1、最新电功率知识点总结一、电功率选择题1如图甲所示电路中，电源电压可调，灯L1、L2的额定电压均为6V，L1、L2的IU图象如图乙所示，闭合开关S，逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（ ） A.L1正常发光B.电源电压为12VC.电路总电阻为30D.电路总功率为2.4W【答案】D 【解析】【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流I1=0.6A、I2=0.3A， 由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A，则L2正常发光，故A错误；由图乙可知，L1两端的电压U1=2V，因串联电路中总电
2、压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U1+U2=2V+6V=8V，故B错误；由I= 可得，电路总电阻：R= = 26.7，故C错误；电路的总功率：P=UI=8V0.3A=2.4W，故D正确故选D【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电路的总功率2如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（ ）A.电压
3、表示数变小，灯L变亮B.电压表示数变小，灯L变暗C.电压表示数变大，灯L变亮D.电压表示数变大，灯L变暗【答案】D 【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由 可知，电路中的电流变小，由 可知，灯泡两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 可知，灯泡的实际功率变小，灯泡L变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，B不符合题意、D符合题意。故答案为：D。【分析】结合电路图，理清
4、电路的连接方式及电表的测量对象，结合滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变化，利用欧姆定律及电功率的计算公式分析即可.3如图所示的电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R1=1，滑动变阻器R2阻值范围为04闭合开关S，在滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）A.滑动变阻器的最大功率为1.44WB.滑动变阻器的最大功率为2WC.滑动变阻器的最大功率为2.25WD.电压表示数从0V增大到2.4V【答案】C 【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I ，滑动变阻器消
5、耗的电功率：P2I2R2（ ）2R2 ，所以，当R2R11时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则P2大 2.25W，AB不符合题意、C符合题意；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压，示数为3V，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，此时电路中的电流：I 0.6A，电压表的最小示数：U1IR10.6A10.6V，所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到0.6V，D不符合题意。故答案为：C。【分析】R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流
6、，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大小；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，然后得出电压表示数的变化.4如图是探究“电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置通电前，A、B两个U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2 ， 则（ ） A.I1=I2 ， A管中的液面较低B.I1=I2
7、 ， A管中的液面较高C.I1I2 ， A管中的液面较低D.I1I2 ， A管中的液面较高【答案】D 【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1I2 ， 故AB错误；由Q=I2Rt可知，通电时间相同时，I1I2 ， R1=R2=5，所以左侧电阻产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高故选D【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U形管
8、内两液面的差值变大，据此进行解答5如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（ ） A.电压表 示数变小B.电压表 示数不变C.灯泡L的亮度不变D.电压表 与电流表A示数比值变小 【答案】 D 【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流， 因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V1示数不变，A不符合题意；当滑动变阻器的片P向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，则电压表V1
9、与电流表A示数比值变小，D符合题意；变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，R两端分得的电压变小，即电压表V2示数变小，B不符合题意；电源电压不变，R两端分得的电压变小，则灯泡L两端的电压变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，C不符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清依据的连接方式，根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律I= 可知电路中电流的变化，然后得出电压表V1与电流表A示数比值变化，根据串联电路的分压特点可知R和L两端分得的电压变化，根据P=UI可知
10、灯泡实际功率的变化，进一步得出亮暗变化.6如图所示，下列测量记录正确的是（）A.物体的长度是3.15cmB.体温计的示数是36.7C.弹簧测力计示数是1ND.电能表的示数是2015kWh【答案】 B 【解析】【解答】A、刻度尺的分度值是1mm，末端刻度值为3.15cm，物体长度为3.15cm2.00cm=1.15cm故A错误；B、体温计的量程为3542，一个大格表示1，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1因此它的读数=36+0.7=36.7故B正确；C、弹簧测力计的分度值是0.2N，所以弹簧测力计的示数是0.2N4=0.8N故C错误；D、电能表的读数为201.5kWh故D错误故选B【分析】
11、使要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数起始端是否从零开始，起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数要弄清楚弹簧测力计的量程和分度值再去读数电能表的读数要注意，最后一位为小数位7甲、乙两只灯泡，其IU关系图象如图所示现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A.1.2WB.0.8WC.2WD.3W【答案】 A 【解析】【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A；因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流
