1、无锡市第一女子中学 2019-2020学年秋学期期末试卷九年级物理一、选择题1.下列数据中，最接近实际情况的是（）A. 一般在干燥环境中，人体电阻的大小约为0B. 普通的家用台灯正常工作时的电流约为2AC. 教室里电风扇工作时两端的电压约为220VD. 家用电饭锅正常工作1h消耗的电能约为36kWh【答案】C【解析】【详解】A在干燥环境中，人体电阻的大小约为3000左右，故A不符合题意；B家用台灯正常工作时的电流约为0.1A，故B不符合题意；C教室里电风扇工作时两端的电压约为220V，故C符合题意；D家用电饭锅的电功率在1000W左右，正常工作1h消耗的电能约为1kWh，故D不符合题意。故选C
2、。2.生活中，小华发现有如图甲所示的水龙头，很难徒手拧开，但用如图乙所示的钥匙，安装并旋转钥匙就能正常出水，如图丙所示。下列有关这把钥匙的分析中正确的是（）A. 在使用过程中可以减小阻力臂B. 在使用过程中可以减小阻力C. 在使用过程中可以减小动力臂D. 在使用过程中可以增加动力臂【答案】D【解析】【详解】由图可知，安装并旋转钥匙，阻力臂不变，阻力不变，动力臂变大，根据杠杆平衡的条件F1l1=F2l2可知，动力变小。故选D。3.小明的教室在五楼，他正常走上五楼用了1min12s，他上楼的功率最接近于（）A. 300WB. 100WC. 20WD. 5W【答案】B【解析】【详解】由生活常识可知，
3、小明同学的重力约为500N，一层楼高度约为3m，五楼的高度为：h3m4=12m，用时是：t1min12s=72s，他上楼做的功为：W=Gh=500N12m=6000J，则他上楼的功率为：，接近100W。故选B。4.小阳从下面一些常见物质的比热容表中，分析归纳出几个结论，其中正确的是（）一些常见物质的比热容103J/（kg）水4.2水银0.14玻璃0.84钢铁0.46冰2.1酒精2.4木材2.4铜0.39煤油2.1沙石0.92铝0.88铅0.13蓖麻油1.8干泥土0.84A. 同种物质不同状态比热容相同B. 不同物质的比热容一定不同C. 2kg酒精的比热容比1kg水的比热容大D. 质量相等的铜和
4、铝，吸收相同的热量，铜升高的温度较多【答案】D【解析】【详解】A分析表中数据可知，水和冰是水的两种状态，比热容并不相同，故A错误；B在表中，冰和煤油的比热容相同，干泥土和玻璃的比热容相同，故B错误；C在表中酒精的比热容小于水的比热容，比热容与质量无关，所以2kg酒精的比热容比1kg水的比热容小，故C错误；D根据Q=cmt分析可知，质量相同，吸收相同的热量，比热容小的升高的温度高，因为铜的比热容小于铝的比热容，所以铜升高的温度较多，故D正确。故选D。5.往大口厚玻璃瓶内装入少量水并塞紧塞子。用气筒往瓶内打气，瓶内的液态水很快减少；当塞子跳出时，看到瓶口有白雾出现，如图所示。下列说法中错误的是（）
5、A. 往瓶内打气时，压缩气体，瓶内气体内能变小B. 往瓶内打气时，外界对瓶内的气体做了功C. 瓶塞跳出时，瓶内气体对塞子做了功D. 瓶塞跳出时，瓶内气体内能减少，温度降低【答案】A【解析】【详解】AB往瓶内打气时，外界对瓶内气体做功，使瓶内气体内能增加、温度升高，故A错误，符合题意；B正确，不符合题意；CD当瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减少，温度降低，故CD正确，不符合题意。故选A。6.某市公园景观优美，为了保护花草，防止人畜闯入，请利用节能小灯泡、电铃、电池组、开关各一个，以及足够长的细导线，设计一个值班人员看护花园的报警器。要求正常情况下，值班室内的灯亮铃不响，当有人畜闯
6、入花园时，碰到栅栏会拉断细导线，灯亮同时铃响，下列电路符合要求的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】由题意可知，正常情况下（开关接通），导线把电铃短路，灯亮铃不响；只有导线断开时（开关断开），电铃才响，但灯泡一直是亮的。A由电路图可知，正常情况下，灯亮同时铃响，有人畜闯入花园时，灯亮、铃不响，故A不符合题意；B由电路图可知，正常情况下，灯亮同时铃响，有人畜闯入花园时，灯不亮、铃不响，故B不符合题意；C由电路图可知，正常情况下，灯亮，电铃被短路不响，有人畜闯入花园时，灯泡和电铃串联，灯亮同时铃响，故C符合题意；D由电路图可知，正常情况下，会造成电源短路，有人畜闯入花园时，灯泡
