）最后比较,a c：0.4(10.4)ee2ac，可以构造函数()(1)ee2xh xx，则()exh xx，当(0,1)x时，()0h x，()h x在(0,1)上单调递减 又0.5(0.5)0.5ee2h，且0.5e1.6，(0.5)0h，(0.4)(0.5)0hh，0ac，即ac 综上得，acb故选 B 二、选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得 5 分，部分选对的得 2 分，有选错的得 0 分 9AB【解析】对于 A，设甲同学的竞赛成绩为x，则1(80848690)875x，解得95x 故 A正确 对于 B,这 5 名同学竞赛成绩的方差2221(8087)(8487)5s 22(8687)(9087)2(9587)数学 全解全析及评分标准 第 3 页（共 14 页）26.4，故 B 正确 对于 C，因为540%2，所以这 5 名同学竞赛成绩的第 40 百分位数是1(8486)852故 C 错误 对于 D，竞赛成绩高于平均成绩的有 2 人，所以从这 5 名同学中任取一人，其竞赛成绩高于平均成绩的概率为20.45P 故 D 错误 故选 AB 10AC【解析】对于 A，因为75BAD，点 B 位于点 A 的南偏西 45的方向上，所以60,120,45ADBADCB .又120,100m,AECADCCDCEACAC,200mAE,在,AECADC中，2222cos120ACAECEAE CE，222ACCDAD 2cos120AD CD，所以200mADAE.故 A 正确 对于 B，ADC的面积为2113sin200 1005000 3(m)222ADCDADC.故 B 错误 对于 C，在ABD中，由正弦定理，得sinsinABADADBB，解得3200sin2sin22ADADBABB 100 6(m).故 C 正确 对于 D，过点 A 作 AGBC 于点 G，易知30DAG，所以30.CAG故 D 错误 故选 AC 11ACD【解析】直线l：20mxym可化为(1)2ym x，则直线 l 过定点(1,2)P，故 A 正确 由题意,知圆 C 的半径 r=3，ABC的面积219sinsin22SrACBACB，当2ACB时，ABC的面积取得最大值，此时圆心C到直线l的距离为3 22，则2|2|3 221mm，解得1m 或17m ，故B 错误 21|cos|2AC ABABACBACAB ，当PCl时，弦长AB最短，为 4，此时AC AB 的最小值为8，故 C 正确 当P不是AB的中点时，设线段AB的中点为Q，由垂径定理知PQCQ，则Q在以PC为直径的圆（除去P点）上，当P是AB中点时，Q与P重合.故 D 正确 故选 ACD.12AC【解析】易证四边形 ABCO 为菱形，所以BOAC.连接PO，因为2PAPD，所以POAD.因为平面PADABCD 平面，平面PAD 平面 数学 全解全析及评分标准 第 4 页（共 14 页）ABCDAD，POPAD 平面，所以DOBCPA 平面.因为AC 平面ABCD,所以POAC.又POOBO，所以ACPOB 平面.又BPPOB 平面，所以ACBP，故 A 正确.易证AOE为等腰直角三角形，AOB为等边三角形，且平面PADABCD 平面，所以三棱锥BAOE外接球的球心为等边三角形AOB的中心，所以三棱锥BAOE外接球的半径为3,3所以三棱锥BAOE外接球的体积为3434 3()3327V，故 B 错误.因为PDOE，所以CPD为异面直线 PC 与OE所成的角（或其补角），因为221,POPDOD 所以222PCPOOC.在PCD中，由余弦定理，得2213cos4222CPD，故 C 正确.因为DOBCPA 平面，所以 OQ 为 PQ 在平面ABCD内的射影，若直线PQ与平面ABCD所成的角为60，则60.PQO因为1PO,所以33OQ，故点 Q 的轨迹为以 O 为圆心，33为半径的半圆，所以点Q的轨迹长度为33，故 D 错误 故选 AC.