(2022讲与练 高三理科数学一轮复习PPT)课时作业18(001).DOC

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1、课时作业课时作业 18导数与函数的零点问题导数与函数的零点问题 1已知函数 f(x)exaxa(aR 且 a0) (1)若 f(0)2,求实数 a 的值,并求此时 f(x)在2,1上的最小值; (2)若函数 f(x)不存在零点,求实数 a 的取值范围 解:(1)由题意知,函数 f(x)的定义域为 R, 又 f(0)1a2,得 a1, 所以 f(x)exx1,求导得 f(x)ex1. 易知 f(x)在2,0上单调递减,在0,1上单调递增, 所以当 x0 时,f(x)在2,1上取得最小值 2. (2)由(1)知 f(x)exa,由于 ex0, 当 a0 时,f(x)0,f(x)在 R 上是增函数,

2、 当 x1 时,f(x)exa(x1)0;当 x0 时, 取 x1 a,则 f 1 a 1a 1 a1a0. 所以函数 f(x)存在零点,不满足题意 当 a0 时,令 f(x)0,得 xln(a) 在(,ln(a)上,f(x)0,f(x)单调递增, 所以当 xln(a)时,f(x)取最小值 函数 f(x)不存在零点,等价于 f(ln(a)eln( a)aln(a)a2aaln(a)0, 解得e2a0,f(x)1 xa, 当 a0,f(x)在(0,)上单调递增, 且 f(e3)ae30,当 x0 时,f(x), 此时,f(x)存在唯一零点; 当 a0 时,令 f(x)1ax x 0,解得 x1

3、a, f(x)在 0,1 a 上单调递增;f(x)在 1 a,上单调递减,f(x)maxf 1 a lna4. 当lna4e 4 时,f(x)无零点; 当lna40,即 ae 4 时,f(x)有一个零点; 当lna40,即 0ae 4 时,f(x)有两个零点 综上,当 a0 或 ae 4 时,f(x)有一个零点; 当 0ae 4 时,f(x)无零点 (2)g(x)x3 m 2 a x2x,g(x)3x2(m2a)x1. g(x)在(a,3)上有最值,g(x)在(a,3)上不单调 g(0)10, ga0 恒成立 又 a1,2,由 g(a)0,即 m1 a5a, 解得 m0,即 3m266a0,

4、解得 m32 3 ,故32 3 m0, 则 g(x)1 x2xa 2x2ax1 x , 由 g(x) 0,得 x1a a 28 4 (舍),x2a a 28 4 , 当 x(0,x2)时,g(x)0,函数 g(x)单调递增; 当 x(x2,)时,g(x)0,函数 g(x)单调递减, 则函数 g(x)的单调递增区间是(0,x2),单调递减区间是(x2,), 若 x23,则 g(x)在(0,3上单调递增,不合题意,所以 x20, 由 g(3)1,即 ln393a10,解得 a8ln3 3 , 由 g(x)maxg(x2)0,即 lnx2x22ax20, 因为2x22ax210,所以 a2x2 1

5、x2, 代入 lnx2x22ax20,得 lnx2x2210, 令 h(x)lnxx21,可知 h(x)在(0,3上单调递增, 而 h(1)0,而 h(x2)h(1)0, 所以 1x23,而 a2x2 1 x2在 1x 23 上单调递增,所以 1a17 3 , 综上所述,a 的取值范围为 1,8ln3 3. 4已知 g(x)ex,h(x)lnx,若点 A 为函数 g(x)上的任意一点,点 B 为函数 h(x)上的任意一点f(x)g(2x)ax a(aR,其中 e 为自然对数的底数) (1)求 A,B 两点之间距离的最小值; (2)若函数 f(x)有两个不同的零点 x1,x2. 求实数 a 的取

6、值范围; 设 f(x)的导函数为 f(x),求证:f x1x2 20,函数 f(x)在 R 上单调递增, 不合题意,a0. 又x时,f(x);x,f(x), 令 f(x)0,即 2e2xa0,x1 2ln a 2, 函数 f(x)有两个零点 x1,x2,函数 f(x)在 ,1 2ln a 2 递减,函数 f(x)在 1 2ln a 2,递增,f 1 2ln a 2 0, f 1 2ln a 2 e lna 2 a 2ln a 2a2e 3. a 的取值范围是(2e3,) 证明:由题意得 e 2x1ax 1a0, e 2x2ax 2a0, 两式相减得 ae 2x2e2x1 x2x1 ,不妨设 x