7、和电铃并联，灯亮同时铃响，故D不符合题意。故选C。7.如图所示，质量为m的小球从静止下落，落在与A点等高处、竖直放置静止的轻弹簧上（弹簧下端固定），到达与B点等高处时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中与C点等高处是小球到达的最低点。（不计碰撞能量损失）下列说法正确的是（）A. 由A下落到C过程中，小球重力势能一直减小、动能先增加后不变B. 由A到B的下落过程中，小球重力势能减小、动能增大、小球的机械能守恒C. 到达C点时，小球的动能为零，受到的重力等于弹簧的弹力D. 从B到C，小球重力势能与动能都减小，转化成弹簧的弹性势能【答案】D【解析】【详解】ABD下落过程中，高度减小，小球重力势能减小；
8、在OA段，小球的重力势能转化为动能，动能先增大；在AB段，向下的重力大于向上的弹力，合力向下，小球做加速运动，动能逐渐增大，同时弹簧的弹性势能增加；在BC段，向上的弹力大于向下的重力，合力向上，小球做减速运动，动能逐渐减小，同时弹簧的弹性势能增加；综上所述，下落过程中小球的动能先增大后减小，到达B点时，小球动能最大；故D正确，AB错误；C到达C点时，小球的动能为零；由于在B点时重力等于弹力，C点的弹性形变程度大于B点的形变程度，所以C点的弹力大于B点的弹力，即C点的弹力大于小球的重力，故C错误。故选D。8.下列说法正确的是A. 将橡皮与小灯泡串联在电源上，闭合开关后，小灯泡能发光B. “半导体
9、材料”广泛应用于手机、电视机、电脑的元件及芯片C. 利用钨做灯丝，是因为钨的熔点低D. 当电饭锅的发热体使用“超导体”后，能提高其热效率【答案】B【解析】【详解】A. 将橡皮与小灯泡串联在电源上，闭合开关后，小灯泡不能发光，橡皮绝缘体故A错误；B、二极管、三极管都是半导体材料锗、硅等制作而成的故B正确；C. 利用钨做灯丝，是因为钨的熔点高；故C错误；D、超导体的电阻为零，电饭锅是利用电流的热效应工作的，超导体不能用来制作电饭锅的发热体，故D错误故选B9.农村建房时，常利用如图所示的简易滑轮提升建材。在一次提升建材的过程中，建筑工人用400N的拉力，将重600N的建材在10s内匀速提高3m。不计
10、绳重及摩擦，则下列判断正确的是（）A. 该滑轮的机械效率=75%B. 滑轮所做的有用功为1200JC. 滑轮自身的重力为100ND. 绳子自由端移动的距离大小为3m【答案】A【解析】【详解】AB滑轮所做的有用功为：W有用=Gh=600N3m=1800J，因为是动滑轮，所以拉力移动的距离是物体提高距离的2倍，即6m，则拉力做的总功为：W总=Fs=400N6m=2400J，所以动滑轮的机械效率为：，故A正确，B错误；C不计绳重及摩擦，则拉力为：，那么动滑轮的重为：G动=2F-G=2400N-600N=200N，故C错误；D由图知，使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，绳子自由端移动的距离为：s
11、=nh=23m=6m，故D错误；故选A。10.智能手机耗电达到一定量时会自动提示用户采用“省电模式”，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是（）A. 增加了电池的输出电压B. 减小了电池的输出电流C. 减小了电子线路的电阻D. 增大了电池的输出功率【答案】B【解析】【详解】AB采用省电模式后电源的输出功率减小，电池的电压一定，由，可知减小了电池的输出电流，故A错误，B正确；C一般情况下电子线路的电阻和电压、电流大小无关，电阻不变，故C错误；D采用省电模式后电源的输出功率减小，故D错误。故选B。11.如图所示是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量