三、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分 13165【解析】由二项式定理，得5(3)x的展开式的通项为515C(3)rrrr+Tx，所以在5(21)(3)xx的展开式中，4x的系数为2211552C(3)C(3)165 故填165 142 2yx 【解析】设双曲线 M 的半焦距为 c，由双曲线的定义，知1212|1|3PFPFFF，即2123ac，所以3ca，所以222 2bcaaa，所以双曲线 M 的渐近线方程为2 2yx 故填2 2yx 15(,)3 2 【解析】因为()sin()6f xx，所以()sin(2)3g xx，202323()sin232g，()g x 2023()02g可化为3()02g x，所以3(),2g x 令2222333kxk，k Z，得3k ,2xkk Z，当0k 时，不等式2023()()02g xg在区间0,内的解集为(,)3 2 故填(,)3 2 数学 全解全析及评分标准 第 5 页（共 14 页）163【解析】因为()exfxaa，()e1xg xx，存在0t，使得()()f tg t，所以(e1)e1ttat.因为0t，所以e10t，所以方程e11e1e1tttttat 有解.令1()(0)e1xxG xxx，则22e1(1)ee(e2()()1e1(e1)xxxxxxxxG x ，令()e2()0 xh xxx，则()e10 xh x 恒成立，所以()h x在(0,)上单调递增.因为(1)e30h，2(2)e40h，所以存在唯一一个0(1,2)x，使得0()0h x，所以当0(0,)xx时，()0h x，()0G x，当0(,)xx时，()0h x，()0G x，所以()G x在0(0,)x上单调递减，在0(,)x 上单调递增，所以00min001()()e1xxG xG xx.由00e20 xx得00e2xx，所以000001()1(2,3)21xG xxxx，故实数a的最小整数值为 3故填 3.说明：第 14 题答案写成2 2yx或2 2yx，不扣分，如果只写出其中一个，不给分.第 15 题答案写成|32xx，不扣分.四、解答题：本题共 6 小题，共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 17（10 分）【解析】（1）因为向量(cos)A,am，(2cos3cos,32),CB bcn且mn，所以(32)cos(2cos3cos)bcAaCB.（2 分）由正弦定理，得(3sin2sin)cossin(2cos3cos)BCAACB，即3cossin2cossin2sincos3sincosABACACAB，也即2(sincoscossin)3(sincoscossin)ACACABAB，（3 分）所以2sin()3sin()ACAB，所以2sin3sinBC.（4 分）数学 全解全析及评分标准 第 6 页（共 14 页）由正弦定理，得23bc，所以32bc.（5 分）（2）因为23,32bAc 所以ABC的面积213 32 3=sin,283SbcAc所以4,23cb.（7 分）由余弦定理得，22222762cos,9abcbcAbcbc 所以2 193a.（10 分）说明：1.第（1）问另解：因为向量(cos,)A am，(2cos3cos,32)CBbcn且mn，所以(32)cos(2cos3cos)bcAaCB.（2 分）由余弦定理得222222222(32)(23)222bcaabcacbbcabcabac，（3 分）即2222222222()3()(32)22bcac abcb acbbcbcbc，所以222222222(32)()2()3()bc bcac abcb acb，得2222222222223()2()b bcaacbc abcbca，（4 分）即223222bccb，即32cb，得32bc.（5 分）2.