1、四川省成都市2022届高三第三次诊断考试理科数学试题一、单选题1命题“，”的否定是（）A，B，C，D，2设集合，则（）ABCD3二项式展开式的各项系数之和为（）AB1C32D2434若实数x，y满足约束条件，则的最小值为（）AB4C5D145在中，已知，则向量在方向上的投影为（）AB2CD6设，是双曲线的左，右焦点，点P在双曲线C的右支上，当时，面积为（）ABCD7将最小正周期为的函数的图象向左平移个单位长度，得到函数的图象，则函数的图象的对称中心为（）A，B，C，D，8已知，为空间中的两个平面，m，n为两条异面直线，且平面，平面若直线l满足，则（）A，B与相交，且交线垂直于lC，D与相交，且
2、交线平行于l9在某大学一食品超市，随机询问了70名不同性别的大学生在购买食物时是否查看营养说明，得到如下的列联表：女男总计要查看营养说明152540不查看营养说明201030总计353570附：，其中0.500.400.250.150.100.050.0250.0100.0050.4550.7081.3232.0722.7063.8415.0246.6357.879根据列联表的独立性检验，则下列说法正确的是（）A在犯错误的概率不超过0.05的前提下认为该校大学生在购买食物时要查看营养说明的人数中男生人数更多B在犯错误的概率不超过0.010的前提下认为该校女大学生在购买食物时要查看营养说明的人数
3、与不查看营养说明的人数比为C在犯错误的概率不超过0.025的前提下认为性别与是否查看营养说明有关系D在犯错误的概率不超过0.010的前提下认为性别与是否查看营养说明有关系10若实数m，n满足，则的最大值为（）A2B3CD411已知三棱台的六个顶点都在球O的球面上，和分别是边长为和的正三角形，则球O的体积为（）ABCD12若函数的零点为，则（）AB1CD2二、填空题13已知i为虚数单位，则复数的实部为_14已知数列满足，则的值为_15记定义在上的可导函数的导函数为，且，则不等式的解集为_16如图，经过坐标原点O且互相垂直的两条直线AC和BD与圆相交于A，C，B，D四点，M为弦AB的中点，有下列结
4、论：弦AC长度的最小值为；线段BO长度的最大值为；点M的轨迹是一个圆；四边形ABCD面积的取值范围为其中所有正确结论的序号为_三、解答题17某中学为增强学生的环保意识，举办了“爱成都，护环境”的知识竞赛活动，为了解本次知识竞赛活动参赛学生的成绩，从中抽取了n名学生的分数（得分取正整数，满分为100分，所有学生的得分都在区间中）作为样本进行统计按照，的分组作出如下的频率分布直方图，并作出下面的样本分数茎叶图（图中仅列出了得分在，的数据）(1)求样本容量n和频率分布直方图中x，y的值；(2)在选取的样本中，从竞赛成绩不低于70分的三组学生中按分层抽样抽取了9名学生，再从抽取的这9名学生中随机抽取2
5、名学生到天府广场参加环保知识宣传活动，求这2名学生中恰好有1名学生的分数在中的概率18如图，在等腰梯形ADEF中，在矩形ABCD中，平面平面ABCD(1)证明：；(2)求直线AF与平面CEF所成角的大小19已知中的三个内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，角B为钝角，且(1)求角B的大小；(2)若点D在AC边上，满足，且，求BC边的长20已知函数，其中(1)求函数的单调区间；(2)设函数当，时，证明：21已知椭圆的离心率为，且经过点，椭圆C的右顶点到抛物线的准线的距离为4(1)求椭圆C和抛物线E的方程；(2)设与两坐标轴都不垂直的直线l与抛物线E相交于A，B两点，与椭圆C相交于M，N两点，O
6、为坐标原点，若，则在x轴上是否存在点H，使得x轴平分？若存在，求出点H的坐标；若不存在，请说明理由22在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（t为参数）以坐标原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为(1)求直线 l 的直角坐标方程与曲线C的普通方程；(2)已知点P的直角坐标为，直线 l 与曲线C相交于不同的两点A，B，求的值23已知函数(1)求不等式的解集；(2)若关于x的不等式恒成立，求实数m的取值范围参考答案：1A【解析】【分析】由全称命题的否定为特称命题，即得.【详解】由全称命题的否定可知：“，”的否定是“，”.故选：A.2A【解析】【分析】解绝对值不等式、一元