12、的空气，U形管中液面的高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是（ ）A. 该实验装置是为了探究电流产生的热量与电阻的关系B. 该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反应电阻丝放出热量的多少C. 不改变导线的连接方式，将左边容器中的电阻丝换成10的电阻丝后，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系D. 不改变导线的连接方式，将右边容器上方的5电阻丝也放入右边容器内，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系【答案】D【解析】【详解】A由图可知装置中通过两烧杯中电阻的电流大小不同，两烧杯中的电阻大小相等，所以该实验装置是为了探究电流产生的热量与电流的关系。故A项错误；B该实验装置是利用U形管中液
13、面的高度差来反应电阻丝放出热量的多少。故B项错误；C将左边容器中的电阻丝换成10的电阻丝后，两边容器中电阻丝的电阻大小和通过的电流都不相同，不能用来探究电流产生的热量与电阻的关系。故C项错误；D将右边容器上方的5电阻丝也放入右边容器内，通过两边容器中电阻的电流相同，容器中的电阻不同。所以可以探究电流产生的热量与电阻的关系。故D项正确。12.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P从最右端移到中间某个位置，R1、R2两端电压和电路中电流的示数分别变化了U1、U2和I（皆绝对值），则U1_U2（选填“大于”、“小于”或“等于”），再向左移动，U2
14、和I的比值将_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（）A. 大于 减小B. 大于 不变C. 小于 增大D. 小于 不变【答案】D【解析】【详解】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2，则：I=I2-I1，由欧姆定律可得，电路中的电流为I1时，此时的电压分别为：U1=I1R1，U2=U-U1-UL=U-I1R1-I1RL，电路中的电流为I2时，电压分别为：U1=I2R1，U2=U-U1- UL =U-I2R1-I2RL，那么：U1=U1-U1 =I2R1-I1R1=(I2-I1)R1=IR1，即：，所以，U1和I的比值不变；U2=U2-U2=
15、( I1-I2)( R1+RL)=IR1+IRL=U1+IRL，则U1U2； 故选D。二、填空题13.九月，我校进行了安全教育演练，消防员演示了如何正确使用灭火器。灭火器放在烈日下温度会_（选填“升高”或“降低”），这是通过_的方法使其内能增加的。灭火器内能增加具有一定的危险性，所以，灭火器应存放在阴凉干燥处。人们在冬天常常搓手取暖，这里的能量转化方式与四冲程汽油机工作时的_冲程相同。【答案】 (1). 升高 (2). 热传递 (3). 压缩【解析】【详解】12灭火器放在烈日下温度会升高，这是通过热传递的方法使其内能增加，具有一定的危险性，为了安全，灭火器应存放在阴凉干燥处；3人们在冬天常常搓
16、手取暖，是通过搓手将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，手暖和，这是通过做功的方式改变手的内能，这与汽油机工作中的压缩冲程的能量转化相同，都是将机械能转化为内能。14.如图所示为家庭电路常用的两种墙壁开关，其按钮可绕面板内某轴转动根据你的生活经验，你认为_（填“甲”或“乙”）较易损坏，这是因为按动这种开关的_较小，按动需要的力较大【答案】 (1). 甲 (2). 动力臂【解析】【详解】甲乙两种开关均可在力的作用下绕轴转动，符合杠杆原理，因甲力臂小，根据杠杆原理可知力臂越小作用力越大，因此损坏的越快，所以甲较易损坏15.无人机已被应用于诸多领域，如图所示是一款四翼无人机，在无人机匀速上升过程中