12、也为0.4A；根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V；乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V0.4A=1.2W故选A【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率8某房间原来只接有一只标有“PZ22040”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（ ） A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】 B 【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，由PUI 可知，电
13、路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答案为：B。 【分析】结合PUI 可知电功率变化情况，进一步可知灯泡亮度的变化情况.9两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1 ， R2产生的热量之比为（ ） A.2：1B.1：2C.4：1D.1：4【答案】 A 【解析】【解答】由并联电路的特点知道，R1、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电压相同时，通过R1、R2 的电流之比是2：1；由I=U/R知道，R1、R2 的电阻之比为1：2；由图甲知道，闭合开关S，则通电时间相同，由Q=W=U2R t知道，产生的热量与电阻成反比，故R1、R2产生
14、的热量之比是2：1，故答案为：A。【分析】利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式Q=W=t判定产生热量的比值.10下列估测最接近实际的是（）A.一个鸡蛋的质量约为200gB.人感觉舒适的环境温度约为23C.一位普通中学生的手掌宽度约为25cmD.家用电视机的功率约为1500W【答案】 B 【解析】【解答】解：A、一个鸡蛋的质量约为50g；B、人感觉舒适的环境温度为2026；C、一位中学生的手掌宽度约为10cm；D、家用电视机的功率约为200W故选B【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错11关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是
15、（ ） A.白炽灯的正常工作电流约为0.1AB.遥控器的干电池电压约为220VC.空调制冷时的功率约为10WD.电扇正常工作1h耗电约为1KWh【答案】A 【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为40W，正常工作电流约为I= = 0.18A，0.1A相差不大，故A符合实际； B、遥控器的干电池电压约为1.5V，故B不符合实际；C、空调制冷时的功率约为1000W，故C不符合实际；D、电扇的额定功率为100W，正常工作1h耗电约为W=Pt=0.1KW1h=0.11KWh，故D不符合实际故选A【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要的计算去判断题目的对错12如
16、图所示，电源电压不变，先闭合S1 ， 再闭合S2 ， 下列说法正确的是（ ）A.电压表、电流表示数均变小B.电压表示数变大，电路总功率变大C.电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大D.电压表与电流表示数的比值变大【答案】B 【解析】【解答】A、C、由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2 ， R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律 可知，电路中的电流变大，即电流表示
17、数变大，AC不符合题意；B、电源电压不变，电流变大，根据P=UI可知，电路的总功率变大，B符合题意；D、两开关都闭合时，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值，即 为电阻R1的阻值，所以该比值不变，D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，判断开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件，利用串联电路的特点和欧姆定律分析即可.13酒驾易造成交通事故，利用酒精测试仪可以检测司机是否酒驾，其电路原理如图甲所示R1为“气敏传感器”，它的电阻值与它接触到的酒精气体浓度的关系如图乙所示，R2为定值电阻，阻值为60，电源电压恒为12V若酒精气体浓度0.2mg/mL时，则判定被检者为酒驾以下
18、说法正确的是（ ） A.被检者的酒精气体浓度越高，电流表示数越小B.电流表的示数为0.12A时，判定被检者为酒驾C.电压表示数为3V时，R2消耗的电功率为0.45WD.被检者酒精气体浓度为0.2mg/mL时，电压表的示数是4V【答案】D 【解析】【解答】解：A、由电路图甲可知，传感器R1和定值电阻R2串联，电压表测传感器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知，当酒精浓度增大时，传感器R1的阻值会减小，由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，故A错误；B、由I= 得：电路中的总电阻R= = =100，此时气敏电阻的阻值R1=RR2=10060=40，由图象乙可知，此时酒精气体浓
19、度为0.1mg/mL0.2mg/mL，所以此时被检者不是酒驾，故B错误；C、电压表示数为3V时，定值电阻R2两端的电压U2=UU1=12V3V=9V，此时R2消耗的电功率P2= = =1.35W，故C错误；D、根据图象乙可知，被检者酒精气体浓度为0.2mg/mL时，气敏电阻的阻值为R1=30，根据欧姆定律可知此时电流为I= = = = A，根据欧姆定律可得：气敏电阻两端电压U1=IR1= A30=4V，即为电压表示数，故D正确故选D【分析】（1）由电路图可知，传感器和定值电阻串联，电压表测传感器两端的电压，电流表测电路中的电流；由图可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的
20、变化；（2）根据I= 求出电流为0.12A时，电路中的总电阻，再根据串联电阻特点求出此时气敏电阻的阻值，根据图象乙判断此时是否酒驾；（3）根据串联分压特点求出定值电阻两端的电压，再根据P= 求出R2消耗的电功率；（4）被检者酒精气体浓度为0.2mg/mL时，根据图象乙读出此时气敏电阻的阻值，根据欧姆定律求出电流，再根据欧姆定律求出气敏电阻两端电压，即为电压表示数14小王家的电能表上标着“600imp/（kWh），220V 5A”等信息他用这个电能表来测量某用电器的功率；他把家中的其他用电器都与电源断开，仅让这个用电器工作，6min内电能表指示灯闪了30次该用电器阻值恒定，将它接到110V的电路
21、中，实际功率是（ ） A.250wB.125wC.150WD.500W【答案】B 【解析】【解答】解：（1）由电能表的参数可知，电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁600次， 当指示灯闪烁30次时，消耗电能：W=30 kWh= kWh；用电器的功率：P= = =0.5kW=500W 因为该用电器阻值恒定，由P= 可得，正常工作时电阻丝的电阻R= = =96.8；（2）电功率P实= v= =125W故选B【分析】（1）600imp/（kWh）的含义是：电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁600次；然后可求指示灯闪烁30次消耗的电能，根据P= 求出用电器的功率，再利用R= 可求得正常工作时该用
