(2022高考数学一轮复习(步步高))顶层设计 前瞻 三角函数与解三角形热点问题.doc

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1、三角函数与解三角形热点问题三角函数与解三角形热点问题 三年真题考情 核心热点真题印证核心素养 三角函数的图象 与性质 2019全国, 11; 2019北京, 9; 2019全 国, 12, 2019天津, 7; 2018全国, 10;2018全国,16;2018全国, 15;2017浙江,18;2017山东,16; 2017全国,14 直观想象、 逻辑推理 三角恒等变换 2019全国,10;2019浙江,18; 2018浙江, 18; 2018江苏, 16; 2018全 国,15;2018全国,4;2017全国 ,17;2017山东,9 逻辑推理、 数学运算 解三角形 2019全国,17;20

2、19全国,18; 2019北京, 15; 2019江苏, 15; 2018全 国,17;2018北京,15;2018天津, 15;2017全国,17 逻辑推理、 数学运算 热点聚焦突破 教材链接高考三角函数的图象与性质 教材探究(必修 4P147 复习参考题 A 组第 9 题、第 10 题) 题目 9已知函数 y(sin xcos x)22cos2x. (1)求它的递减区间; (2)求它的最大值和最小值. 题目 10已知函数 f(x)cos4x2sin xcos xsin4x. (1)求 f(x)的最小正周期; (2)当 x 0, 2 时,求 f(x)的最小值及取得最小值时 x 的集合. 试题

3、评析两个题目主要涉及三角恒等变换和三角函数的性质,题目求解的关 键在于运用二倍角公式及两角和公式化为 yAsin(x)k 的形式,然后利用 三角函数的性质求解. 【教材拓展】 已知函数 f(x)4tan xsin 2xcos x 3 3. (1)求 f(x)的定义域与最小正周期; (2)讨论 f(x)在区间 4, 4 上的单调性. 解(1)f(x)的定义域为x|x 2k,kZ, f(x)4tan xcos xcos x 3 3 4sin xcos x 3 3 4sin x 1 2cos x 3 2 sin x 3 2sin xcos x2 3sin2x 3 sin 2x 3cos 2x 2si

4、n 2x 3 . 所以 f(x)的最小正周期 T2 2 . (2)由 22k2x 3 22k(kZ), 得 12kx 5 12 k(kZ). 设 A 4, 4 ,B x| 12kx 5 12k,kZ,易知 AB 12, 4 . 所以当 x 4, 4 时,f(x)在区间 12, 4 上单调递增,在区间 4, 12 上单 调递减. 探究提高1.将 f(x)变形为 f(x)2sin 2x 3 是求解的关键, (1)利用商数关系统一 函数名称;(2)活用和、差、倍角公式化成一复角的三角函数. 2.把“x”视为一个整体,借助复合函数性质求 yAsin(x)B 的单调性 及奇偶性、最值、对称性等问题. 【

5、链接高考】 (2019浙江卷)设函数 f(x)sin x,xR. (1)已知0,2),函数 f(x)是偶函数,求的值; (2)求函数 y f x 12 2 f x 4 2 的值域. 解(1)因为 f(x)sin(x)是偶函数, 所以,对任意实数 x 都有 sin(x)sin(x), 即 sin xcos cos xsin sin xcos cos xsin , 故 2sin xcos 0,所以 cos 0. 又0,2),因此 2或 3 2 . (2)y f x 12 2 f x 4 2 sin2 x 12 sin2 x 4 1 2 1cos 2x 6 1 2 1cos 2x 2 11 2 3

6、2 cos 2x3 2sin 2x 1 3 2 cos 2x 3 . 由于 xR,知 cos 2x 3 1,1, 因此, 所求函数的值域为 1 3 2 ,1 3 2 .教你如何审题三角函数与平面向量 【例题】 (2020北京西城区调研)已知向量 m(sin x,1),n( 3,cos x),且 函数 f(x)mn. (1)若 x 0, 2 ,且 f(x)2 3,求 sin x 的值; (2)在锐角三角形 ABC 中,内角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c.若 a 7,ABC 的面积为3 3 2 ,且 f A 6 7 3 bsin C,求ABC 的周长. 审题路线 自主解答 解(1)f(x)

7、mn(sin x,1)( 3,cos x) 3sin xcos x2sin x 6 . f(x)2 3,sin x 6 1 3. 又x 0, 2 ,x 6 6, 3 , cos x 6 2 2 3 . sin xsin x 6 61 3 3 2 2 2 3 1 2 32 2 6 . (2)f A 6 7 3 bsin C, 2sin A 7 3 bsin C,即 6sin A 7bsin C. 由正弦定理可知 6a 7bc. 又a 7,bc6. 由已知ABC 的面积等于 1 2bcsin A 3 3 2 ,sin A 3 2 . 又A 0, 2 ,A 3. 由余弦定理,得 b2c22bccos