7、二次不等式分别求集合A、B，再由集合并运算求.【详解】由题设，所以.故选：A3D【解析】【分析】令可求出结果.【详解】令得，所以二项式展开式的各项系数之和为.故选：D4B【解析】【分析】由题设作出不等式组表示的区域，结合的几何意义即可求出答案.【详解】作出不等式组表示的区域如下图中阴影部分，直线化为：表示斜率为的一组平行线，当经过点有最小值，由，所以，则的最小值为：.故选：B.5C【解析】【分析】利用三角形内角和及正弦定理求得、，再根据向量投影的定义求结果.【详解】由题设，则，可得，所以向量在方向上的投影为.故选：C6B【解析】【分析】利用双曲线的定义可得，又，进而即得.【详解】双曲线，又点P
8、在双曲线C的右支上，所以，即，又，面积为.故选：B.7C【解析】【分析】由题可得，利用图象变换可得，然后利用正弦函数的性质即得.【详解】函数最小正周期为，即，由可得，故函数的图象的对称中心为.故选：C.8D【解析】【分析】由面面平行及线面垂直：A结合平面基本性质有与题设矛盾；C：易得或，再由线线垂直、线面位置关系得到或相交；对于B、D：若，过上一点作交于，连接，利用线面垂直的判定证面、面，进而判断k、l位置关系即可.【详解】若，由平面，平面易知：与m，n异面矛盾，A错误；若，平面有或，又且，则或相交，C错误；若，过上一点作交于，连接，由知：，又，则面，由则，又，则，所以面，综上，故与相交，且交
9、线平行于l，D正确，B错误.故选：D9C【解析】【分析】由题可得，进而即得.【详解】由题可得，在犯错误的概率不超过0.025的前提下认为性别与是否查看营养说明有关系. 故选：C.10D【解析】【分析】由代入得：，再由均值不等式即可求出最值.【详解】由可得：，所以即，当且仅当即时取等.故选：D.11B【解析】【分析】分别求出正三棱台的上下两个底面的外接圆的半径，然后由球的性质得：，解出，即可求得球O的体积.【详解】设点，分别是正，的中心，球的半径为，且，三点共线，正三棱台的高为，在等边中，由，由正弦定理可得： ，得，在等边中，由，由正弦定理可得： ，得，如下图，过点作，则在三角形中， ，所以，所
10、以正三棱台的高为3，在中，即，在中，即，两式解得：，所以球O的体积为：.故选：B.12B【解析】【分析】由已知有，根据零点得到，利用指对数的关系及运算性质得到关于t的表达式，进而由指数函数的单调性确定t值即可.【详解】由题设，由得：，若，可得，若，可得，综上，故.故选：B13#0.5【解析】【分析】应用复数的除法运算化简复数，进而确定其实部.【详解】，所以实部为.故答案为：14#【解析】【分析】根据递推关系得到数列的周期及一个周期内各项的值，再应用周期性求.【详解】由题设，则，而，所以，故是周期为4的数列且，所以.故答案为：15【解析】【分析】首先设函数，利用导数判断函数的单调性，不等式等价于
11、，利用函数的单调性，即可求解.【详解】设，所以函数单调递增，且，不等式，所以.故答案为：.16【解析】【分析】根据方程写出已知圆的圆心和半径，由圆的性质判断；由BO长度表示圆上点到原点的距离，即可判断；若分别是的中点，圆心到直线的距离且，易证为矩形且其中心、对角线长度恒定，即可确定M的轨迹判断；根据得到四边形ABCD面积关于的表达式，结合二次函数性质求范围，判断.【详解】由题设，则圆心，半径，由圆的性质知：当圆心与直线距离最大为时AC长度的最小，此时，正确；BO长度最大，则圆心与共线且在它们中间，此时，错误；若分别是的中点，则且，且，又，易知：为矩形，而，若圆心到直线的距离且，所以，则，故，所
12、以在以为直径，交点为圆心的圆上，正确；由上分析：，而，所以，令，则，当，即时，；当或5，即或时，；所以，正确；故答案为：【点睛】关键点点睛：证明分别是的中点所成四边形为矩形且对角线长度及中心恒定，判断轨迹形状；利用得到关于的表达式，结合函数思想求范围.17(1)；(2)【解析】【分析】（1）根据茎叶图中的频数和直方图中的频率求出和，再根据所有频率之和为求出即可得解；（2）根据分层抽样和古典概型的概率公式可求出结果.(1)由直方图可知，分数在中的频率为，根据茎叶图可知，分数在中的频数为，所以样本容量，根据茎叶图可知，分数在中的频数为，所以分数在中的频率为，所以，所以，由，得，综上所述：，.(2)