22、电器的电阻（2）因为该用电器阻值恒定，根据P= 可求得该用电器实际的电功率15如图所示，电源电压为12V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）闭合开关S，当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，R1消耗的电功率为3.2W下列说法正确的是（ ） A.滑片P在a点时，R1消耗的电功率为2WB.滑片P在b点时，R1消耗的电功率为0.6WC.滑片P在c点时，R2消耗的电功率为1.6WD.滑片P在c点时，电路消耗的总功率为4W【答案】C 【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端
23、的电压，电流表测电路中的电流（1）当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，串联电路中电流处处相等，即I=I1=I2=0.1A， R2消耗的电功率为1W；根据P=UI，则此时R2两端电压：U2= = =10V，因R1与R2串联，所以R1两端电压：U1=UU2=12V10V=2V，R1消耗的电功率：P1=U1I1=2V0.1A=0.2W；故A错误；当滑片在a时，由欧姆定律的变形公式，变阻器连入电路中的电阻：R2= =100，R1= = =20滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1 ， 消耗的电功率为：P1= = =7.2W，故B错误；（2）当滑片P移动至某一位置c
24、时，电压表示数 =4V，根据串联电路电压的规律，R1的电压：U1=UU2=12V=4V=8V，根据P=UI，此时电路中的电流：I= = =0.4A，滑片P在c点时，R2消耗的电功率： = I=4V0.4A=1.6W；故C正确；滑片P在c点时，电路消耗的总功率：P总=UI=12V0.4A=4.8W，故D错误；故选C【分析】（1）由图知R1、R2串联在电路中，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，当滑片P在某一端点a时，串联电路中电流处处相等，根据P=UI求出电压表示数，根据串联电路电压规律，求出R1两端电压，根据P=UI求R1消耗的电功率；由欧姆定律求出当滑片在a时，变阻器连入电路中的电阻及
25、R1的电阻，滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1 ， 根据P= 求R1消耗的电功率；（2）当滑片P移动至某一位置c时，根据串联电路电压的规律，求R1的电压，根据P=UI求出此时电路中的电流，分别根据P=UI求R2消耗的电功率和电路消耗的总功率16下列关于电能的说法正确的是（ ） A.可以通过电流表把电能直接测量出来B.电能的单位是“度”，学名叫做千瓦C.消耗电能越多的用电器，电功率就越大D.消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同【答案】 D 【解析】【解答】A.电流表可以测量电流，不能测量电能，A不符合题意； B.电能的单位是“度”，又叫千瓦时，B不符合题意；
26、 C.电功率越大，表示电流做功快，C不符合题意； D.消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同，D符合题意。 故答案为：D. 【分析】电功率表示电流做功的快慢，不同用电器，转化成的热的效率不同。17下列家用电器正常工作20min消耗电能最多的是（ ） A.电饭煲B.电热毯C.电视机D.电风扇【答案】 A 【解析】【解答】解：电饭煲的功率约为1000W，电热毯的功率约为100W，电视机的功率约为130W，电风扇的功率约为60W， 由此可见，电饭煲的电功率最大，由WPt可知，用电器正常工作相同时间，电饭煲消耗的电能最多。故答案为：A。【分析】根据生活常识及生活经验判断各用电器的功率大小，由WPt
27、可知，工作相同时间，用电器功率越大，消耗的电能越多。18下列家用电器中，正常工作一小时耗电接近1.2kWh的是（ ） A.空调B.电冰箱C.电视机D.台灯【答案】A 【解析】【解答】此用电器的功率为P= =1.2kW，四个选项中，电冰箱的功率约120W，电视机的功率约120W，台灯的功率约40W，故额定功率接近1.2kW的用电器是空调机故答案为：A【分析】根据功率的公式计算出此用电器的功率，再与选项中各用电器大约的功率比较，得出正确选项 .19如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图R0是阻值为484的保温电阻，R1是规格为“220V 800W”的主加热电阻，R2是副加热电阻电压力锅煮饭分
28、为“加热升压保压保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（Pt）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S，S自动接到a，同时S1自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S1自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S1又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b，减压进入保温状态电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kWh，下列说法正确的是（ ）A.电压力锅是对大气压强的应用B.当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间是18minD.电
29、压力锅正常工作时的最大电流是5A【答案】 D 【解析】【解答】解：A高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C由图乙可知，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间分别为06min，912min，1518min，即R1的工作时间t1=12min=0.2h，C不符合题意；DR2的工作时间t2=18min=0.3h，在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ， 即：0.25kWh=0.8kW0.2h+P20.3h，解得：P
30、2=0.3kW=300W，两加热电阻同时工作时电路电流最大，则总功率P=P1+P2=800W+300W=1100W，由P=UI可得，I= =5A，D符合题意故答案为：D【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键.20如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）闭合开关S，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的电功率为1.8W则当滑片P从a移到b的过程中（ ）A.电流表示数变化了0.4
31、AB.电压表示数变化了8VC.R1消耗的电功率变化了6WD.电路消耗的总功率变化了6W【答案】 D 【解析】【解答】解：由图知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流，根据I= 可知，滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，电流最小，电阻最大，由此可知滑片在b端，变阻器R2连入阻值最大，根据P=UI得：滑动变阻器R2的电压：U2 = =10V，滑动变阻器R2的最大值：R2= = =100，根据串联电路的电压特点可知：U=U1+U2 ， 所以有：U=0.1AR1+10V当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，此时R2的电压：U2= = =6V，由U=U1+
