1、专题强化四动力学中三种典型物理模型大一轮复习讲义1.本专题是动力学方法在三类典型模型问题中的应用，其中等时圆模型常在选 择题中考查，而滑块木板模型和传送带模型常以计算题压轴题的形式命题.2.通过本专题的学习，可以培养同学们的审题能力、建模能力、分析推理能力 和规范表达等物理学科素养，针对性的专题强化，通过题型特点和解题方法 的分析，能帮助同学们迅速提高解题能力.3.用到的相关知识有：匀变速直线运动规律、牛顿运动定律、相对运动的有关 知识.专题解读专题解读“等时圆等时圆”模型模型1.1.两种模型两种模型(如图1)2.2.等时性的证明等时性的证明设某一条光滑弦与水平方向的夹角为，圆的直径为d，如图
2、1所示.根据物体沿光滑弦做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为agsin，能力考点师生共研模型一模型一图图1即沿同一起点或终点的各条光滑弦运动具有等时性，运动时间与弦的倾角、长短无关.例1 1(2019安徽芜湖市期末)如图2所示，PQ为圆的竖直直径，AQ、BQ、CQ为三个光滑斜面轨道，分别与圆相交于A、B、C三点.现让三个小球(可以看作质点)分别沿着AQ、BQ、CQ轨道自端点由静止滑到Q点，运动的平均速度分别为v1、v2和v3.则有：A.v2v1v3B.v1v2v3C.v3v1v2D.v1v3v2图图2变式1 1如图3所示，竖直半圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中AB通过环心O并保持竖直.
3、一质点分别自A点沿各条轨道下滑，初速度均为零.那么，质点沿各轨道下滑的时间相比较A.无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均相同B.质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，时间越短C.质点沿着轨道AB下滑，时间最短D.轨道与AB夹角越小(AB除外)，质点沿其下滑的时间越短图图31.1.水平传送带模型水平传送带模型能力考点师生共研“传送带传送带”模型模型模型二模型二项目图示滑块可能的运动情况情景1可能一直加速可能先加速后匀速情景2v0v，可能一直减速，也可能先减速再匀速v0v，一直匀速v0v，返回时速度为v，若v0mgcos，合力沿传送带向下，小滑块向下做匀加速运动；若mgsin mgcos，沿传送带方向
4、合力为零，小滑块匀速下滑；若mgsin mgcos，小滑块所受合力沿传送带向上，小滑块做匀减速运动，当速度减为零时，开始反向加速，当加速到与传送带速度相同时，因为最大静摩擦力大于小滑块重力沿传送带向下的分力，故小滑块随传送带做匀速运动，A、D错误，B、C正确.变式2 2(多选)(2019陕西榆林市第三次测试)如图5所示，绷紧的水平传送带足够长，且始终以v12 m/s的恒定速率顺时针运行.初速度大小为v23 m/s的小墨块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带.若从小墨块滑上传送带开始计时，小墨块在传送带上运动5 s后与传送带的速度相同，则A.小墨块未与传送带速度相同时，受到的摩擦力方向
5、水平向右B.小墨块的加速度大小为0.2 m/s2C.小墨块在传送带上的痕迹长度为4.5 mD.小墨块在传送带上的痕迹长度为12.5 m图图5解析小墨块未与传送带速度相同时，相对传送带向左运动，受到传送带的摩擦力方向水平向右，故A正确.1.1.模型特点模型特点“滑块木板”模型类问题中，滑动摩擦力的分析方法与“传送带”模型类似，但这类问题比传送带类问题更复杂，因为木板受到摩擦力的影响，往往做匀变速直线运动，解决此类问题要注意从速度、位移、时间等角度，寻找各运动过程之间的联系.2.2.解题关键解题关键(1)临界条件：使滑块不从木板的末端掉下来的临界条件是滑块到达木板末端时的速度与木板的速度恰好相同.