第（1）问中，缺“即3cossin2cossin2sincos3sincosABACACAB”不扣分，第（2）问，由三角形面积求出43c，给 1 分，进而求出2b，给 1 分，正确写出余弦定理，给 2 分，求出2 193a，给 1 分.18（12 分）【解析】（1）由13223,aaa得222232qq，解得2q 或1q（舍去），（2 分）所以1222nnna.（3 分）3(3)(1)5nbnbn.（4 分）数学 全解全析及评分标准 第 7 页（共 14 页）（2）设22(5)(1,2,3,)2nnkkkkbkhkna，令1+12(5)2(6)222(5)2(4)22nnkknnkkkkkk，解得67k，故当6k 或7k 时，kh最小，最小值为62n，所以61322312222min,2nnnnnnnnbbbbcaaaa，（6 分）所以62nnncn ，所以5436(1 2223 22)nnnS ，4325(1 2223222)nnSn ，（8 分）两式相减，可得 54365(22222)nnnSn（9 分）552(12)212nnn，（11 分）所以55(1)22nnSn.（12 分）说明：第（2）问，能列出不等式组“1+12(5)2(6)222(5)2(4)22nnkknnkkkkkk，”不论是否求出“67k”，都给 1 分，求出62nnc，给 1 分，nS的表达式写为“(1)2132nnnS”或“(1)213232nnnS”不扣分.19（12 分）【解析】（1）因为12BBBM，所以 M 为1BB的中点，所以12BMB M.又三棱柱111ABCA BC是直三棱柱，112BCBC,所以1145C MBCMB,所以190,CMC所以1C MCM.（2 分）因为1CCAC，1,ACBC CCBCC，1,CC BC 平面11BCC B，所以AC 平面11BCC B.（3 分）又1C M 平面11BCC B，所以1ACC M.因为CMACC，,CM AC 平面AMC,所以1C M 平面AMC.因为1C M 平面11AMC，所以平面11AMC 平面AMC.（4 分）数学 全解全析及评分标准 第 8 页（共 14 页）（2）过点 P 作PHBC于点 H，可得1PHB B，所以点 P 到平面11A ABB的距离等于点 H 到平面11A ABB的距离，过点 H 作HQAB于点 Q，由面面垂直的性质定理可得，HQ 的长度为点 H 到平面11A ABB的距离，所以 HQ=22.因为点 C 到直线 AB 的距离为2，所以 H 为线段 BC 的中点，所以 P 为线段1C M的中点（6 分）以 C 为坐标原点，1,CA CB CC所在直线分别为 x 轴、y 轴、z 轴，建立如图所示的空间直角坐标系，则1(0,0,0),(2,0,0),(0,2,2),(0,0,4),(0,1,3)CAMCP，所以(2,1,3)AP ,(2,0,0)AC ,(2,2,2)AM ，（7 分）设平面 APC 的法向量为111(,)x y zm，则0,0APAC mm即1111230,20 xyzx则10 x，令11z，得13y ，所以(0,3,1)m是平面 APC 的一个法向量.（8 分）设平面 APM 的法向量为222(,)xyzn，则0,0APAM nn即222222230,2220 xyzxyz令21y，得22x，21z.所以(2,1,1)n是平面 APM 的一个法向量.（9 分）设平面 APC 与平面 APM 的夹角为，则|215cos|15106m nmn，所以平面 APC 与平面 APM 夹角的余弦值为1515.（12 分）数学 全解全析及评分标准 第 9 页（共 14 页）说明：1.第（1）问另解：因为12BBBM，所以 M 为1BB的中点，所以12BMB M.又三棱柱111ABCABC是直三棱柱，112BCBC，所以1145C MBCMB,所以190CMC，所以1C MCM.（2 分）在RtABM中，22222222222212AMABBMACBCBM，在11RtBC M中，222221111228C MC BB M，连接1AC，在1RtACC中，22222112420ACACCC，（3 分）所以21AC 221C MAM，所以1C MAM.