13、由题意，本次竞赛成绩样本中分数在中的学生有名，分数在中的学生有名，分数在中的学生有名按分层抽样抽取的9名学生中，分数在中的学生有名，分数在中的学生有名，分数在中的学生有名从这9名学生中随机选取2名学生的情况种数又所选2名学生中恰好有1名学生的分数在中的情况种数，所选2名学生中恰好有1名学生的分数在中的概率18(1)证明见解析；(2).【解析】【分析】（1）过点F作AD的垂线，则平面ABCD，结合条件可得，即得；（2）利用坐标法，由题可得平面CEF的一个法向量，利用线面角的向量求法即得.(1)如图，过点F作AD的垂线，垂足为M，连接MB，MC四边形ADEF为等腰梯形，平面平面ABCD，平面平面，
14、平面ADEF，平面ABCD，而MB,MC在平面ABCD中，四边形ABCD为矩形，(2)以A为坐标原点，的方向分别为x轴，y轴的正方向，以过点A垂直于平面ABCD且向上的方向为z轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系，则，设平面CEF的一个法向量为由，得令，得设直线AF与平面CEF所成的角为则又，直线AF与平面CEF所成角的大小为19(1)；(2).【解析】【分析】（1）由正弦定理边角关系得，根据三角形内角的性质求得，即可确定B的大小；（2）由，根据已知及向量数量积的运算律列方程求的模长即可.(1)由已知：，则由正弦定理，故，即，则，即(2)由题意，得，则，20(1)详见解析；(2)证明见解析
15、.【解析】【分析】（1）由题可得，然后分类讨论即得；（2）由题对任意，不等式成立，进而可得不等式成立，构造函数，利用导数求函数的最值即得.(1)由题可得若，当时，；当或时，若，恒有若，当时；当或时，综上，当时，函数的单调递减区间为，单调递增区间为，；当时，函数的单调递增区间为；当时，函数的单调递减区间为，单调递增区间为，(2)由题可得由题意，则需证明对任意，不等式成立由恒成立，只需证明对任意，不等式成立，当时，不等式成立当时，设设当时，恒成立，函数在上单调递增，当时，恒成立，函数在上单调递减，即不等式成立综上，当，时，不等式成立，即成立【点睛】方法点睛：利用导数证明不等式问题，方法如下：（1）
16、直接构造函数法：证明不等式（或）转化为证明（或），进而构造辅助函数；（2）适当放缩构造法：一是根据已知条件适当放缩；二是利用常见放缩结论；（3）构造“形似”函数，稍作变形再构造，对原不等式同解变形，根据相似结构构造辅助函数.21(1)；(2)存在；【解析】【分析】（1）依题意得到方程组，即可求出，从而得到椭圆方程，再求出椭圆的右顶点，即可求出，从而求出抛物线方程；（2）设直线的方程为，联立直线与抛物线方程，消元、列出韦达定理，根据得到，再假设在轴上存在点，使得轴平分，则直线的斜率与直线的斜率之和为，设，联立直线与椭圆方程，消元、列出韦达定理，由，即可求出，从而求出的坐标；(1)解：由已知得，椭
17、圆的方程为椭圆的右顶点为，解得抛物线的方程为(2)解：由题意知直线l的斜率存在且不为0设直线的方程为，由消去y，得，此时直线l的方程为假设在轴上存在点，使得轴平分，则直线的斜率与直线的斜率之和为，设，由消去，得，即恒成立，解得在轴上存在点，使得轴平分【点睛】本题考查直线与圆锥曲线的综合问题，考查椭圆的方程以及韦达定理法在圆锥曲线综合中的应用，属于难题；在解决直线与椭圆的综合问题时，要注意：(1)注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、椭圆的条件；(2)强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题22(1)；(2).【解析】【分
18、析】（1）由曲线的参数方程消去即可得曲线的普通方程；由直线的极坐标方程为及，即可得直线的直角坐标方程；（2）根据题意得直线的标准参数方程为（为参数），把它代入曲线的直角坐标方程，利用直线的参数的几何意义解题即可.(1)由曲线C的参数方程得曲线C的普通方程为直线 l 的极坐标方程化简为由极坐标与直角坐标的互化关系，得直线 l 的直角坐标方程为(2)设直线 l 的参数方程为（m为参数）将直线 l 的参数方程代入曲线C的普通方程，整理可得 设，是方程的两个实数根则，23(1)(2)【解析】【分析】（1）由绝对值不等式及一元二次不等式的解法即可求解；（2）分离参数，将原问题转化为恒成立，然后利用零点分段讨论法求出的最小值即可得答案.(1)解：由，有，所以，即，即，解得，所以不等式的解集为；(2)解：由已知，有恒成立，即恒成立，令，则，当时，；当时，；当时，；当时，.所以的最小值为2，所以，即，所以实数m的取值范围为答案第19页，共19页