32、U2可得：U=0.3AR1+6V联立解得：R1=20，U=12V；当P在a端时，R2连入阻值为0，所以电压表示数UV=0，电流表示数：IA= = =0.6A，由前面的计算可知：当P在b端时，IA=0.1A，电压表示数UV=10V，由此可知，电流表变化为：I=IAIA=0.6A0.1A=0.5A，故A错误；电压表变化为：U=UVUV=12V0=12V，故B错误；R1消耗的电功率变化：P1=IA2R1IA2R1=（0.6A）220（0.1A）220=7W，故C错误；电路消耗的总功率变化：P=UI=12V0.5A=6W，故D正确故答案为:D【分析】由图可知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端
33、的电压，电流表测电路中电流，由P在某一端点时电流最小，根据欧姆定律计算变阻器的最大值，由P=UI计算P在两个位置时变阻器两端电压，根据串联电路和欧姆定律计算电源电压和R1的阻值；根据串联电路特点和欧姆定律计算P在两端时电路中电流和变阻器两端电压，从而判断电表示数变化；由P=UI计算R1消耗的电功率和总功率变化21将标有“6 V3 W”和“6 V2 W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6 V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（） A.两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮B.两只小灯泡都能正常发光C.通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮D.两只小灯泡的总功率小于2 W【答案】D 【解析】
34、【解答】解：（1）由P=UI可得，两灯泡的额定电流：I甲= = =0.5A，I乙= = = A，由I= 可得，两灯泡的电阻：R甲= = =12，R乙= = =18；甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，不符合题意；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I= = =0.2A，因II乙I甲 ， 所以，两灯泡均不能正常发光，B不符合题意；由P=I2R可知，乙灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，A不符合题意；电路的总功率：P=UI=6V0.2A=1.2W2W，D符合题意故答案为：D【分析】根据公式R=可求灯泡
35、的电阻，因为串联电流相等，所以根据公式P=I2R可计算灯泡的实际功率，利用公式P=可计算总功率.22如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S，两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（ ） A.L1和L2都变亮B.L1变暗，L2变亮C.L1变亮，L2变暗D.L1和L2都变暗【答案】 B 【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联， 将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，由I 可知，干路中的电流变小，由UIR可知，L1两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于
36、实际功率的大小，所以，由PUI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，由P 可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，B符合题意、D不符合题意。故答案为：B。 【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律I 可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化情况，根据P=UI可知L1实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的
37、电压特点和P= 可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化. 23下列常见电器中不是利用电流热效应工作的是（ ） A.电炉B.电动机C.电饭锅D.电熨斗【答案】 B 【解析】【解答】解：电炉、电饭锅、电熨斗是根据电流的热效应工作的，它们把电能主要转化为内能；电动机是根据通电导线在磁场中受到磁场力的作用而工作的，电动机工作时主要把电能转化为机械能，B符合题意故答案为：B【分析】利用电热工作的有电炉、电饭锅、电熨斗等，电动机是把电能转化为机械能.24王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W 2k”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22
38、0 60”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小，应换用20k【答案】 B 【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B、C是否正确知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R=计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误；功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不
39、符合题意；B说法正确；灯泡为“PZ220 60”，灯泡的电阻为RL=807；接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+R电=807+2000=2807，电位器的功率为：P电=I2R电=（）2R电=（）2200012.3W，从而可知D说法错误；故选B【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题25如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S，两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（ ） A.L1和L2都变亮B.L1变暗，L2变亮C.L1变亮，L2变暗D.L1和L2都变暗【答案】B
40、【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，由I= 可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，L1两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，故AC错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，由P= 可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故B正确、D错误故选B【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化，根据P=UI可知L1实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联