7、10,则 2(x2x1)e x1x2 e x2x1 可转化为 h(t)2tete t, h(t)2ete t2(etet)0, h(t)在(0,)上单调递减, h(t)h(0)0,即 f x1x2 2 2 . (1)证明:当 a1 时,f(x)有最小值,无最大值; (2)若在 2,上方程 f(x)0 恰有一个实数根,求实数 a 的取值范围 解:(1)证明:当 a1 时,f(x)excosx,f(x)exsinx. 令 h(x)f(x),则 h(x)excosx. 当 20,cosx0,h(x)0; 当 x0 时,ex1,1cosx1,h(x)0, 即当 x 2,时,恒有 h(x)0, f(x)

8、在 2,上单调递增 f 2 e 2 10, 存在 x0 2,0,使得 f(x0)0,f(x)的符号如图所示, 即 f(x)在 2,x 0 上单调递减,在(x0,)上单调递增又x时,f(x), 当 a1 时,f(x)有最小值 f(x0),无最大值 (2)方程 f(x)aexcosx0 2x恰有一个实根,即 acosx ex 2x恰有一个实根,即 ya 与 g(x) cosx ex 2x0; 当 x 4, 3 4 时,g(x)0, g(x)在 2, 4 上单调递增,在 4, 3 4 上单调递减,在 3 4 , 上单调递增, 即极大值为 g 4 2 2 e 4 ,极小值为 g 3 4 2 2e 3

9、4 . 又g 2 0,g() 1 e, g(x)在 2,上的图象大致如图所示 又ya 与 g(x)cosx ex 2x0 恒成立, 令 f(x)0,得 x1,令 f(x)0,得 x0 时,令 f(x)0,得 x11,x2lna. ()当 lna1,即 ae 时,f(x)0 恒成立, 所以 f(x)在 R 上为增函数; ()当 lna1,即 0a0,得 x1 或 xlna, 令 f(x)0,得 lnax1,即 ae 时, 令 f(x)0,得 xlna 或 x1, 令 f(x)0,得 1xlna, 所以 f(x)在(,1)上为增函数,在(1,lna)上为减函数,在(lna,)上为增函数 综上,当

10、a0 时,f(x)在(,1)上为减函数,在(1,)上为增函数; 当 ae 时,f(x)在 R 上为增函数; 当 0ae 时,f(x)在(,1)上为增函数,在(1,lna)上为减函数,在(lna,)上为增函数 (2)由(1)知, 当 a0 时,f(x)在(,1)上为减函数,在(1,)上为增函数,f(1)a e 1 21 时,f(x) ax ex 1 2x 2xax x 1 2x 2x1 2x 2xa, 取 x02a,则 f(x0)1 2(2a) 2(2a)a1 2a 20,故此时有 2 个零点,符合题意; 当 ae 时,f(x)在 R 上为增函数,故此时最多有 1 个零点,不合题意; 当 0ae

11、 时,f(x)在(,lna)上为增函数,在(lna,1)上为减函数,在(1,)上为增函数, ()当 a1 时,f(lna)1 2ln 2a0,f(1)1 e 1 20,此时有 2 个零点,符合题意; ()当 0a1 或 1a0, f(x)ax ex 1 2x 2xx a ex 1 2x1, 当 xax 21 2x1, 只需 xax 21 2x10, 所以取 x1lna 且 x11 116a 4a ,则 f(x1)0,即 a e 2时,只有 1 个零点,不合题意;当 f(1) a e 1 20,即 a e 2时,有 2 个零点,符合题 意;当 f(1)a e 1 20,即 0a0,所以此时有 3 个零点,不合题意; 当 ae 时,f(x)在(,1)上为增函数,在(1,lna)上为减函数,在(lna,)上为增函数, f(lna)alna a 1 2ln 2alna1 2ln 2a0, 故此时最多有 1 个零点,不合题意 综上,当 a0 或 a1 或 ae 2时,函数 f(x)有 2 个零点

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