又AM，CM 平面AMC，CMAMM，所以1C M 平面AMC.因为1C M 平面11AMC，所以平面11A MC 平面AMC.（4 分）2.第（2）问的 6 分处，可以这样证明：过点 P 作PHBC于点 H，可得1PHB B，所以点 P 到平面11A ABB的距离等于点 H 到平面11A ABB的距离，过点 H 作HQAB于点 Q，则22HQ.因为45ABC，所以22QB，所以在等腰直角三角形BQH中，1HB，所以H为线段BC的中点，所以 P 为线段1C M的中点（6 分）3.7 分处，由于点的坐标和向量较多，全对给 1 分，有错误的不给分.4.两个法向量(0,3,1)m，(2,1,1)n，正确一个给 1 分，5.1515写成115不扣分.20（12 分）【解析】（1）由题知，随机变量X的可能取值为 0，1，2，3，5，1455C(23 3)4411(0)A12030P X，（2 分）1555C9453(1)A1208P X，（3 分）数学 全解全析及评分标准 第 10 页（共 14 页）2555C2201(2)A1206P X，（4 分）3555C1101(3)A12012P X，（5 分）5511(5)A120P X，（6 分）则X的分布列为 X 0 1 2 3 5 P 1130 38 16 112 1120（7 分）则113111()012351308612120E X （8 分）（2）设A“其中的 3 位专家坐错位置”，B“恰有 2 位专家坐对位置”，11109()1(3)(5)112120120P AP XP X ，（9 分）1()(2)6P ABP X，（10 分）则1()206(|)109()109120P ABP B AP A 所以所求概率为20109.（12 分）说明：说明：1.随机变量X的可能取值，全部正确，给 1 分，有错不给分，5 个概率正确一个给 1 分.21（12 分）【解析】（1）由2222(4)12ypxxy，得2(4)212xpx，即2(82)40 xp x.（2 分）由对称性可得关于x的方程有两个相等的正的实数根，所以2(82)160p，且820p，解得2p，（3 分）所以抛物线C的方程为24yx（4 分）（2）如图，由题意，知直线AB的斜率不为 0，故设直线AB的方程为4xmy，（5 分）11(,)A x y，22(,)B xy，33(,)P x y，44(,)Q xy 将直线AB的方程代入圆E的方程中，消去x，得22(1)12my，（6 分）数学 全解全析及评分标准 第 11 页（共 14 页）所以22121ym，所以21yy，且22122121yym（7 分）直线OA的方程为11yyxx，代入抛物线方程24yx，消去x，得 2114xyyy，解得114xyy或0y，所以1314xyy（8 分）同理，得2424xyy，（9 分）所以1121212234121|sin|2144|sin|2OAOBAOBSyyyyOAOBxxSOPOQyyOPOQPOQyy2212121212()()16|16|(4)(4)|y yy yx xmymy 21221212()16|4()16|y ym y ym yy222122212212()()11216|16|16|()16|1y ymm y ymm 22229954(1)(4)4()92mmm，所以当0m 时，12SS取得最大值，为916（12 分）说明：1.第（1）问，漏掉“820p”，得到2p 或6p，扣 1 分，2.