17、，动能_，机械能_（以上选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】 (1). 不变 (2). 变大【解析】【详解】12无人机匀速上升过程中，无人机的质量不变，速度不变，其动能不变；同时高度增大，所以其重力势能增大，机械能等于总能和重力势能的和，故机械能变大。16.一节新电池的电压为_V； 如图所示，若要将一节干电池正确装入电池盒，应将如图（甲）中电池的A端接到如图（乙）电池盒的_（选填B或C）接线柱；若用如图（丙）中电压表测一节干电池的电压，电压表应选择0 _V的量程。 甲 乙 丙【答案】 (1). 1.5V； (2). B； (3). 3。【解析】【详解】一节干电池的电压为1.5V；要将一
18、节干电池正确装入电池盒，电池的A端为正极，接到电池盒的B接线柱，负极接到C接线柱，这样不容易出现虚接现象；用电压表测量一节干电池电压，一节干电池的电压为1.5V，故电压表应选择03V量程。17.如图冬天人们常用的电热暖手宝来取暖，暖手宝内部通常采用水，这是利用水的_大的属性使保暖时间更长；为了使用更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，当温度达到一定值时，自动断开，两个温控开关是_（选填“串联”或“并联”）起来使用的。【答案】 (1). 比热容 (2). 串联【解析】【详解】1因为水的比热容比较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热暖手宝内部液体通常采用水；
19、2由题知，电热水袋里使用双重温控开关，只要有一处温度过高就自动切断电路，说明一处断开，整个电路断路，因此这两个开关是串联的。18.小红家的电能表的铭牌如图所示，现只将某用电器单独接在电路中正常工作6min。电能表指示灯闪烁了320次。6min该家用电器耗电_，其额定功率是_W，这1个家用电器可能_（选填“电热水壶”或台灯）【答案】 (1). 0.1； (2). 1000； (3). 电热水壶。【解析】【详解】由电能表可知每消耗1，闪动32000次，设电能表指示灯闪烁了320次，消耗电能为W，则有由功率的定义式可得台灯的额定功率一般是25W，额定功率接近1000W的只能是热水器。19.小华家的插
20、座A与插座B（如图所示），它们是_联连接的；在用电时要注意安全，图中的冰箱上剩下的一根接线应与_线相连。【答案】 (1). 并 (2). 地【解析】【详解】1由图甲可知，两插座的接地线空接在一起、接零线的空接在一起、接火线的空接在一起，两插座是并联的；2图中的冰箱上剩下的一根接线应与地线相连，这样可防止因漏电而发生触电事故。20.步枪的枪膛长50cm，火药爆炸对子弹平均推力为5105N，子弹头离开枪口后，空中飞行900米落地，火药推力做功为_J，子弹头的机械能最终转化为_能。【答案】 (1). 2.5105 (2). 内【解析】【详解】1火药推力做功，移动距离为0.5m，所以火药推力做功为：W
21、=Fs=5105N0.5m=2.5105J；2子弹头整个过程中，由于受到摩擦力的作用，克服阻力做功，机械能最终转化为内能。21.我国新型潜水艇以氢燃料电池作为潜艇备用动力，它比常规的发电机有更多的优势，主要是动力效率高，而且工作时无振动、无噪声。若潜艇携带2.4103kg的氢燃料，则燃烧放出的热量是_J，这些热量80%转化为潜艇动力，若潜艇受到的阻力为2.4105N，则该潜艇航行的距离_m。（热值取q氢=1.4108J/kg）【答案】 (1). 3.361011 (2). 1.12106【解析】【详解】1氢完全燃烧释放出的热量为：Q放=mq=2.4103kg1.4108J/kg=3.36101
22、1J；2潜艇动力有用功为：W=Q放=80%3.361011J=2.6881011J；潜艇受到的阻力为2.4105N，潜艇做匀速直线运动，则:F=f=24105N；根据W=Fs可知，潜艇航行的距离为：。22.（1）如图a是研究“短路引起熔丝熔断”的实验，增加一根导线，并将此导线接在 _ 两点间闭合开关，造成短路，可引起熔丝熔断；在实际生活中，除短路外，_ 也会引起电路中的电流过大而将熔丝熔断；（2）利用如图b的电路可以验证“电功与电流的关系”，图中两只灯泡工作时的电阻要 _ （选择“相同”或“不同”），小华正确操作，验证了此实验的结论支持该结论的实验现象是_（3）如图c在“探究电流的热效应跟电阻
