1、北京市西城区20192020学年度第一学期期末试卷一、单项选择题1.在国际单位制中，电功的单位是A. 伏特（V）B. 欧姆（）C. 焦耳（J）D. 瓦特（W）【答案】C【解析】【详解】不同的物理量有不同的单位，可以根据单位来确定物理量，伏特（V）简称伏，是电压的单位；欧姆（）简称欧，是电阻的单位；焦耳（J）简称焦，是能量的单位，包括热量、内能、功、电功等；瓦特（W）简称瓦，是电功率的单位2.下列四种用电器中，主要利用电流热效应工作的是A. 电风扇B. 计算器C. 节能灯D. 电饭锅【答案】D【解析】【详解】利用电能转化为内能发热的用电器主要应用了电流热效应，电饭煲煮饭符合将电能转化为内能发热，
2、故选D。3.关于如图所示的验电器，下列说法正确的是A. 验电器的金属箔是绝缘体B. 验电器可以用来检验物体是否带电C. 验电器的原理是异种电荷相互排斥D. 用橡胶棒接触金属球，金属箔一定带正电【答案】B【解析】【详解】A验电器的金属箔是金属，为导体，故A错误；BC验电器的工作原理为当金属箔带上同种电荷后，会因为同种电荷相互排斥而分开，从而达到检验物体是否带电的目的，故B正确，C错误；D未说明橡胶棒是否带电或带何种电荷，无法判断用橡胶棒接触金属球后，金属箔带何种电荷，故D错误。4.关于电流、电压和电阻，下列说法正确的是A. 电荷的定向移动形成电流B. 自由电子定向移动的方向为电流方向C. 电路两
3、端有电压，电路中一定有电流通过D. 由可知，导体的电阻由电压和电流决定【答案】A【解析】【详解】A电流是由于电荷的定向移动而形成的，故A正确；B电子带负电，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的反方向为电流的方向，故B错误；C电路两端有电压，且电路要形成完整的闭合回路，电路中才会有电流，故C错误；D导体的电阻与其材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压、电流无关，故D错误。5.下列四个生活实例中，通过热传递的方式使（加“”）物体内能减少的是A. 春天，人在院子里晒太阳B. 夏天，给杯中的饮料加冰块C. 秋天，给妈妈用热水泡脚D. 冬天，操场上的同学搓搓手【答案】B【解析】【详解
4、】A人在院子里晒太阳温度升高，是通过热传递的方式使人的内能增大，故A不符合题意；B给杯中饮料加冰块，冰块的温度低于饮料，饮料温度降低，释放热量，则是通过热传递的方式使饮料的内能减少，故B符合题意；C用热水泡脚，脚从热水中吸收热量，属于通过热传递的方式增大脚的内能，故C不符合题意；D冬天搓搓手，是通过做功的方式增大手的内能，故D不符题意。6.下列说法正确的是A. 家庭电路中火线与零线之间电压为36VB. 家庭电路中的洗衣机和电视机是串联的C. 家庭电路中必须安装保险丝或空气开关D. 家庭电路中总电流过大说明电路发生短路【答案】C【解析】【详解】A家庭电路中火线与零线之间电压为220V，故A错误；
5、B家庭电路中，各个用电器之间为并联连接，故B错误；C为保证家庭电路安全使用，应在进户线安装保险丝或空气开关，故C正确；D家庭电路中总电流过大可能是因为短路，也可能是因为用电器总功率过大，故D错误。7.有甲、乙两根完全相同的铜导线，把甲导线剪去一半，再把甲剩下的一半拉成原长，此时它的电阻为R甲，若乙导线的电阻为R乙，则下列判断正确的是A. R甲R乙B. R甲R乙C. R甲R乙D. 无法确定【答案】A【解析】【详解】甲、乙两根完全相同的铜导线，则原来甲、乙电阻相等，将甲减去一半后又拉成原长，相当于甲电阻长度不变，横截面积变小，则电阻变大，则可得此时甲电阻阻值大于乙电阻阻值，故选A。8.在下列四个实
6、例中，与“水的比热容较大”这一特性无关的是A. 用循环水冷却汽车的发动机B. 夏天在马路上洒水可以降温C. 沿海地区比沙漠昼夜温差小D. 暖气管道中用热水散热供暖【答案】B【解析】【详解】AD由于水具有较大的比热容，则当升高（降低）相同温度时，可吸收（放出）更多热量，故可用作循环水冷却发动机或用于暖气管中散热供暖，故AD不符合题意；B夏天在马路上洒水，由于水分蒸发吸热，可达到降温的目的，与比热容无关，故B符合题意；C沿海地区水源较多，由于水的比热容较大，白天与晚上当吸收或放出相同热量时，其温度变化较小，沙漠中沙子比热容较小，白天与晚上当吸收或放出相同热量时，其温度变化较大，则造成沿海地区比沙漠