第（2）问中，7 分处，“设直线AB的方程为4xmy”给 1 分；“11(,)A x y，22(,)B xy”给 1 分，“33(,)P xy，44(,)Q xy”给 1 分；“1314xyy”处给 1 分；“2212121 212()()16|16|(4)(4)|y yy yx xmymy”处给 1 分；数学 全解全析及评分标准 第 12 页（共 14 页）“22229954(1)(4)4()92mmm”给 1 分.22（12 分）【解析】（1）()f x的定义域为R，()(e1)xfxxax，()e1(0)xg xaxx，2()e1ag aa（1 分）令2()e1(0)xh xxx，则()e2xh xx 令()e2(0)xxx x，则()e2xx（2 分）由()0 x，得ln2x，当(0,ln2)x时，()0 x；当(ln2,)x时，()0 x，()x在(0,ln2)上单调递减，在(ln2,)上单调递增，当(0,)x时，()(ln2)22ln20 x，即当(0,)x时，()0h x，()h x在(0,)上单调递增 0a，()(0)0h ah，当0a 时，()0g a 恒成立（4 分）（2）由（1）知，()(e1)xfxxax 设()e1xm xax(xR)，则()exm xa 当0a 时，()0m x 恒成立，()m x在R上单调递增(0)0m，当(0)x，时，()0m x，从而()0fx；当(0)x，时，()0m x，从而()0fx 又(0)0f，x R，都有()0fx，()f x在R上单调递增，此时()f x无极值（5 分）当0a 时，由()0m x，得lnxa，当(ln)xa，时，()0m x；当(ln)xa，时，()0m x，()m x在(,ln)a上单调递减，在(ln,)a 上单调递增，当lnxa时，()m x取得最小值，且最小值为(ln)ln1maaaa（6 分）令()ln1F xxxx(0 x)，()lnF xx，当(01)x,时，()0F x；当(1,)x时，()0F x，()F x在(0,1)上单调递增，在(1,)上单调递减(1)0F，当(0,)x时，()0F x，数学 全解全析及评分标准 第 13 页（共 14 页）即当0a 时，(ln)ln10maaaa(当且仅当1a 时等号成立)（7 分）（i）当1a 时，(ln)(0)0mam，且当0 x 时，都有()0m x，(0)0f，且当(,0)x 时，()0fx；当(0,)x时，()0fx，()f x在(,0)上单调递减，在(0,)上单调递增，()f x在0 x 处取得极小值，符合题意.（8 分）（ii）当01a时，ln0a，且(ln)0ma 11()e0ama，(0)0m，()ym x的图象大致如图（1）由函数的单调性及零点存在定理，得在1(ln)aa，内存在唯一的实数1x，使得1()0m x，当1(,)xx 时，()0m x，从而()0fx；当1(,0)xx时，()0m x，从而()0fx；当(0)x，时，()0m x，从而()0fx，()f x在1(,)x上单调递减，在1(,)x 上单调递增，()f x在1xx处取得极小值，符合题意.（10 分）（）当1a 时，ln0a，且(ln)0ma (0)0m，由（1）知，()0m a，()ym x的图象大致如图（2）数学 全解全析及评分标准 第 14 页（共 14 页）由函数的单调性及零点存在定理，得在(ln,)a a内存在唯一的实数2x，使2()0m x，当(,0)x 时，()0m x，从而()0fx；当2(0,)xx时，()0m x，从而()0fx；当2(,)xx时，()0m x，从而()0fx，()f x在2(,)x上单调递减，在2(,)x 上单调递增，()f x在2xx处取得极小值，符合题意 综上，当()f x存在极小值时，a的取值范围为(0,)（12 分）说明：1.第（1）问，“()h x在(0,)上单调递增”处给 1 分；2.第（2）问没有作出两个函数的图象，不扣分；若只有结果：“a的取值范围是0a”，而没有过程，给 1 分；在（i）（ii）（iii）这三类讨论中，若出现错误，则该类讨论不给分.文科综合全解全析及评分标准 第 1 页（共 12 页）2023 年高三 2 月大联考（全国乙卷）（新教材）文综地理全解全析及评分标准 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 C B D B C A B D D C A【答案】1C 2B 3D【解析】1香蕉喜高温高湿，而新疆纬度较高，冬季气温低，热量不足，且深居内陆，气候干旱，在新疆引种香蕉树，最需要改善种植地的水热条件，C 正确。