2022年新高考数学一轮复习练习:专练48 高考大题专练(五) 圆锥曲线的综合运用(含解析).docx

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1、专练 48高考大题专练(五)圆锥曲线的综合运用 1.已知 m1,直线 l:xmym 2 2 0,椭圆 C:x 2 m2y 21,F1,F2分别为椭圆 C 的左、右焦点 (1)当直线 l 过右焦点 F2时,求直线 l 的方程 (2)设直线 l 与椭圆 C 交于 A,B 两点,AF1F2,BF1F2的重心分别为 G,H.若坐标原点 O 在以线段 GH 为直径的圆内,求实数 m 的取值范围 2.2021全国新高考卷在平面直角坐标系 xOy 中,已知点 F1( 17,0),F2( 17,0), 点 M 满足|MF1|MF2|2.记 M 的轨迹为 C. (1)求 C 的方程; (2)设点 T 在直线 x

2、1 2上,过 T 的两条直线分别交 C 于 A,B 两点和 P,Q 两点,且|TA|TB| |TP|TQ|,求直线 AB 的斜率与直线 PQ 的斜率之和 3.2020全国卷已知 A,B 分别为椭圆 E:x 2 a2y 21(a1)的左、右顶点,G 为 E 的上顶点, AG GB 8.P 为直线 x6 上的动点,PA 与 E 的另一交点为 C,PB 与 E 的另一交点为 D. (1)求 E 的方程; (2)证明:直线 CD 过定点 4.已知抛物线 C:y23x 的焦点为 F,斜率为3 2的直线 l 与 C 的交点为 A,B,与 x 轴的交 点为 P. (1)若|AF|BF|4,求 l 的方程;

3、(2)若AP 3PB,求|AB|. 5.2020全国卷已知椭圆 C1:x 2 a2 y2 b21(ab0)的右焦点 F 与抛物线 C 2的焦点重合, C1的中心与 C2的顶点重合过 F 且与 x 轴垂直的直线交 C1于 A,B 两点,交 C2于 C,D 两 点,且|CD|4 3|AB|. (1)求 C1的离心率; (2)设 M 是 C1与 C2的公共点若|MF|5,求 C1与 C2的标准方程 6.2020新高考卷已知函数 f(x)aex 1lnxlna (1)当 ae 时,求曲线 yf(x)在点(1,f(1)处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积; (2)若 f(x)1,求 a 的取值范围 7.

4、2021全国乙卷已知抛物线 C:x22py(p0)的焦点为 F,且 F 与圆 M:x2(y4)21 上 点的距离的最小值为 4. (1)求 p; (2)若点 P 在 M 上,PA,PB 是 C 的两条切线,A,B 是切点,求PAB 的最大值 8.2021全国甲卷抛物线 C 的顶点为坐标原点 O,焦点在 x 轴上,直线 l:x1 交 C 于 P,Q 两点,且 OPOQ.已知点 M(2,0),且M 与 l 相切 (1)求 C,M 的方程; (2)设 A1,A2,A3是 C 上的三个点,直线 A1A2,A1A3均与M 相切判断直线 A2A3与M 的 位置关系,并说明理由 专练 48高考大题专练(五)

5、圆锥曲线的综合运用 1.解析:(1)因为直线 l:xmym 2 2 0 经过点 F2( m21,0),所以 m21m 2 2 ,解得 m22.又因为 m1,所以 m 2, 故直线 l 的方程为 x 2y10. (2)设 A(x1,y1),B(x2,y2) 由 xmym 2 2 , x2 m2y 21, 消去 x,得 2y2mym 2 4 10. 由m28 m2 4 1 m280,得 m28. y1y2m 2,y 1y2m 2 8 1 2. 由 F1(c,0),F2(c,0),可知 G x1 3 ,y1 3 ,H x2 3 ,y2 3 . 因为坐标原点 O 在以线段 GH 为直径的圆内, 所以O

6、H OG 0,即 x1x2y1y20. 因为 x1x2y1y2 my1m 2 2 my2m 2 2 y1y2(m21) m2 8 1 2 ,所以(m21) m2 8 1 2 0.解 得 m24(符合 m21,所以实数 m 的取值范围是(1,2) 2解析:(1)因为|MF1|MF2|20,b0),则 2a2,可得 a1,b 17a24, 所以,轨迹 C 的方程为 x2y 2 161 (x1). (2)设点 T 1 2,t,若过点 T 的直线的斜率不存在,此时该直线与曲线 C 无公共点, 不妨设直线 AB 的方程为 ytk1 x1 2 ,即 yk1xt1 2k 1, 联立 yk1xt1 2k 1