23、大小关系”的实验中，A、B两个烧瓶中应该盛有等质量的 _液体，两个烧瓶内的电阻丝的阻值应该_ （以上两空均选填：“相同”或“不同”），采用如图所示的连接方式是为了控制_相同【答案】 (1). BD (2). 总功率过大（超负荷运行） (3). 不同 (4). 电流表示数较大的支路灯泡亮 (5). 相同 (6). 不同 (7). 电流和通电时间【解析】【详解】(1)要造成短路，引起熔丝熔断；则只有熔丝接入电路，故BD两个接线柱之间接入一根导线后，会发生电源短路，C. D间的熔丝将会熔断；家庭电路的总功率过大也是造成电流过大的原因；(2) 图中两灯泡并联，为验证“电功与电流的关系“，应使通过两灯泡
24、的电流不同，根据R可知，两只灯泡工作时的电阻要不同；根据P可得，电阻较小的灯泡较亮，和他串联的电流表示数较大，故支持该结论的实验现象是电流表示数较大的支路灯泡亮；(3)实验时,为了比较产生的热量的多少,在两个相同的烧瓶中装有质量相等的同种液体;探究“电流产生热量的多少与电阻大小的关系”时,由公式QI2Rt可知，应控制两电阻丝的电流和通电时间相等，而电阻不相等【点睛】熔丝熔断的原因有两个：总功率过大或发生短路；实验中通过温度计的示数高低反映产生热量多少，两烧瓶中应放相同质量的同种液体；利用公式QI2Rt并结合控制变量法，找出需要控制的变量，再结合图示选择出合适的电阻丝23.人们利用发电机把天然存
25、在的各种形式的能转化为电能。发电站需要用输电线把电能输送到远方。如图所示，为了将甲地的电能输送到乙地，在甲、乙两地间架设了两根等长的输电线，两根输电线的总长度为L，且单位长度输电线的电阻为r，己知位于甲地的两根输电线间的电压为U，输送电能的功率为P，则通过输电线的电流等于_，该输电线路输送电能的效率为_。【答案】 (1). ； (2). 。【解析】【详解】由电功率的定义式，可知。设导线总电阻为，则有设导线上损失的电功率为，则有联立可得设用户得到的电功率为，则有该输电线路输送电能的效率为，则有联立以上几式可得三、解答题24.如图所示，一根木棒以O点为支点撬动石块，画出作用在A点最小动力F1，并画
26、出阻力F2的力臂L2（ ）【答案】【解析】【分析】由杠杆的平衡条件F1L1F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小；阻力臂是支点O到阻力作用线的距离，过O点F2的作用线的垂线即为阻力的力臂L2【详解】力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，根据力臂的画法作出垂直于OA的作用力即为在A点最小动力F1，方向向下；反向延长力F2所在的直线，由支点O向这条线作垂线即为阻力的力臂L2如图所示： 答案：见详解【点睛】力臂的画法应始终遵循从支点到力的作用线画垂线这一原则，找最小的力时则一定要遵循找最长的力臂这一原则，明确了这
27、些才能按一定的作图规则将力或力臂表示出来25.如图所示，用笔画线代替导线将电灯和开关正确接到电路中。（ ）【答案】【解析】【详解】开关控制火线，且开关与所控制的灯泡串联，零线直接接在灯泡的螺旋套上，连图如下：26.在同一粗糙水平面固定两个不同斜面，小华同学研究相同的两个小球A、B 分别沿不同的斜面运动，用频闪照相机每隔0.1s 拍摄了小球滚动时的不同位置，图上数字为闪光时刻编号，位置间距如图所示（1）甲图中A 球在斜面上运动的速度_（选填“增大”、“减小”或“不变”），机械能_（选填“增加”、“减小”或“不变”） （2）乙图中小球B 沿斜面运动过程中的动能_，重力势能_（选填“增大”、“减小”
28、或“不变”） （3）若两个小球从斜面上运动到斜面底部时与相同的木块碰撞，碰撞之后图_（选填“甲”或“乙”）中木块运动距离较大【答案】 (1). 不变 (2). 减小 (3). 增大 (4). 减小 (5). 乙【解析】【详解】(1)由甲图可知，A球在相同时间内通过的路程相等，所以，A球在斜面上运动的速度不变(即A球做匀速直线运动)；A球在斜面上运动时，质量不变，速度不变，则动能不变，同时高度减小，重力势能变小，而机械能等于动能与势能之和，所以A球的机械能减小；(2) 由乙图可知，B球在相同时间内通过的路程越来越大，所以，B球在斜面上运动的速度不断变大，B球在运动过程中质量不变、速度变大，故动能