40 多株香蕉树的种植并不需要占用太多土地，故地形条件不需要改善，A 错误；新疆晴天多，光照好，不需要改善光照条件，B 错误；成功挂果对土壤有一定要求，但土壤条件并不是最需要改善的，D 错误。故选 C。2在日光智能温室大棚中种植香蕉，可以调节光、热、湿度等条件，受自然灾害影响小，产量较为稳定；而海南、广东等地，夏秋季节多台风，香蕉生长受自然灾害影响大，产量不稳定，B 正确。海南、广东等地香蕉可全年生产，香蕉上市时间一般会比新疆早，A 错误；该基地的香蕉在大棚中种植，投入的生产成本较高，C 错误；该基地种植香蕉数量少，以现场采摘方式销售，销售范围小，D 错误。故选 B。3当地市场售卖的香蕉主要来自海南、广东等地，运输距离远，成熟度高的香蕉易腐烂变质，因此需提前采摘，自然成熟度低，导致口感较差；该基地的香蕉只以现场采摘方式销售，不需提前采摘，自然成熟度更高，口感更好，D 正确。水分含量与香蕉口感关系较小，A 错误；生长周期短不利于营养物质的积累，口感不会更好，B 错误；大棚内的昼夜温差并不大，C 错误。故选 D。【答案】4B 5C 6A【解析】4拉巴斯建在雪峰夹峙的谷坡上，地表相对高差大、坡陡，交通不便，缆车在空中运行，减小了地表高差对交通的影响，B 正确。空中缆车系统修建与海拔关系较小，A 错误；该城市建设空中缆车系统，主要克服的是地形对交通建设的不利影响，与人口数量关系不大，C 错误；地铁等公共交通占地面积也不大，故并不是因为土地租金高才发展空中缆车交通的，D 错误。故选 B。5该城市地表高差大，地面公路铺设、站点修建等建设难度大、费用高，相比之下缆车系统建设成本相对较低，错误；空中缆车速度较为稳定，舒适度更好，错误；与公路相比，缆车车厢没有驱动，噪声仅来自缆车站及支架部分，污染较小，正确；空中运行以直线运输为主，运输距离近，通勤时间短，正确。故选 C。6重庆是山城，地表高差较大，且位于长江和嘉陵江的交汇处，受河流阻隔，出行不便，最适合发展空中缆车系统。故选 A。【答案】7B 8D【解析】7阿克苏河地处西北干旱区，主要靠冰雪融水补给，夏季径流量约占全年径流量的 70%。秋季位文科综合全解全析及评分标准 第 2 页（共 12 页）于夏季之后，春季位于冬季之后，秋季平均气温高于春季平均气温，故其冰川融化量较大，径流量较大，B正确。该地区全年降水皆少，A 错误；融雪补给具有季节性，主要出现在春季，春季融雪量应大于秋季，C错误；秋季平均气温较春季更高，蒸发量更大，D 错误。故选 B。8全球气候变化主要是气温和降水的变化。阿克苏河主要靠冰雪融水补给，不论气候变暖或变冷，上游山区冬季气温都远低于 0，气温的变化对冬季径流量的影响极小；另外，山地降水量的变化也会对阿克苏河径流量产生影响，但冬季以降雪为主，由于冬季上游山区气温远低于 0，积雪很难消融，因此降水变化也对冬季径流量影响极小。故选 D。【答案】9D 10C 11A【解析】9该区域位于黄土高原，降水少、蒸发旺盛，且小范围内的降水、蒸发基本无差异，A、B 错误；三种河流阶地的地表起伏都较小，C 错误；与二、三级河流阶地相比，一级河流阶地地势更低，且离黄河更近，地下水埋藏较浅，土壤含水量较高，D 正确。故选 D。10依据图示可知，一级河流阶地在土壤深度小于 3 米时土壤含水量相对较低（远低于 12%），难以满足植被生长，水分是主要制约因素，A、D 错误；一级河流阶地虽然距黄河近，但远高于最高洪水位，不会被洪水淹没，B 错误；幼龄枣树根系较浅，浅根吸收水分能力弱，一级河流阶地沉积物粒径较大，土壤持水性较差，不利于幼龄枣树自然生长，C 正确。故选 C。11在该区域河流阶地上种植滩枣树最缺的是水分，增加灌溉频率可以保障枣树生长，A 正确；一、二级河流阶地位于最高洪水位之上，积水压力较小，不需要新增排水设施，B 错误；增大土壤厚度虽然有可能增加土壤肥力，但是不能改善缺水状况，C 错误；增大枣林密度，会加剧水资源短缺，D 错误。