1、武汉市 2022 届高中毕业生二月调研考试 物理答案及评分参考 一选择题：本题共本题共 11 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 44 分。分。 1B 2D 3B 4C 5B 6A 7D 8AC 9AC 10BCD 11BC 二二非选择题：本题共非选择题：本题共 5 小题，共小题，共 56 分。分。 12 （6 分） （1）乙 1 分 （2）i匀速 1 分 ii0.75 2 分 iii1/k 2 分 13 （10 分） （1）100 2 分 （3）11xRERE+ 2 分 （5）5.0 50.0 各 2 分 （6） 2 分 14 （9 分） （1）设前后两次测量时缸内气体压强分别为 p
2、1、p2，弹簧弹力分别为 F1、F2，有 110= ()F k LL 1 分 220= ()Fk LL 1 分 以活塞为研究对象，根据平衡条件，有 101p Sp SF=+ 1 分 202p Sp SF=+ 1 分 根据理想气体状态方程，有 112212p SLp SLTT= 3 分 联立解得 2 1201 21001 22 1()()=L T LLLT LLkpLTL TS 2 分 15 （15 分） （1）带电粒子在正交的电场和磁场区域内沿直线运动，设从 A 点入射的速度为 v0： i根据平衡条件，有 1 / 3 qEBqv=0 1 分 解得 BEv =0 1 分 ii在电场中，粒子做类平
3、抛运动，沿入射方向 0dv t= 1 分 在 P 点粒子沿电场方向的速度 yvat= 1 分 根据牛顿第二定律，有 maqE = 1 分 电偏转角 E0tanyvv= 1 分 在磁场中，粒子做匀速圆周运动，有 200vqv BmR= 1 分 由几何关系，有 BsindR= 1 分 由解得 E20tandmvqE= B0sindmvqB= 2 分 当0EvB=时，有200mvmvqEqB=，则EBtansin= 1 分 （2）设粒子从 A 点入射的速度为 v 时，电偏转角等于磁偏转角，同理可知 E2tandmvqE= 1 分 由几何关系，有 B22tandRd= 1 分 又 2vqvBmR= 当
4、234mEdqB=时，EBtantan=，整理可得 442224161630B vB E vE+= 解得 BEv2= 或 BEv23= 2 分 2 / 3 16（16分） （1）设 P 在 A 点的动能为KAE，P 从 A 点运动到 B 点时，根据动能定理，有 2BKA12mgLmvE= 1 分 在 B 点，根据牛顿第二定律，有 2BNvFmgmR= 1 分 代入数据解得 KA130JE= 1 分 （2）设 P 滑上 CD 段后能到达的最高点与 C 点距离为 S1，根据动能定理，有 211B1(1cos )sincos02mg RSmgSmv+= 2 分 从最高点返回到 AB 段，设 E 与
5、B 的距离为 S2，根据动能定理，有 112(1cos )sincos0mg RSmgSmgS+= 2 分 联立解得 22.32mS = 1 分 （3）设 P 和 Q 碰后瞬间的速度分别为Pv和Qv，有 BPQmvmvMv=+ 1 分 222BPQ111222mvmvMv=+ 1 分 解得 P2m/sv = ，Q8m/sv = P 减速至 0 所用的时间为PP0.4svtg= 1 分 设 Q 滑上 CD 段后能到达的最高点与 C 点的距离为 S3，根据动能定理，有 233Q1(1cos )sincos02Mg RSMgSMv+= 1 分 解得 33mS = Q 沿着 CD 上滑的时间为3Q2(sincos )Stg=+，解得QP0.6stt=，故 Q 在与 P 相遇前，P已经停下。 1 分 设 P 停止位置与 B 点的距离为 S4，根据动能定理，有 24P102mgSmv= 1 分 Q 从 CD 段的最高点返回，最终恰好能与 P 相遇，根据动能定理，有 334(1cos )sincos0Mg RS MgS MgS+= 1 分 联立解得 57 = 1 分 3 / 3