7、昼夜温差小，故C不符合题意。9.在图所示的电路中，若在闭合开关S后，两只灯泡都能发光，应在图甲、乙两处连入的元件是A. 甲是电压表，乙是电池B. 甲是电池，乙是电流表C. 甲是电流表，乙是电池D. 甲是电压表，乙是电流表【答案】C【解析】【详解】A若甲是电压表，乙是电池，闭合开关后，L1断路不发光，L2发光，故A不符合题意；B若甲是电池，乙是电流表，闭合开关后，L2被短路不发光，L1发光，故B不符合题意；C若甲是电流表，乙是电池，闭合开关后，L1与L2并联，均发光，电流表测L1所在支路电流，故C符合题意；D若甲是电压表，乙是电流表，闭合开关后，电路无电源，灯泡均不发光，故D不符合题意。10.智
8、能指纹锁是利用计算机信息技术、电子技术、机械技术等多项技术于一体的高科技产品。它的“钥匙”是特定人的指纹（相当于开关S1）、磁卡（相当于开关S2）或应急钥匙（相当于开关S3），三者都可以单独使指纹锁内的电动机M工作而打开门锁。同学们根据上述电路特点设计了如图所示的四个电路图，其中符合设计要求的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】由题意可知，三个开关中任意一个开关闭合，电动机均能工作，则三个开关应并联再与电动机串联接入电路，故选D。11.下列说法正确的是A. 铁块很难被压缩，这说明分子之间存在相互作用的引力B. 原子核带正电，核外电子带负电，通常原子整体不显电性C. 常见的物质由
9、分子、原子构成，原子由原子核和带正电的电子构成D. 拍打衣物可以将尘土拍出，这说明分子在永不停息地做无规则运动【答案】B【解析】【详解】A铁块很难被压缩，这说明分子之间存在相互作用的斥力，故A错误；B原子由原子核和核外电子组成，原子核带正电，核外电子带负电，整体不显电性，故B正确；C原子由原子核和核外电子组成，电子带负电，故C错误；D拍打衣物可以将尘土拍出，是利用了惯性，灰尘为固体小颗粒，不属于分子，故D错误。12.在研究串联电路中的电压规律实验中，小明连接了如图所示的电路，闭合开关S后，发现两灯都不亮，他用电压表先测量电源两端电压为3V，之后测量A、B两点之间的电压接近3V，若电路中只有一处
10、故障，则电路故障可能是A. L1断路B. L2断路C. L1短路D. L2短路【答案】A【解析】【详解】闭合开关后两灯均不亮，则电路可能为断路，电源电压为3V，当电压表测A、B两点之间的电压时，示数接近3V，说明A、B间断路，即L1断路，故选A。13.小丽家的一只电吹风机铭牌上标有“220V 500W”，一个节能灯泡上标有“220V 5W”。则下列说法中正确的是A. 电吹风机和节能灯泡通电后，电流通过电吹风机做功会更快B. 电吹风机和节能灯泡工作时，电吹风机消耗的电能会更多C. 电吹风机消耗的电能相当于100个节能灯泡消耗电能D. 电吹风机正常工作3min，消耗的电能为0.025度【答案】D【
11、解析】【详解】A电吹风机和节能灯泡通电后，未知两者是否在额定电压下工作，通过两者的电流也未知，无法判断其电流做功快慢，无法比较，故A错误；BC未告知吹风机和节能灯工作时间，由W=Pt可知，无法判断吹风机和节能灯消耗电能多少，无法比较，故BC错误；D电吹风机正常工作3min，消耗的电能为：故D正确。14.2019年底中国高铁运营里程超过3万公里，占全球高铁运营里程的三分之二以上，超过其他国家总和，高铁成为我国科技发展的一张“名片”。为保障安全运行，高铁列车上安装有烟雾报警装置。如图所示是某校科技小组设计的列车烟雾报警仪的简化原理图，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度