29、变大；同时，高度减小，重力势能减小；(3)由图可知，两个小球从斜面上运动到斜面底端时图乙中的B球速度大(原因是B球在相同时间内通过的路程更长)，B球动能大；而两木块相同，水平面的粗糙程度相同，B球滑到底端时动能大，对木块做的功多，所以，碰撞之后图乙中木块运动距离较大【点睛】（1）比较A球在相同时间内通过的路程，判断A球在斜面上运动的速度变化；影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析（2比较B球在相同时间内通过的路程，判断B球在斜面上运动的速度变化，然后根据动能和势能大
30、小的影响因素判断其动能和势能的大小变化；（3）首先根据摩擦力大小的影响因素判断两木块受到的摩擦力大小，然后据图比较两球从斜面上运动到斜面底部时的速度大小，动能大小，进而得出结论27.探究杠杆的平衡条件。（1）杠杆两端的螺母作用是_；（2）小明用如图甲所示装置，进行实验并收集了下表中的数据，分析数据可知，杠杆的平衡条件是_；实验次数动力/N动力臂/m阻力/N阻力臂/m10.50.21.00.121.00.151.50.133.00.12.00.15（3）如图乙所示，小红实验时在一平衡杠杆的两端放上不同数量的相同硬币（半径为r），杠杆仍在水平位置平衡。她用刻度尺测出L1和L2，则2L1_（选填“大
31、于”、“小于”或“等于”）3L2。【答案】 (1). 调节杠杆在水平位置平衡 (2). F1l1=F2l2 (3). 大于【解析】【详解】(1)1杠杆两端的螺母的作用是调节杠杆在水平位置平衡；(2)2分析表格中数据，计算出每一次实验动力与动力臂的乘积，阻力与阻力臂的乘积，发现他们的结果是一样的。计算过程如下：0.5N0.2m=1.0N0.1m=0.1Nm；1.0N0.15m=1.5N0.1m=0.15Nm；3N0.1m=2.0N0.15m=0.3Nm；可知杠杆的平衡条件为：F1l1=F2l2；(3)3根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2，设每个硬币的重量为G，则由图可得，2G(r+L1)=3G
32、(r+L2)，化简可得：2L1=r+3L2，所以2L13L2。28.小明利用如图所示的装置探究“水和沙子吸热本领的大小”，实验数据记录如下：质量/g升温10所需时间/s升温20所需时间/s升温30所需时间/s沙子306489124水3096163220（1）设计实验方案时，小明确定以下需控制的变量，其中多余的是_；A采用完全相同的加热方式B酒精灯里所加的酒精量相同C取质量相同的水和沙子D盛水和沙子的容器相同（2）在此实验中，用_来表示物质吸收热量的多少；（3）分析实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量_（填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量；（4）小明在研究表格内的实
33、验数据发现：水和沙子温度升高第一个10所用的时间都较长，其中的原因是_；（5）下列事实能用该实验结果解释的是_；A夏天给教室洒水，感觉凉爽B用盐水腌鸡蛋，一段时间后蛋会变咸C长期堆放煤的水泥地面变成黑色D沿海地区昼夜温差会比内陆地区小【答案】 (1). B (2). 加热时间 (3). 大于 (4). 物体受热不均匀（或刚开始加热时石棉网和烧杯要吸收热量等） (5). D【解析】【详解】(1)1用控制变量法进行探究，因为引起温度变化的因素是吸热的多少、物质的质量、加热时间和方式，与酒精灯里所加的酒精量无关，所以B符合题意；故选B；(2)2在该实验中，用加热时间的长短，反映水吸收的热量的多少；(
34、3)3分析表中数据可知：相同质量的沙子和水，在温度每升高10的过程中，沙子所用的时间要小于水所用的时间；在加热条件相同时，用的时间多，说明吸收的热量多，所以水吸收的热量大于沙子吸收的热量；(4)4水和砂子温度升高第一个10的时间要比第二个10的时间要长，原因可能是：物体受热不均匀造成的，也可能是刚开始加热时石棉网和烧杯要吸收热量造成的；(5)5A夏天给教室洒水，感觉凉爽，这是由于水蒸发吸热造成的，故A不符合题意；B用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸，这是因为分子是在永不停息的运动的，故B不符合题意；C长期堆放煤的水泥地面变成黑色，这也是由于分子运动造成的，故C不符合题意；D相同质量的水和干泥土相比