8、 Aa27,故 b2c213, (bc)225,bc5, ABC 的周长为 abc5 7. 探究提高1.破解平面向量与“三角”相交汇题的常用方法是“化简转化法”, 即先利用三角公式对三角函数式进行“化简”;然后把以向量共线、向量垂直、 向量的数量积运算等形式出现的条件转化为三角函数式;再活用正、余弦定理对 边、角进行互化. 2.这种问题求解的难点一般不是向量的运算,而是三角函数性质、恒等变换及正、 余弦定理的应用,只不过它们披了向量的“外衣”. 【尝试训练】 (2020郑州质检)在ABC 中,内角 A,B,C 的对边分别为 a,b, c,若向量 m 2cos2C 2,cos AB 2,n 5

9、8,cos AB 2,mn9 8. (1)求 tan Atan B 的值; (2)求 absin C c2a2b2的最小值. 解(1)由题意可得 mn5 4cos 2C 2cos 2AB 2 9 8, 即5 8cos(AB) 1 2cos(AB)0, 展开可得 cos Acos B9sin Asin B, 所以 tan Atan B1 9. (2)由余弦定理可得 c2a2b22abcos C, 所以 absin C c2a2b2 absin C 2abcos C 1 2tan C 1 2tan(AB) 1 2 tan Atan B 1tan Atan B 9 16(tan Atan B) 9

10、162 tan Atan B 3 8, 当且仅当 tan Atan B1 3时等号成立. 所以 absin C c2a2b2的最小值为 3 8. 满分答题示范解三角形 【例题】 (12 分)(2019全国卷)ABC 的内角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c. 设(sin Bsin C)2sin2Asin Bsin C. (1)求 A; (2)若2ab2c,求 sin C. 规范解答 (1)由已知得 sin2Bsin2Csin2Asin Bsin C, 故由正弦定理得 b2c2a2bc.用正弦定理化角为边2 由余弦定理得 cos Ab 2c2a2 2bc 1 2. 用余弦定理化边为角4 因为

11、 0A180,所以 A60. 5 (2)由(1)知 B120C, 由题设及正弦定理得2sin Asin(120C)2sin C,6 即 6 2 3 2 cos C1 2sin C2sin C, 可得 cos(C60) 2 2 ,两角和余弦公式的逆用8 因为 0C120, 所以 sin(C60) 2 2 ,同角基本关系式的应用10 故 sin Csin(C6060) sin(C60)cos 60cos(C60)sin 60 6 2 4 . 两角差正弦公式的应用12 高考状元满分心得 写全得步骤分:对于解题过程中得分点的步骤有则给分,无则没分,所以得分 点步骤一定要写全, 如第(1)问中只要写出

12、0A180就有分, 没写就扣 1 分, 第(2) 问中 0C120也是如此. 写明得关键分:对于解题过程中的关键点,有则给分,无则没分,所以在答题 时要写清得分关键点,如第(1)问中由正弦定理得 b2c2a2bc,由余弦定理得 cos Ab 2c2a2 2bc 1 2,第(2)问中 cos(C60) 2 2 等. 保证正确得计算分:解题过程中计算准确,是得满分的根本保证,如 6 2 3 2 cos C1 2sin C2sin C 化简如果出现错误,本题第(2)问最多得 1 分. 【规范训练】 (2019天津卷)在ABC 中,内角 A,B,C 所对的边分别为 a,b, c.已知 bc2a,3cs

13、in B4asin C. (1)求 cos B 的值; (2)求 sin 2B 6 的值. 解(1)在ABC 中,由正弦定理 b sin B c sin C, 得 bsin Ccsin B.又由 3csin B4asin C, 得 3bsin C4asin C,即 3b4a. 因为 bc2a,所以 b4 3a,c 2 3a.由余弦定理可得 cos Ba 2c2b2 2ac a24 9a 216 9 a2 2a2 3a 1 4. (2)由(1)可得 sin B 1cos2B 15 4 , 从而 sin 2B2sin Bcos B 15 8 , cos 2Bcos2Bsin2B7 8, 故 sin

14、 2B 6 sin 2Bcos 6cos 2Bsin 6 15 8 3 2 7 8 1 2 3 57 16 . 热点跟踪训练 1.(2019北京卷)在ABC 中,a3,bc2,cos B1 2. (1)求 b,c 的值;(2)求 sin(BC)的值. 解(1)由余弦定理 b2a2c22accos B,得 b232c223c 1 2 . 因为 bc2,所以(c2)232c223c 1 2 , 解得 c5,所以 b7. (2)由 cos B1 2得 sin B 3 2 . 由正弦定理得 sin Cc bsin B 5 3 14 . 在ABC 中,角 B 是钝角,所以角 C 为锐角, 所以 cos

15、C 1sin2C11 14. 所以 sin(BC)sin Bcos Ccos Bsin C4 3 7 . 2.(2019青岛二中二模)已知 a,b,c 分别为ABC 三个内角 A,B,C 的对边,且 满足 asin B 3bcos A0,a4. (1)求 A 的大小; (2)(一题多解)若 D 是 BC 的中点,AD3,求ABC 的面积. 解(1)asin B 3bcos A0, 由正弦定理,得 sin Asin B 3sin Bcos A0. 因为 B(0,),所以 sin B0, 所以 sin A 3cos A0,所以 tan A 3. 又 A(0,),所以 A 3. (2)法一在ABC