12、的减弱而增大，当输出信号端的电压达到某一数值时，报警器开始报警。当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，下列说法正确的是A. 电流表示数不变，输出信号端电压变大B. 电流表示数变大，输出信号端电压变小C. 电流表示数变小，输出信号端电压变大D. 电流表示数变小，输出信号端电压不变【答案】C【解析】【详解】由题意可知，电路为R0与R串联电路，电流表测整体电流，输出信号端相当于检测R两端的电压，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，R的阻值增大，由串联分压可知，R两端电压变大，则输出信号端电压变大，总电压不变，总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流变小，故选C。15.如图所示，甲、乙两电路中，电源
13、两端电压相同且恒定不变，两电阻的阻值R1R2。闭合开关S，在甲电路中，通过R1和R2的电流分别为I1、I2，R1和R2两端电压分别为U1、U2, R1和R2消耗的电功率分别为P1、P2；在乙电路中，通过R1和R2电流分别为I3、I4，R1和R2的两端电压分别为U3、U4，R1和R2的消耗的电功率分别为P3、P4。则下列判断中正确的是A. I1I2I4I3B. I1I2I3I4C. U1+U2U3+U4D. P4P3P1P2【答案】D【解析】【详解】AB甲电路中，R1与R2串联，则由串联电流定律可知，流过两电阻电流大小相等，在乙电路中，R1与R2并联接在相同电源上，则对比甲图，R1与R2两端电压
14、均变大，由欧姆定律可知，流过R1与R2的电流均增大，由于R1R2，则根据并联电路电流之比等于电阻的反比可知，在乙图中流过R1的电流小于流过R2的电流，综合可得：I4I3I1=I2故AB错误；C甲电路中，R1与R2串联，由串联分压可得电源电压为：在乙电路中，R1与R2并联接在相同电源上，由并联电压规律可知：综合可得：故C错误；D在甲电路中，由于串联电流相等且R1R2，由可得电阻R1的功率大于电阻R2的功率，在乙电路中，由于并联电压相等且R1R2，由可得此时R1的功率小于R2的功率，对比甲、乙两图，乙图中R1两端电压大于甲图中R1两端电压，则由可得R1在乙图中功率更大，综合可得：P4P3P1P2故
15、D正确。二、多项选择题16.图中所示的四种现象中，符合安全用电原则的是A. 使用绝缘层破损的电线B. 洗衣机的金属外壳安装接地线C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线【答案】BD【解析】【详解】A绝缘层破损的电线容易造成触电事故，不能继续使用，故A不符合题意；B洗衣机有金属外壳，为保证安全，应使用三角插头使金属外壳接地，故B符合题意；C正在工作的台灯处于通电状态，湿抹布可以导电，不能用来擦拭正在工作的台灯，容易触电，故C不符合题意；D当有人触碰裸导线触电时，不能直接去拉人或移开导线，为保证安全可以用绝缘棒挑开通电的裸导线，故D符合题意；17.关于温度、内能、热量，下列说
16、法中正确的是A. 一切物体无论温度高低，都具有内能B. 物体的温度不变，它的内能可能变大C. 物体的温度降低，它一定放出了热量D. 物体的内能增加，它一定吸收了热量【答案】AB【解析】【详解】A是否具有内能与温度无关，任何温度的物体都具有内能，故A正确；B晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增大，故B正确；C物体温度降低，可能是释放了热量，也可能是对外做了功，故C错误；D物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故D错误。18.如图所示电路，电源两端电压U保持不变。电阻R1=10W，滑动变阻器R2铭牌上标有 “20W 1A”的字样，电流表的量程为00.6A，两块电压表的