35、较，在相同的受冷和受热的情况下，由于水的比热容大（水的吸热能力大），水温度变化慢，而干泥土温度变化快，故沿海地区昼夜温差会比内陆地区小，故D符合题意；故选D。29.小明用甲图所示器材探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”。电源电压恒为6V，R为电阻箱且标有“0-999.9”、滑动变阻器标有“20 2A”。（1）连接电路过程中，开关S应该处于_状态，连接好电路后，闭合开关，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变且接近电源电压，造成这一现象的原因可能是电阻_；（2）排除电路故障后，在电路中接入的阻值为4的电阻，移动滑片，使电流表示数如图乙所示，记录好数据；当把8的电阻代替4的电阻后
36、，接着应将滑动变阻器的滑片在原来的位置上向_（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为_V，同时记下对应的电流值；（3）得到电流I随电阻R变化的图像如图丙所示，由图像可得出的结论是_。该实验小组同学还想探究电流与电压的关系，实验中应该控制_不变。【答案】 (1). 断开 (2). 断路 (3). 左 (4). 2 (5). 电压不变，电流与电阻成反比 (6). 电阻大小【解析】【详解】(1)1连接电路过程中，为了保护电路，开关S应该处于断开状态；2连接好电路后，闭合开关，发现电流表无示数，电路可能断路；移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变且接近电源电压，则电压表与电源连通，故造成这一现象的
37、原因可能是电阻断路；(2)34由图丙知，电流与电阻之积为：U=IR=0.4A5=0.2A10=0.1A20=2V，即电阻控制的电压为2V；根据串联分压原理可知，将定值电阻由4改接成8的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V，同时记下对应的电流值；(3)5由上步分析可知，因电压表电压为一定值，故有图像可得出的结论是：电压不变，电流与电阻成反比；6探究电流与电压的关系，实验中应该控制电阻大小不变
38、。30.小梁同学学习完“欧姆定律”后，想利用自己所学的知识，测一下上节课老师用来演示的一根长1m电阻线的电阻值，于是他向老师借来电压表、电流表、滑动变阻器、开关、电源和30cm等长导线7根，并开始连接线路如图甲所示。（1）请按如图甲位置将电压表正确连入电路中_；（2）小梁同学正确连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数如图乙所示为_V，电流表示数为0.3A，则该电阻线的阻值为_；（3）由于小梁同学忙于记录数据和处理数据，忘记断开开关，过了一会发现电压表示数比刚才记录的数据略为偏大，你的解释是：_；（4）小奚同学不甘示弱，在缺少电流表的情况下，利用蓄电池、电阻箱（0-999.9）、电
39、压表、单刀开关S1、单刀双掷开关S2和若干导线来测量一个未知电阻Rx，并画出了原理图如图丙，通过单刀双掷开关S2在1、2位置时电压表的示数即可计算出Rx的阻值，你认为该方案_（选填“可行”或“不可行”）。【答案】 (1). (2). 1.8 (3). 6 (4). 温度升高电阻变大，分到的电压变大 (5). 不可行【解析】【详解】(1)1由欧姆定律可知，用电压表测出导线的电压，电流表测量出导线的电流，故电压表与导线并联，如下所示：(2)23如图乙，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1.8V，电流表示数为0.3A，由欧姆定律，则该电阻线的阻值为：；(3)4忘记断开开关，过了一会发现电压表