故选 A。36【参考答案】（1）距离距离美国近近，运输成本低运输成本低；（2 分）有有丰富的廉价劳动力廉价劳动力，用工成本低用工成本低；（2 分）土地租金低且政策优惠土地租金低且政策优惠，（2 分）投资建厂成本低建厂成本低。（2 分）（2）带动相关产业发展带动相关产业发展，创造更多经济价值创造更多经济价值；（2 分）完善工业基础，优化产业结构完善工业基础，优化产业结构；（2 分）促进促进原材料和零部件生产技术的创新与进步生产技术的创新与进步。（2 分）（3）工厂地处北美自贸区地处北美自贸区，可避开贸易壁垒可避开贸易壁垒以取得更高的经济收益；（2 分）收购当地企业，可利用当地利用当地产业工人和工人和现成的厂房厂房等，缩短建设周期缩短建设周期，较快进行规模化生产；（2 分）充分利用当地距离港口、市场近利用当地距离港口、市场近的的区位优势优势，提高产品运输效率提高产品运输效率。（2 分）（4）加强业务培训加强业务培训，提高劳动力素质；（2 分）加强技术研发加强技术研发，提升产品品质；（2 分）加强宣传、完善销加强宣传、完善销售渠道售渠道，扩大销售市场；（2 分）优化经营方式，降低生产成本等优化经营方式，降低生产成本等。（2 分）【评分说明】按点给分，意思相近即可；答出加粗的关键词句也可酌情给分。【评分说明】按点给分，意思相近即可；答出加粗的关键词句也可酌情给分。【解析】（1）结合材料可知，客户工业主要为加工类企业，因此需考虑原材料和产品的运输成本、工业生产中的生产建设成本、劳动力成本等问题。由材料可知，蒂华纳距离美国近，因而原材料和产品的运输成本较低；地处发展中国家，劳动力价格低廉；土地价格低廉且有优惠政策支持，投资建厂成本低。文科综合全解全析及评分标准 第 3 页（共 12 页）（2）据材料可知，政府鼓励相关企业采用本地原材料和零部件，可促进本地原材料和零部件加工企业的发展，带动相关产业的发展；相关产业的发展可以进一步优化产业结构；同时促进原材料和零部件加工企业的技术创新，推动本土相关产业持续发展。（3）T 公司在蒂华纳收购当地企业布局家电生产的好处，可从在蒂华纳布局工厂的好处和收购当地企业的好处两个角度作答。一方面，墨西哥位于北美自贸区，在蒂华纳布局工厂可以避开关税壁垒，同时蒂华纳距港口、市场近，便于产品运输；另一方面，在当地收购工厂而非新建工厂可以降低生产建设成本，缩短建设周期，较快进行规模化生产。（4）T 公司在蒂华纳进一步发展的建议，可从提高劳动力素质、提升产品品质、扩大销售市场、降低生产成本等角度提出，言之有理即可。37【参考答案】（1）地壳运动，岩层受挤压，岩层断裂下陷形成湖盆地壳运动，岩层受挤压，岩层断裂下陷形成湖盆；（2 分）冰雪融水、降水不断汇冰雪融水、降水不断汇入入，最终积水成湖积水成湖。（2 分）（2）西部西部发育的河流数量多河流数量多，（2 分）径流量大，径流量大，（2 分）入湖入湖的河流沉积物多沉积物多，泥沙大量沉积，（2 分）导致湖水较浅。（3）四周山地众多，山体高大山地众多，山体高大，碎屑物来源多碎屑物来源多；（2 分）海拔高，昼夜温差大，风化作用强海拔高，昼夜温差大，风化作用强，产生产生于周边山体的碎屑物多的碎屑物多；（2 分）山麓地带地势平坦山麓地带地势平坦，周边高山的坡面碎屑物碎屑物受重力作用不断不断在山麓地带堆积堆积。（2 分）（4）冰消期气温升高，冰雪面积减少冰消期气温升高，冰雪面积减少，（2 分）岩石裸露，风化、侵蚀作用增强，碎屑物增多岩石裸露，风化、侵蚀作用增强，碎屑物增多；（2 分）融雪量增加，径流量增大，融雪量增加，径流量增大，（2 分）流水搬运能力增强。流水搬运能力增强。（2 分）（5）面积变大面积变大。理由：气候变暖，冰雪融水增加，冻土消融增加，入湖水量增大气候变暖，冰雪融水增加，冻土消融增加，入湖水量增大；（2 分）湖岸松散物质湖岸松散物质（随冻融）崩塌，岸线后退，湖面增大（随冻融）崩塌，岸线后退，湖面增大。（2 分）或面积变小面积变小。