16、中,a2b2c22bccos BACb2c2bc, 即 b2c216bc. 在ABD 中,cos ADBAD 2BD2AB2 2ADBD 94c 2 232 13c 2 12 . 在ACD 中,cos ADCAD 2CD2AC2 2ADCD 94b 2 232 13b 2 12 . 又因为ADBADC, 所以 cos ADBcos ADC0, 即13c 2 12 13b 2 12 0,所以 b2c226, 则 16bc26,所以 bc10. 所以 SABC1 2bcsin BAC 1 210 3 2 5 3 2 . 法二由(1)得 cos BAC1 2,则 b2c2a2 2bc 1 2, 所以

17、 b2c2bc16. 因为AD 1 2(AB AC), 则 AD 21 4(AB 22ABACAC2)1 4(c 2bcb2)9, 即 b2c2bc36. ,得 2bc20,所以 bc10. 所以 SABC1 2bcsin BAC 1 210 3 2 5 3 2 . 法三因为AB AC(AD DB )(AD DC ) (AD DB )(AD DB )AD 2DB2945, 所以AB AC|AB|AC|cos BAC1 2bc5,即 bc10, 所以 SABC1 2bcsin BAC 1 210 3 2 5 3 2 . 3.已知函数 f(x)ab,其中 a(2cos x, 3sin 2x),b(

18、cos x,1),xR. (1)求函数 yf(x)的单调递减区间; (2)在ABC 中,内角 A,B,C 所对的边分别为 a,b,c,f(A)1,a 7,且 向量 m(3,sin B)与 n(2,sin C)共线,求边长 b 和 c 的值. 解(1)f(x)2cos2x 3sin 2x1cos 2x 3sin 2x12cos 2x 3 , 令 2k2x 32k(kZ), 解得 k 6xk 3(kZ), 函数 yf(x)的单调递减区间 为 k 6,k 3 (kZ). (2)f(A)12cos 2A 3 1, cos 2A 3 1,又 32A 3 7 3 , 2A 3,即 A 3. a 7,由余弦

19、定理得 a2b2c22bccos A(bc)23bc7. 向量 m(3,sin B)与 n(2,sin C)共线, 2sin B3sin C,由正弦定理得 2b3c, 由得 b3,c2. 4.已知函数 f(x)cos x(cos x 3sin x). (1)求 f(x)的最小值; (2)在ABC 中,内角 A,B,C 的对边分别是 a,b,c,若 f(C)1,SABC3 3 4 , c 7,求ABC 的周长. 解(1)f(x)cos x(cos x 3sin x)cos2x 3sin xcos x1cos 2x 2 3 2 sin 2x1 2 sin 2x 6 . 当 sin 2x 6 1 时

20、,f(x)取得最小值1 2. (2)f(C)1 2sin 2C 6 1,sin 2C 6 1 2, C(0,),2C 6 6, 13 6,2C 6 5 6 ,C 3. SABC1 2absin C 3 3 4 ,ab3. 又(ab)22abcos 372ab, (ab)216,即 ab4,abc4 7, 故ABC 的周长为 4 7. 5.(2020福州质检)在 RtABC 中,ACB90,点 D,E 分别在边 AB,BC 上, CD5,CE3,且EDC 的面积为 3 6. (1)求边 DE 的长; (2)若 AD3,求 sin A 的值. 解(1)如图,在ECD 中, SEDC1 2CECDs

21、in DCE 1 235sin DCE3 6, 所以 sin DCE2 6 5 , 因为 0DCE90, 所以 cos DCE1 2 6 5 2 1 5. 所以 DE2CE2CD22CDCEcos DCE 9252351 528, 所以 DE2 7. (2)因为ACB90, 所以 sin ACDsin(90DCE)cos DCE1 5, 在ADC 中,由正弦定理得 AD sin ACD CD sin A, 即3 1 5 5 sin A,所以 sin A 1 3. 6.(2020重庆诊断)已知 a,b,c 分别是ABC 内角 A,B,C 的对边,且满足(a bc)(sin Bsin Csin A

22、)bsin C. (1)求角 A 的大小; (2)设 a 3,S 为ABC 的面积,求 S 3cos Bcos C 的最大值. 解(1)(abc)(sin Bsin Csin A)bsin C, 根据正弦定理,知(abc)(bca)bc,即 b2c2a2bc. 由余弦定理,得 cos Ab 2c2a2 2bc 1 2. 又 A(0,),所以 A2 3. (2)根据 a 3,A2 3及正弦定理 得 b sin B c sin C a sin A 3 3 2 2, b2sin B,c2sin C. S1 2bcsin A 1 22sin B2sin C 3 2 3sin Bsin C. S 3cos Bcos C 3sin Bsin C 3cos Bcos C 3cos(BC). 故当 BC 6时,S 3cos Bcos C 取得最大值 3.

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