2021-2022第一学期高二期末数学-答案.docx

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1、高二数学答案第 1页(共 8页)龙岩市 20212022 学年第一学期期末高二教学质量检查数学参考答案一、选择题(本大题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分)题号12345678答案AACADCBD二、多项选择题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)题号9101112答案ABDACBCAC12简析:易知137a,故 A 正确B 选项:5421138532118S,故 B 错误C 选项:12321322212212112)(,aaaaaaaaaaaaaaaaannnnnn所以202020212022202120202022202122021234324323)()(aaaaa

2、aaaaaaaaaaa,20222021220212221aaaaa,所以 C 正确D 选项:19820019946524321,aaaaaaaaaaa200199531aaaaa,故 D 错误三、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)13614)2 , 2(1536165416简析:由已知可得:nnan1,nnaaaS2121 3 2 n1 n n11,S1S20,S3S4S5S6S71,S8S9S142,S15S16S233,S24S254,S1S2S252051729324=54.四、解答题(本大题共 6 小题,共 70 分)17 (本题满分 10 分)解: (1)设

3、( , )P x y,由题意,得:2222) 1(2)2-(+=+yxyx,2 分化简得0422=+yyx,4 分所以点P的轨迹方程为0422=+yyx5 分高二数学答案第 2页(共 8页)(2)方法一:设,Q x y,因为点P与点Q关于点02-=+yx对称,则P点坐标为)22-(+xy,7 分因为点P在圆0422=+yyx,即4)2(22=+ yx上运动,所以4)2-()4(22=+yx,所以点Q的轨迹方程为4)2-()4(22=+yx,8 分所以两圆的圆心分别为)2 , 4- (),2- , 0(,半径均为 2,则4244)2-2- ()40(|22max+=+=PQ.10 分方法二:由0

4、422=+yyx可得:4)2(22=+ yx所以点P的轨迹是以)2- , 0(为圆心,2 为半径的圆6 分轨迹P的圆心到直线02 yx的距离为:222|220|d8 分42422|maxrdPQ10 分18 (本题满分 12 分)解: (1)当1n时,2, 22111aaS1 分当2n时,1112),22(22nnnnnnnaaaaSSa3 分na为等比数列,2,22211aannn满足上式,nna25 分(2)nnnnncnb2) 1(,2log26 分nnnnnT2) 1(223221211322) 1(223222nnnnnT 8 分1-得11322) 1(212) 12(22) 1(2

5、224nnnnnnnT11122) 1(-2nnnnn11 分12nnnT12 分19 (本题满分 12 分)解: (1)由已知可得:甲、乙两人共付费 6 元,则甲、乙一人付费 2 元一人付费 4 元,2 分又付费 2 元的乘坐站数有 1,2,3 三种选择,付费 4 元的乘坐站数有 4,5,6,7 四种选,4 分所以甲、乙下地铁的方案共有(34)224(种)6 分(2)甲、乙两人共付费 8 元,则甲、乙一人付费 2 元一人付费 6 元或两人都付费 4 元;当甲付费 2 元,乙付费 6 元时,甲乘坐站数有 1,2,3 三种选择,乙乘坐站数有 8,9,10,11,12 五种选择,此时,共有 35=

6、15(种)方案;8 分当两人都付费 4 元时,若甲在第 4 站下地铁,则乙可在第 5,6,7 站下地铁,有 3 种方案;若甲在第 5 站下地铁, 则乙可在第 6,7 站下地铁, 有 2 种方案; 若甲在第 6 站下地铁,则乙可在第 7 站下地铁,有 1 种方案;11 分综上,甲比乙先下地铁的方案共有2112315(种). 12 分20 (本题满分 12 分)高二数学答案第 3页(共 8页)解: (1)由题意得,2MFpt 54t,解得t2p,2 分因为点M(t,4)在抛物线C上,所以 422pt4p2,解得p2,所以抛物线C的标准方程为24yx4 分(2)方法一:由已知得,直线l的斜率存在且不