6、(2)问题实质：“板块”模型和“传送带”模型一样，本质上都是相对运动问题，要分别求出各物体相对地面的位移，再求相对位移.高考热点讲透练熟“滑块滑块木板木板”模型模型模型三模型三例3 3(2019贵州毕节市适应性监测(三)一长木板置于粗糙水平地面上，木板右端放置一小物块，如图6所示.木板与地面间的动摩擦因数10.1，物块与木板间的动摩擦因数20.4.t0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向墙壁运动，当t1 s时，木板以速度v14 m/s与墙壁碰撞(碰撞时间极短).碰撞前后木板速度大小不变，方向相反.运动过程中小物块第一次减速为零时恰好从木板上掉下.已知木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度
7、大小g取10 m/s2.求：(1)t0时刻木板的速度大小；图图6答案5 m/s解析对木板和物块：1(Mm)g(Mm)a1设初始时刻木板速度为v0由运动学公式：v1v0a1t0代入数据解得：v05 m/s(2)木板的长度.解析碰撞后，对物块：2mgma2对木板，由牛顿第二定律：2mg1(Mm)gMa3对木板，经历时间t，发生位移x2木板长度lx1x2变式3 3(2019江西宜春市模拟)如图7所示，在倾角37的固定斜面上放置一质量M1 kg、长度L0.75 m的薄平板AB.平板的上表面光滑，其下端B与斜面底端C的距离为4 m.在平板的上端A处放一质量m0.6 kg的滑块，开始时使平板和滑块都静止，
8、之后将它们无初速度释放.设平板与斜面间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为0.5，通过计算判断无初速度释放后薄平板是否立即开始运动，并求出滑块与薄平板下端B到达斜面底端C的时间差t.(sin 370.6，cos 370.8，g10 m/s2)图图7答案见解析解析对薄平板，由于Mgsin 37(Mm)gcos 37，故滑块在薄平板上滑动时，薄平板静止不动.滑块在薄平板上滑动时的加速度为a1，则由牛顿第二定律mgsin 37ma1，解得a1gsin 376 m/s2滑块由B至C时的加速度为a2，则由牛顿第二定律mgsin 37mgcos 37ma2，解得a2gsin 37gcos 372 m/s2代入数
9、据解得t1 s对薄平板，滑块滑离后才开始运动，加速度a3gsin 37gcos 372 m/s2代入数据解得t2 s则滑块与薄平板下端B到达斜面底端C的时间差ttt1 s.71.如图1所示，ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，a点为圆周的最高点，d点为圆周的最低点.每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出)，三个滑环A、B、C分别从a、b、c处由静止开始释放，用t1、t2、t3依次表示滑环A、B、C到达d点所用的时间，则A.t1t2t2t3C.t3t1t2 D.t1t2t3123456图图1课时精练解析如图所示，滑环在下滑过程中受到重力mg和杆的支持力FN作
10、用.设杆与水平方向的夹角为，根据牛顿第二定律有mgsin ma，得加速度大小agsin.12345672.(2020广东东莞市质检)如图2所示，AB和CD为两条光滑斜槽，它们各自的两个端点均分别位于半径为R和r的两个相切的圆上，且斜槽都通过切点P.设有一重物先后沿两个斜槽从静止出发，由A滑到B和由C滑到D，所用的时间分别为t1和t2，则t1与t2之比为A.21 B.11 C.1 D.1123456图图273.(多选)(2019湖北黄冈市模拟)机场使用的货物安检装置如图3所示，绷紧的传送带始终保持v1 m/s的恒定速率运动，AB为传送带水平部分且长度L2 m，现有一质量为m1 kg的背包(可视为
11、质点)无初速度地放在水平传送带的A端，可从B端沿斜面滑到地面.已知背包与传送带间的动摩擦因数0.5，g10 m/s2，下列说法正确的是A.背包从A运动到B所用的时间为2.1 sB.背包从A运动到B所用的时间为2.3 sC.背包与传送带之间的相对位移为0.3 mD.背包与传送带之间的相对位移为0.1 m123456图图37解析背包在水平传送带上由滑动摩擦力产生加速度，mgma，得a5 m/s2，则此后背包与传送带共速，共速后背包与传送带相对静止，没有相对位移，所以背包与传送带的相对位移为xvt1x110.2 m0.1 m0.1 m，所以背包从A运动到B所用的时间为：tt1t22.1 s，故A、D
12、正确.123456712344.(多选)(2019河南周口市上学期期末调研)如图4所示，质量M2 kg的足够长木板静止在光滑水平地面上，质量m1 kg的物块静止在长木板的左端，物块和长木板之间的动摩擦因数0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10 m/s2.现对物块施加一水平向右的恒力F2 N，则下列说法正确的是A.物块和长木板之间的摩擦力为1 NB.物块和长木板相对静止一起加速运动C.物块运动的加速度大小为1 m/s2D.拉力F越大，长木板的加速度越大图图4567解析物块对长木板的摩擦力使木板运动，当M与m之间达到最大静摩擦力时，发生相对滑动，设此时水平恒力为F0，对物块，由牛顿
13、第二定律Fmgma1，可得a11 m/s2，故C正确；12345675.(多选)(2019江西上饶市重点中学六校第一次联考)如图5所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为，木板与水平面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g.现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度a大小可能是123456图图571234解析若F较小时，木板和物块均静止，则木板的加速度为零，选项A正确；5671236.(多选)(2019河南天一大联考上学期期末)如图6甲所示，一滑块置于足够长的长木板左端，木板放置在水平地面上.已知
14、滑块和木板的质量均为2 kg，现在滑块上施加一个F0.5t(N)的变力作用，从t0时刻开始计时，滑块所受摩擦力随时间变化的关系如图乙所示.设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取10 m/s2，则下列说法正确的是A.滑块与木板间的动摩擦因数为0.4B.木板与水平地面间的动摩擦因数为0.2C.图乙中t224 sD.木板的最大加速度为2 m/s2456图图67t2时刻，滑块与木板将要产生相对滑动，此时滑块与木板间的摩擦力达到最大静摩擦力Ffm8 N，此时两物体的加速度相等，且木板的加速度达到最大，则对木板：Ffm2mgmam，解得am2 m/s2；对滑块：FFfmmam，解得F12 N，则由
15、 F0.5t(N)可知，t24 s，选项C、D正确.12345677.如图7甲所示，倾角为37足够长的传送带以4 m/s的速度顺时针转动，现使小物块以2 m/s的初速度沿斜面向下冲上传送带，小物块的速度随时间变化的由牛顿第二定律得mgcos 37mgsin 37ma关系如图乙所示，g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，试求：(1)小物块与传送带间的动摩擦因数为多大；图图71234567123(2)08 s内小物块与传送带之间的划痕为多长.45答案18 m6712345解析08 s内只有前6 s内物块与传送带发生相对滑动，06 s内传送带匀速运动的距离为：x带46 m24 m，所以划痕的长度为：xx带x1x2(2428)m18 m.67