17、量程均为03V。在保证电路各元件安全的条件下，调节滑动变阻器R2的滑片P，使电压表V1和电压表V2的示数范围均为1.5V3V。则下列判断中正确的是A. 电源两端电压U6VB. 电流表A的示数范围为0.15A0.3AC. 滑动变阻器R2的阻值取值范围为5W20WD. 滑动变阻器R2的阻值取值范围为10W20W【答案】BC【解析】【详解】电路为R1与R2串联电路，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电流表测电路电流，由于电压表V1和电压表V2的示数范围均为1.5V3V，由串联分压可知，当R2取得最小值时，R2两端电压最小，为1.5V，此时R1两端电压达到最大值为3V，由欧姆定律可知，电路
18、电流达到最大值，则此时电路电流为：电源电压及R2最小值为： 当R2取得最大值时，R2两端电压最大，为3V，此时R1两端电压达到最小值为1.5V，由欧姆定律可知，电路电流达到最小值，则此时电路电流为：R2最大值为： 综合可得电源电压为4.5V，电流表A的示数范围为0.15A0.3A，R2取值范围为5W20W，故选BC。19.如图所示的四个热学实验，下列说法中正确的是A. 将红墨水同时滴入冷、热水烧杯中，热水先变红，说明分子运动快慢跟温度有关B. 用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明大气压强的存在C. 将活塞迅速下压，使筒内的硝化棉燃烧，说明外界对物体做功，使物体的内能增大D
19、. 向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小【答案】ACD【解析】【详解】A两杯水除温度不同，其他条件相同，由控制变量法可得分子运动快慢跟温度有关，故A正确；B用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，其主要原因是分子之间存在引力作用，故B错误；C筒内的硝化棉燃烧，说明温度升高达到了硝化棉的燃点，则可得内部内能增大，可说明外界对物体做功，可使物体的内能增大，故C正确；D向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，瓶内气体对外做功，内能减小，故D正确。20.如图所示的电路中，电源两端的电压U保持不变。小灯泡L标有“6V 3W”字样，且灯丝电阻不变。当三
20、个开关都闭合时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.6A；当只闭合开关S，滑动变阻器的滑片置于某点时，电路消耗的总电功率为1.5W，此时小灯泡L消耗功率为PL。下列判断正确的是A. U =12VB. RL=12C. PL =0.75WD. RL= 5R【答案】BC【解析】【详解】当三个开关都闭合时，电路为小灯泡与定值电阻R并联电路，电流表测干路电流，由于小灯泡正常发光，电压为6V，则由并联电压规律可知电源电压为6V，小灯泡L标有“6V 3W”字样，可求电阻为：当只闭合开关S，滑动变阻器的滑片置于某点时，电路为小灯泡与滑动变阻器串联电路，此时电路消耗功率为1.5W，则由可求电路电流为：则此时小灯泡实
21、际功率为：故选BC。三、实验解答题21.（1）所示电阻箱的示数为_ W。 （2）所示电能表的示数为_ kWh。【答案】 (1). 1258 (2). 2022.6【解析】【详解】(1)1电阻箱读数时，读出每个三角对应数字并乘上下端倍数，故读数为1258；(2)2电能表读数最后一位为小数，则读数为2022.6kWh。22.如左图所示，是小强常使用的一个插线板。他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。根据上述现象，请在右图中只添加导线完成开关、指示灯和插孔的正确连接。（