40、示数比刚才记录的数据略为偏大，因为通电时间长，导体导线温度升高，电阻会变大，根据串联分压，该电阻分到的电压变大；故答案应为：温度升高电阻变大，分到的电压变大；(4)5闭合S，单刀双掷开关S2在1时若能测量出电阻箱的电压，则电压表右接线柱为正接线柱；当S2在2时，电流从电压表负接线柱流入了，不能测量出Rx的电压，故该方案不可行。31.小刚同学用如图甲电路测量小灯泡的电功率，电源电压为6V，小灯泡有“2.5V”字样，灯丝的电阻约为10，有以下两种规格的滑动变阻器可选，A“50 2A”、B“10 1A”。（1）应选滑动变阻_（选填“A”、“B”或“A和B都可以”）；（2）连接好电路，闭合开关后，发现
41、小灯泡比正常工作时亮，他想到自己在开关闭合前漏了一个步骤，立即断开开关。遗漏的步骤是_；（3）改正错误后闭合开关小灯泡不亮，电流表和电压表指针都有较小的偏转，则小灯泡不亮的原因是_；A小灯泡烧坏了 B小灯泡短路了 C小灯泡的实际功率太小了（4）解决问题后闭合开关，移动滑片发现电压表的示数如乙图所示，记录电表数据后，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向_（选填“左”或“右”）端移动；（5）调节滑动变阻器，当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.25A，小灯泡的额定功率是_W；（6）由于电源损坏，小刚换了4.5V的电源继续实验，测电压略大于2.5V时小灯泡的电功率。以此比较小灯泡在不同电压
42、下的功率，小刚_（选填“需要”或“不需要”）重新测量前两次实验数据。【答案】 (1). A (2). 连接电路时滑片移至阻值最大位置 (3). C (4). 左 (5). 0.625 (6). 不需要【解析】【详解】(1)1小灯泡有“2.5V”字样，表示灯的额定电压为2.5V，灯丝的电阻约为10，由欧姆定律得，灯的额定电流约为：，根据串联电路的规律和欧姆定律可知，灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻约为：；故应选滑动变阻A；(2)2连接好电路，闭合开关后，发现小灯泡比正常工作时亮，则电路的电流过大，说明变阻器连入电路的电阻过小，在连接电路前，应该是没有把滑动变阻器调整到阻值最大处。他遗漏的步骤是
43、：连接电路时滑片移至阻值最大位置；(3)3改正错误后闭合开关，电流表和电压表指针都有较小的偏转，则电路为通路，小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，导致小灯泡的实际功率太小，故选C；(4)4电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表为1.4V；灯在额定电压下正常发光，1.4V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压；根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻；由图甲知，应将滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；(5)5调节滑动变阻器，当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.25A，小灯泡的额定功率是：P=ULIL=2.5V0.25A=0.625W；(6)6小灯泡在不同电压下的功率不同，在额定电压下的功率为额定功率，比较灯泡在不同电压下的功率关系，不需要重新测量前两次实验数据。32.小明家里新购置了一只热水壶如图甲所示，可以烧开冷水并将其保温；其铭牌如下表所示。图乙是热水壶的电路图，s是用感温材料制造的温控开关，R是供加热的电阻分析电路图乙可知：(1)当S接通时，饮水机处于_（选填“加热”或“保温”下同）状态，当S断开时处于_状态。(2)正常工作时该饮水机将热水罐中0.5kg，35的温水加热到95，用时5min。用这些数据及题目中的信息，计算热水罐中的水吸收的热量_和该饮水机加热状态时的