7、16x2y216 ,消去 y 并整理可得 (k 2 116)x2k1(2tk1)x t1 2k 1 2160, 设点 A (x 1,y1),B (x 2,y2),则 x11 2且 x 21 2. 由韦达定理可得 x1x2k 2 12k1t k2116 ,x1x2 t1 2k 1 216 k2116 , 所 以 ,|TA|TB|(1k21)|x 11 2|x 21 2| (1k21) x1x2x1x2 2 1 4 (t 212)(1k2 1) k2116 , 设直线 PQ 的斜率为 k2,同理可得|TP|TQ| (t 212)(1k2 2) k2216 , 因为|TA|TB|TP|TQ|,即 (

8、t 212)(1k2 1) k2116 (t 212)(1k2 2) k2216 ,整理可得 k21k22, 即 (k 1k2 )(k 1k2)0,显然 k1k20,故 k1k20. 因此,直线 AB 与直线 PQ 的斜率之和为 0. 3解析:(1)由题设得 A(a,0),B(a,0),G(0,1) 则AG (a,1),GB (a,1)由AG GB 8 得 a218,即 a3. 所以 E 的方程为x 2 9 y21. (2)设 C(x1,y1),D(x2,y2),P(6,t) 若 t0,设直线 CD 的方程为 xmyn,由题意可知3n3. 由于直线 PA 的方程为 yt 9(x3),所以 y

9、1t 9(x 13) 直线 PB 的方程为 yt 3(x3),所以 y 2t 3(x 23) 可得 3y1(x23)y2(x13) 由于x 2 2 9 y221,故 y22x23x23 9 , 可得 27y1y2(x13)(x23),即 (27m2)y1y2m(n3)(y1y2)(n3)20. 将 xmyn 代入x 2 9 y21 得 (m29)y22mnyn290. 所以 y1y2 2mn m29,y 1y2n 29 m29. 代入式得(27m2)(n29)2m(n3)mn(n3)2(m29)0. 解得 n3(舍去)或 n3 2. 故直线 CD 的方程为 xmy3 2, 即直线 CD 过定点

10、 3 2,0. 若 t0,则直线 CD 的方程为 y0,过点 3 2,0. 综上,直线 CD 过定点 3 2,0. 4解析:设直线 l:y3 2xt,A(x 1,y1),B(x2,y2) (1)由题设得 F 3 4,0,故|AF|BF|x1x23 2,由题设可得 x 1x25 2. 由 y3 2xt, y23x 可得 9x212(t1)x4t20,则 x1x212t1 9 . 从而12t1 9 5 2,得 t 7 8. 所以 l 的方程为 y3 2x 7 8. (2)由AP 3 PB可得 y 13y2. 由 y3 2xt, y23x 可得 y22y2t0. 所以 y1y22.从而3y2y22,

11、故 y21,y13. 代入 C 的方程得 x13,x21 3. 故|AB|4 13 3 . 5解析:(1)由已知可设 C2的方程为 y24cx,其中 c a2b2. 不妨设 A,C 在第一象限,由题设得 A,B 的纵坐标分别为b 2 a ,b 2 a ;C,D 的纵坐标分别 为 2c,2c,故|AB|2b 2 a ,|CD|4c. 由|CD|4 3|AB|得 4c 8b2 3a ,即 3c a22 c a 2.解得c a2(舍去)或 c a 1 2. 所以 C1的离心率为1 2. (2)由(1)知 a2c,b 3c, 故 C1: x2 4c2 y2 3c21. 设 M(x0,y0),则 x20

12、 4c2 y20 3c21,y 2 04cx0, 故 x20 4c2 4x0 3c 1. 由于 C2的准线为 xc,所以|MF|x0c,而|MF|5,故 x05c,代入得5c 2 4c2 45c 3c 1,即 c22c30,解得 c1(舍去)或 c3. 所以 C1的标准方程为x 2 36 y2 271,C 2的标准方程为 y212x. 6解析:f(x)的定义域为(0,),f(x)aex 11 x. (1)当 ae 时,f(x)exlnx1,f(1)e1,曲线 yf(x)在点(1,f(1)处的切线方程为 y(e1)(e1)(x1),即 y(e1)x2. 直线 y(e1)x2 在 x 轴,y 轴上