22、 ）【答案】【解析】【详解】由题意可知，指示灯与插孔可独立工作，则指示灯与插孔应是并联连接，开关同时控制指示灯与插孔，则开关应在干路，故作图如下：23.小华在实验室测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率。在实验过程中，她调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为_V，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图所示，通过小灯泡的电流为_A，小灯泡的额定电功率为_W。【答案】 (1). 2.5 (2). 0.3 (3). 0.75【解析】【详解】1小灯泡额定电压为2.5V，电压表测小灯泡两端电压，则应调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V；2如图电流表所接量程00.6A，分度值为0.02A，故读数为0.3A；
23、3小灯泡额定功率为：24.如图所示，是小球在地面弹跳实验拍下的频闪照片，小球弹起的高度逐渐降低，说明小球机械能在_（选填“增大”、“减小”或“不变”）；利用红外线测温仪分别测量实验前小球的初温t1和实验后小球的末温t2，则t1_t2（选填“”、“”或“=”），导致这种现象出现的原因是：_。【答案】 (1). 减小 (2). (3). 小球的机械能减小转化为它的内能，使小球的温度升高【解析】【详解】1小球弹起高度逐渐降低是由于需要克服空气阻力做功，则可知其机械能逐渐减小；23小球由于与空气摩擦和与地面碰撞，机械能减小，转换内能，温度会升高，则t1会小于t2。25.小明在烧杯中加入盐水，将锌片和铜
24、片部分浸入盐水中，组成一个盐水电池，他用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示。通过现象可判断铜片相当于盐水电池的_极，你判断的根据是：_。【答案】 (1). 正 (2). 电压表指针正向偏转，说明电压表正接线柱连接的是电源正极【解析】【详解】12电压表正向偏转，根据电压表使用原则可知，与正接线柱“3”相接的铜片为正极；26.如图所示，实验桌上备有实验器材：电池组、电流表、横截面积相同的电阻丝和带有金属夹的导线，其中1、2号电阻丝的长度相同。请回答下列问题：（1）探究导体电阻大小跟导体材料是否有关，应选用1号和_号电阻丝。（2）若选用3、4号电阻丝，可探究_。【答案】 (1). 2 (2
25、). 导体电阻的大小跟导体的长度是否有关【解析】【详解】(1)1探究导体电阻大小跟导体材料是否有关时，应保证导体长度与横截面积相同，故应选择1号和2号电阻丝；(2)2若选用3、4号电阻丝，由题意可知，两电阻丝材料相同，横截面积相同，长度不同，则根据控制变量法可知，可用于探究导体电阻的大小跟导体的长度是否有关。27.为了“探究不同物质的吸热能力与物质种类的关系”，小亮选用两个规格相同的烧杯，加入初温相同、_相同的水和食用油，选用两个规格相同的电加热器加热水和食用油，用两个相同的温度计测量水和食用油的温度，实验装置如甲图所示，除了图中所给实验器材外，还需要补充一个测量器材是_。如乙图所示是小亮根据
26、实验数据绘制的水和食用油的温度随时间变化的图像。（1）在实验中一般用控制_相同的方法，来保证水和食用油吸收的热量相同，通过比较它们_来比较水和食用油吸热能力的差异。（2）根据图乙可以判断：在此实验中，如果要使水和食用油最后温度相同，就需要给_加热更长的时间，此过程中水吸收的热量_（选填“大于”、“等于”或“小于”）食用油吸收的热量。【答案】 (1). 质量 (2). 秒表 (3). 加热时间 (4). 升高的温度 (5). 水 (6). 大于【解析】【详解】1为了“探究不同物质的吸热能力与物质种类的关系”，根据控制变量法可知，应保证液体初温、质量均相同，种类不同；2由于需要记录加热时间，则还需
27、要秒表；(1)34认为用相同热源加热相同时间，表示吸收热量相同，则一般用控制加热时间相同的方法，保证吸热相同，再通过比较水和食用油升高的温度来比较其吸热能力；(2)56在乙图中作“横线”交点表示升高温度相同，可得水需要加热更长时间，加热时间更长，表示水吸收热量大于食用油吸收热量。28.小阳同学在探究“通过导体的电流跟该导体两端电压的关系”实验中，利用如图所示实验器材进行实验。（1）请在虚线框内画出小阳探究实验的电路图。_（2）在图所示实物电路中，_连接有错误。（3）小阳改正错误的电路连接后，进行实验。他闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，观察到电流表的示数_。（4）下表是小阳记录的实验