理由：气候变暖，径流增大，更多的碎屑物进入湖底沉积，湖泊萎缩气候变暖，径流增大，更多的碎屑物进入湖底沉积，湖泊萎缩；（2 分）气温升高，冰气温升高，冰期缩短，湖面蒸发加剧，湖泊萎缩期缩短，湖面蒸发加剧，湖泊萎缩。（2 分）【评分说明】按点给分，意思相近即可；答出加粗的关键词句也可酌情给分。【评分说明】按点给分，意思相近即可；答出加粗的关键词句也可酌情给分。【解析】（1）湖泊的形成过程需从“湖盆是如何形成的”和“湖水是从哪里来的”两方面分析。由普莫雍错“是镶嵌在四周高山中的深陷断裂湖泊”可知，普莫雍错是构造湖，因地壳运动，板块挤压，岩层断裂下陷，形成湖盆；湖面海拔 5030 米，海拔极高，又地处喜马拉雅山脉北坡，冰雪融水和降水不断汇入湖盆，积水成湖。（2）此题限定从外力作用角度作答，即从风化、侵蚀、搬运、堆积作用角度分析问题。由图可知，注入普莫雍错西侧的河流数量较其他区域多，由加曲入湖水量约占湖泊总补给量的 77%可知，湖泊西侧的河流径流量较大，河流落差大，流速快，侵蚀能力强，河流搬运入湖的物质较多，这些物质最终在湖泊西侧沉积，导致湖水深度较浅。文科综合全解全析及评分标准 第 4 页（共 12 页）（3）该地区位于喜马拉雅山区，四周山体高大，且海拔高、昼夜温差大，风化作用强，岩石易崩解破碎，地表碎屑物多；湖泊四周为高山，在重力及流水和冰川等作用下，这些碎屑物最终在地势较平坦的山麓地带不断堆积。（4）冰盛期气候较寒冷，地表被冰川、积雪大量覆盖，而冰消期气候转暖，冰川积雪覆盖面积缩小，地表裸露的面积增加，裸露的岩石更易受外力的风化、侵蚀等作用，导致岩石破碎，地表碎屑物增多；同时，气候转暖还导致冰雪融水补给量增大，入湖径流量增大，流水侵蚀、搬运能力增强，入湖物质的数量增多、粒径增大。（5）本问为开放性设问，提出观点并言之有理即可。气候变暖下普莫雍错面积的变化，若考虑气温升高入湖水量增加、湖岸随着冻融坍塌后退，则湖面会增大；若考虑入湖碎屑物淤积增多、湖面蒸发加剧，则湖面会缩小。文综政治全解全析及评分标准 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 B C B D D B A C A C B D 12B【解析】结合材料可知，马克思主义是科学的理论，揭示了人类社会发展的一般规律，中国共产党人立足本国实际，不断丰富和发展了马克思主义，故正确；马克思主义为我们提供正确的理论指导，但不提供现成答案，错误；马克思主义是科学的、开放的理论，需要丰富和发展，但不是批判地继承，错误。13C【解析】材料强调的是马克思主义政党坚持人民立场，尊重人民主体地位，把人民对美好生活的向往当作奋斗目标，符合题意。说的是无产阶级政党的产生，不符合题意；无产阶级政党代表无产阶级和人民群众的利益，没有自己的特殊利益，观点错误。14B【解析】光伏发电属于清洁能源，其产业发展在于贯彻绿色发展理念，有利于减少污染，推动解决能耗难题，符合题意；实施材料中的措施是为了建立全国光伏大产业大市场，促进光伏产业高质量发展，符合题意。引导各类资本平等参与市场竞争，打击光伏行业哄抬价格、垄断、制售假冒伪劣产品等违法违规行为是在加强市场监管，弥补市场调节的自发性，有利于优化资源配置，但与调控经济总量无关，排除。实施材料中的措施有利于推动光伏产业链供应链上下游协同发展，而不是能源领域不同产业间协同发展，排除。15D【解析】社会保险属于社会保障体系，开展全民参保计划扩面专项行动，是运用再分配调节机制的表现，有利于保障居民基本生活，维护社会公平正义，稳定经济秩序；有利于发挥社会保障体系的作用，维护弱势群体利益，缩小贫富差距，促进社会和谐，传导正确。社会保险需政府、个人、单位三方共同筹集资金，全民参保与提高居民收入水平无必然因果关系，传导错误。完善社会保障体系，属于再分配调节机制，发展社会慈善事业等属于第三次分配，传导错误。文科综合全解全析及评分标准 第 5 页（共 12 页）16D【解析】各民主党派在中国共产党第二十次全国代表大会召开之际纷纷发来贺信，表示愿意与中国共产党一道为全面建设社会主义现代化国家