7、为 0,所以设直线l的方程为bkxy,0k 与抛物线方程24yx联立并消去x得:2440kyyb,5 分因为直线l与抛物线C相切,所以0 ,得1kb ,ky20,7 分所以200214yxk,得212,Pkk,8 分在bkxy中,令0y 得21bxkk ,所以21,0Qk,9 分所以线段PQ中点为1(0,)k,线段PQ的中垂线方程为11yxk ,11 分所以线段PQ的中垂线过定点1,0F.12 分方法二:由已知得,直线l的斜率存在且不为 0,所以设直线l的方程为)(00 xxkyy,0k 与抛物线方程24yx联立并消去x得:20004kyyykx,5 分2200000111244yk ykxk

8、 ykky 因为直线l与抛物线C相切,所以0 ,得ky20,7 分所以200214yxk,得212,Pkk,8 分在)(00 xxkyy中,令0y 得21xk ,所以21,0Qk,9 分所以线段PQ中点为1(0,)k,线段PQ的中垂线方程为11yxk ,11 分所以线段PQ的中垂线过定点1,0F.12 分21 (本题满分 12 分)解: (1)证明:当2n时,2)(3112nnnnSSSS高二数学答案第 4页(共 8页)得到23112nnnnaaaa, 2)()(, 2211212nnnnnnnaaaaaaa得2 分当1n时,2)()( , 6, 412232312aaaaaaaa1nnaa是

9、以 4 为首项,2 为公差的等差数列2221)-(41nnaann当2n时1122-1 -1 -)()()(aaaaaaaannnnn222) 1(22nnnnnn22) 1(25 分当1n时,21a也满足上式,nnan26 分(2)) 12)(2(1)3)(2(1)2)(1(1111221nnnnnnaaabnnnn)12121()3121()2111(nnnnnn312112111nnnn8 分令312)(nnnf,) 312(311) 1(2)() 1(nnnnnfnf) 1(122) 1(1-211122nnnnnnnn当012212nnn时,)() 1(nfnf因此)(nf的最小值为

10、6) 1 (f,nb的最大值为6110 分对任意正整数n,当2 , 1 m时,nbtmt6132恒成立,得616132 tmt即032 tmt在2 , 1 m时恒成立,0320322tttt解得30tt或12 分22.(本题满分 12 分)解: (1)因为1ABF的周长为4 2,C的离心率为22,所以44 2a ,22ca,所以2a ,1c ,2 分又2221bac,3 分所以椭圆C的方程为2212xy4 分高二数学答案第 5页(共 8页)(2)方法一:方法一:11,0F ,()21,0F =,1BFG的面积为111111133BOFGOFGOBBBOFAOFAGBFOSSSSSSS21121

11、2111122663yyyyyy ,1ABF的面积为112ABFSyy,6 分则121223yyyy,得123231yy,7 分设:1l xty,与椭圆C方程联立,消去y得222210tyty ,由韦达定理得12222tyyt,12212y yt.8 分令12ymy,则22222021,212mtmytmyt,可得222142mtmt.9 分当0t 时,210mm当0t 时,22144,021mmt 所以2140mm ,又0m 解得32 232 2m 10 分由得3232 232 231 ,解得62621212所以实数的取值范围是62 621212,12 分方法二:方法二:同方法一可得1BFG

12、的面积为1BFGS12123yy,1ABF的面积为112ABFSyy,6 分高二数学答案第 6页(共 8页)则121223yyyy,得121122213111yyyyyy ,7 分设:1l xty,与椭圆C方程联立,消去y得222210tyty ,由韦达定理得12222tyyt,12212y yt.8 分所以2221212122112122yyyyyyyyy yy y22422tt因为tR,所以122162yyyy 解得1232 232 2yy 10 分由解得62621212所以实数的取值范围是62 621212,12 分方法三:方法三:设:1l xty,与椭圆C方程联立,消去y得222210tyty ,088)2(44222+=+=ttt解得222-,222-222221+=+=tttyttty7 分同解法二可得21226226223)222-222-(3222-2-222-)-(32-222222222222121+=+=+=tttttttttttttttttyyyy9 分当21,0= 时t21226102+=tt时,当,2222+t122621261212262+=+tt此时122621+高二数学答案第 7页(共 8页))21,122-6(21226102+=t-t时,当综上,)1226122-6(+,12 分高二数学答案第 8页(共 8页)

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