13、的截距分别为 2 e1,2. 因此所求三角形的面积为 2 e1. (2)当 0a1 时,f(1)alna1. 当 a1 时,f(x)ex 1lnx,f(x)ex11 x.当 x(0,1)时,f(x)0.所以当 x1 时,f(x)取得最小值,最小值为 f(1)1,从而 f(x)1. 当 a1 时,f(x)aex 1lnxlnaex1lnx1. 综上,a 的取值范围是1,) 7解析:(1)由题意知 M(0,4),F 0,p 2 ,圆 M 的半径 r1,所以|MF|r4,即p 2 414,解得 p2.(技巧点拨:F 与圆 M 上点的距离的最小值为|MF|r,最大值为|MF|r) (2)由(1)知,抛

14、物线方程为 x24y, 由题意可知直线 AB 的斜率存在,设 A x1,x 2 1 4 ,B x2,x 2 2 4 ,直线 AB 的方程为 ykxb, 联立得 ykxb x24y ,消去 y 得 x24kx4b0, 则16k216b0 (),x1x24k,x1x24b, 所以|AB| 1k2|x1x2| 1k2 x1x224x1x24 1k2 k2b. 因为 x24y,即 yx 2 4 ,所以 yx 2,则抛物线在点 A 处的切线斜率为 x1 2 ,在点 A 处的切 线方程为 yx 2 1 4 x1 2 (xx1),即 yx1 2 xx 2 1 4 ,(技巧点拔:因为抛物线方程为 x24y,即

15、 yx 2 4 , 所以想到利用导数的几何意义求切线方程) 同理得抛物线在点 B 处的切线方程为 yx2 2 xx 2 2 4 , 联立得 yx1 2 xx 2 1 4 yx2 2 xx 2 2 4 ,则 xx1x2 2 2k yx1x2 4 b , 即 P(2k,b)因为点 P 在圆 M 上,所以 4k2(4b)21, 且12k1,5b3,即1 2k 1 2,3b5,满足()(易错警示:由点 P 在圆 M 上,只得到了 4k2(4b)21,而忽视 k,b 的取值范围,导致得到错误答案) 设点 P 到直线 AB 的距离为 d,则 d|2k 22b| 1k2 , 所以 SPAB1 2|AB|d4

16、 k 2b3. 由得,k214b 2 4 b 28b15 4 , 令 tk2b,则 tb 212b15 4 ,且 3b5. 因为 tb 212b15 4 在3,5上单调递增,所以当 b5 时,t 取得最大值,tmax5,此时 k0,所以PAB 面积的最大值为 20 5. 8解析:(1)由题意,直线 x1 与 C 交于 P,Q 两点,且 OPOQ,设 C 的焦点为 F,P 在第一象限, 则根据抛物线的对称性,POFQOF45, 所以 P(1,1),Q(1,1) 设 C 的方程为 y22px(p0),则 12p,得 p1 2, 所以 C 的方程为 y2x. 因为圆心 M(2,0)到 l 的距离即M

17、 的半径,且距离为 1, 所以M 的方程为(x2)2y21. (2)设 A1(x1,y1),A2(x2,y2),A3(x3,y3), 当 A1,A2,A3中有一个为坐标原点,另外两个点的横坐标均为 3 时,满足条件,此时直 线 A2A3与M 相切 当 x1x2x3时,直线 A1A2:x(y1y2)yy1y20, 则 |2y1y2| y1y2211,即(y 2 11)y222y1y23y210, 同理可得(y211)y232y1y33y210, 所以 y2,y3是方程(y211)y22y1y3y210 的两个根, 则 y2y32y1 y211,y 2y33y 2 1 y211. 直线 A2A3的方程为 x(y2y3)yy2y30, 设点 M 到直线 A2A3的距离为 d(d0),则 d2 2y2y32 1y2y32 23y 2 1 y211 2 1 2y1 y211 2 1,即 d1, 所以直线 A2A3与M 相切 综上可得,直线 A2A3与M 相切

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