28、数据。请你根据表中数据在下图中的坐标中描点，并绘制出本次实验中通过导体的电流跟该导体两端电压的关系图像。_（5）通过绘制图像可发现在测量中有明显错误的数据是I=_A的实验数据。根据图像可以判断：当电阻R两端电压为4V时，通过电阻R的电流I约为_A。（6）分析实验图像，得到的结论是：当_一定时，通过导体的电流跟_。【答案】 (1). (2). 电压表 (3). 变大 (4). (5). 0.38 (6). 0.8 (7). 导体电阻 (8). 该导体两端的电压成正比【解析】【详解】(1)1分析题目可知电路应为定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流，则作图如下：(2)
29、2电压表应与被测用电器并联，并保证“正进负出”，图中电压表正负接线柱接反了；(3)3由图可知，当滑片向右滑动时，接入阻值变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，则电流表示数变大；(4)4将表中数据标到坐标轴中并用平滑直线连接，作图如下：(5)5由图像可知，电流为0.38A时明显偏离直线，故数据错误；6由图像可知当电压为2V时，对应电流为0.4A，由于电阻为定值电阻，阻值不变，则由欧姆定律可知，当电压翻倍为4V时，电流翻倍为0.8A；(6)78由图像可知，图像为过原点的倾斜直线，则可知当导体电阻一定时，通过导体的电流跟电压成正比；29.小军利用如图所示的实验装置，探究“电流通过导体产生的热量与哪些因
30、素有关”。（1）若利用此装置探究在_相同、_相同的情况下，电流产生热量跟电阻的关系，则两个密封容器中应各放一根阻值_的电阻丝。（2）在此实验中电流产生的热量不易观察，是通过观察U型管中_，来比较电流通过电阻丝产生的热量多少，因此，闭合开关前应调整左侧A管液面与右侧B管液面_。（3）小军闭合开关进行实验，一段时间后，发现左侧的A管液面不断上升，右侧B管液面高度始终不变。你猜想实验中可能出现的问题是：_。【答案】 (1). 电流 (2). 通电时间 (3). 不同 (4). 液面高度变化 (5). 相平 (6). 右侧的密封容器漏气（合理即可）【解析】【详解】(1)123根据控制变量法可得，为探究
31、电流产生热量跟电阻的关系，应保证电流相同，通电时间相同，使用电阻不同的电阻丝；(2)45由于电流产生的热量不易观察，但温度升高会引起压强的变化，则可根据观察U型管中左右液面高度变化来比较产生的热量多少，则在进行实验前应保证U型管左右液面高度相同；(3)6正常情况左右液面都会上升，实验中右侧B管中液面不上升可能为右侧密封容器漏气；30.图中所示是小丽为测量未知电阻Rx的阻值所设计的实验电路图。请你帮小丽将实验步骤补充完整：将开关S1和S2断开，按电路图连接电路，将滑动变阻器滑片P移到阻值最大端。_，调节滑动变阻器滑片P，记录电流表的示数I；_。记录此时电阻箱示数R0，待测电阻的阻值Rx = R0
32、。【答案】 (1). 见解析 (2). 见解析【解析】【详解】1闭合S1、断开S2；2保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开S1、闭合S2，调整电阻箱旋钮，使电流表的示数仍为I。31.实验桌上有如下器材：符合实验要求的电源、已调零的电压表，电阻箱、定值电阻R0、开关各一个，导线若干。请你利用上述实验器材，设计一个实验证明：在一个串联电路中，某个电阻的阻值增大，这个电阻两端的电压也增大。要求：（1）画出实验电路图；_（2）画出实验数据记录表。_【答案】 (1). (2). 【解析】【详解】1由题意可知，为证明在一个串联电路中，某个电阻的阻值增大，这个电阻两端的电压也增大，则电路应为串联电路，电压表应
33、测量阻值会改变的电阻箱两端电压，则作图如下：2需要收集数据为电阻箱阻值以及对应电压大小，故涉及表格如下：四、科普阅读题32.阅读下面的短文，回答问题。汽油机与柴油机谁的热机效率高？内燃机的活塞在汽缸里做往复运动时，活塞顶部离开汽缸盖最近时的位置，叫作上止点；活塞顶部离开汽缸盖最远时的位置，叫作下止点。上、下止点的距离叫作活塞行程，简称冲程。活塞在下止点时，活塞上面的空间叫作“汽缸总容积”；活塞在上止点时，活塞上面的空间叫作“燃烧室容积”；汽缸总容积与燃烧室容积的比值叫作“压缩比”。压缩比表示空气（或燃料混合物）在汽缸中被压缩的程度。压缩比越大，汽缸内气体压缩后的压强越大，温度越高。压缩比是内燃
34、机的主要技术规格之一，汽油机和柴油机的压缩比是不同的。例如：上海生产的165型汽油机的压缩比是6，压缩终了时的压强约为106Pa，温度可达到430；东风195型柴油机的压缩比是20，压缩终了时的压强约为3106Pa4106Pa，温度可达到500700。压缩比越大，热机效率就越高。在汽油机里，吸入汽缸内的是燃料混合物，由汽化器把空气和汽油按一定比例进行均匀混合雾化而成，燃料混合物被压缩后，用火花塞点火引爆。汽油机的压缩比在58之间，不能任意提高。因为压缩比过大，压缩终了时的气体温度太高，密度太大，使点火时气体的燃烧太剧烈，会造成某一局部压力增长太快，对汽缸和活塞产生巨大的冲击力，发出很大的响声和
35、震动，这种现象叫作“爆震”。发生爆震不仅对机件保养不利，而且使功率显著降低，经济性能大为恶化。柴油机的点火方式与汽油机不同，当压缩冲程快结束前，由喷油嘴喷出雾状柴油，会自动着火。由于柴油机汽缸里压缩的只是纯空气，没有“爆震”问题，提高压缩比不受此限制。但由于汽缸、活塞等部件能承受的压力限制，柴油机的压缩比也不能过大，通常限制在1220之间。与汽油机相比，柴油机的热机效率更高一些，其自重也比同样功率的汽油机要大些。请根据上述材料，回答下列问题：（1）内燃机的“压缩比”是指_的比值。压缩比越大，热机效率越_。（2）在汽油机里，当火花塞产生电火花点燃燃料混合物时，会产生高温高压气体推动活塞向下运动，
36、在此过程中将内能转化为_。（3）通常汽油机的压缩比要小于柴油机的压缩比，其原因在于它们_的不同。【答案】 (1). 汽缸总容积与燃烧室容积 (2). 高 (3). 机械能 (4). 点火方式不同、吸入物不同、汽缸里被压缩的物质不同（写对一条即可）【解析】【详解】(1)12由材料可知“压缩比”是指汽缸总容积与燃烧室容积的比值，压缩比越大，热机效率越高；(2)3点燃混合物推动活塞运动为做功冲程，该冲程时将内能转换为机械能；(3)4通常汽油机的压缩比要小于柴油机的压缩比，其原因在于它们点火方式不同、吸入物不同、汽缸里被压缩的物质不同。五、计算题33.如图所示是小萱家的一个快热式电热水龙头，下表中列出
37、了这只电热水龙头的部分技术参数。求：（1）此电热水龙头正常工作20s产生的热量Q；（2）此电热水龙头正常工作的电阻值R。(结果请保留整数) 【答案】（1）60000J （2）16【解析】【详解】(1)由于电热水龙头内部为纯电阻，则20s产生的热量与消耗的电能相同：(2)由可得正常工作电阻为：答：(1)电热水龙头正常工作20s产生的热量为60000J；(2)电热水龙头正常工作的电阻值为16。34.如图所示，电源两端电压U保持不变。闭合开关S、S1，电压表示数为3V，电流表示数为0.3A。闭合开关S，断开开关S1，电压表示数为2V。求：（1）定值电阻R2的阻值；（2）当闭合开关S，断开开关S1时，电路中的电流I；（3）定值电阻R1的阻值。【答案】（1）10（2）0.2A （3）5【解析】【详解】(1)闭合开关S、S1时，R1被短路，电路为R2的简单电路，电压表测电源电压为3V，则R2电阻为：(2)当闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1与R2串联电路，电压表测R2两端电压，则电路电流为：(3)由(2)得当闭合开关S，断开开关S1时，电路中的电流为0.2A，则电路总电阻为：则R1电阻为：R1=R总-R2=15-10=5答：(1)定值电阻R2的阻值为10；(2)当闭合开关S，断开开关S1时，电路中的电流为0.2A；(3)定值电阻R1的阻值为5.
