1、江苏省南通市通州区江苏省南通市通州区 20202020 届高三数学第一次调研抽测试题(含解析)届高三数学第一次调研抽测试题(含解析) 参考公式:锥体的体积公式参考公式:锥体的体积公式 1 3 VSh 锥体 ,其中,其中S为锥体的底面积,为锥体的底面积,h为高为高. . 一、填空题:本大题共一、填空题:本大题共 1414 小题,每小题小题,每小题 5 5 分,共分,共 7070 分分. .请把答案填写在答题卡相应位置请把答案填写在答题卡相应位置. . 1.已知集合 1,1,2A ,1,2,4B ,则AB=_. 【答案】1,2 【解析】 【分析】 根据集合交集的概念,可直接得出结果. 【详解】因为
2、 1,1,2A ,1,2,4B , 所以1,2AB . 故答案为1,2 【点睛】本题主要考查集合的交集运算,熟记概念即可,属于基础题型. 2.设i为虚数单位,则复数 3 (1) i的实部为_. 【答案】-2 【解析】 【分析】 根据复数的乘法运算,化简 3 (1) i,即可得出结果. 【详解】因为 32 (1) (1)2 (1)221) iiiiii, 所以其实部为2. 故答案为2 【点睛】本题主要考查复数的运算,熟记复数的乘法运算法则即可,属于常考题型. 3.某校共有学生 2400 人,其中高三年级 600 人.为了解各年级学生兴趣爱好情况,用分层 抽样的方法从全校学生中抽取容量为 100
3、的样本,则高三年级应抽取的学生人数为_. 【答案】25 【解析】 【分析】 先由题意确定抽样比,进而可得出结果. 【详解】由题意,从全校 2400 人中抽取 100 人,抽样比为 1001 240024 , 又高三年级共有 600 人,所以高三年级应抽取的学生人数为 1 60025 24 . 故答案为 25 【点睛】本题主要考查分层抽样各层样本数的问题,熟记分层抽样的概念,会求抽样比即可, 属于常考题型. 4.若从甲乙丙丁 4 位同学中选出 3 位同学参加某个活动,则甲被选中的概率为_ 【答案】 3 4 【解析】 分析:先确定 4 位同学中选出 3 位同学事件数,再确定甲被选中事件数,最后根据
4、古典概型 概率公式求结果. 详解:因为 4 位同学中选出 3 位同学共有 3 4 4C种,甲被选中事件数有 2 3 3C ,所以甲被选 中的概率为 3 4 . 点睛:古典概型中基本事件数的探求方法 (1)列举法. (2)树状图法:适合于较为复杂的问题中的基本事件的探求.对于基本事件有“有序”与“无 序”区别的题目,常采用树状图法. (3)列表法:适用于多元素基本事件的求解问题,通过列表把复杂的题目简单化、抽象的题目 具体化. (4)排列组合法:适用于限制条件较多且元素数目较多的题目. 5.在如图所示的算法流程图中,若输出的y的值为-2,则输入的x的值为_. 【答案】 1 4 【解析】 【分析】
5、 先由程序框图, 得到该算法流程图表示求分段函数 2 2 2,1 log,1 xx y x x 的函数值, 由输出的y值 为2,分类讨论,即可求出结果. 【详解】由题意可得,程序框图表示求分段函数 2 2 2,1 log,1 xx y x x 的函数值; 因为输出的y的值为2, 当1x 时,有 2 log2x ,所以 1 4 x ,满足题意; 当1x 时,有 2 22x ,所以0x ,不满足题意; 所以输入的x的值为 1 4 . 故答案为 1 4 【点睛】本题主要考查条件结构的流程图,会分析流程图的作用即可,属于常考题型. 6.已知双曲线 2 2 2 1(0) x ya a 的焦距为 4.则a
6、的值为_. 【答案】3 【解析】 【分析】 根据双曲线方程,得到焦距为 222 2221caba ,求解,即可得出结果. 【详解】因为双曲线 2 2 2 1(0) x ya a 的焦距为 4, 所以 222 22214 caba ,解得3a . 故答案为3 【点睛】本题主要考查由双曲线的焦距求参数的问题,熟记双曲线的简单性质即可,属于常 考题型. 7.不等式 2 3 1 2 2 xx 的解集为_. 【答案】(1,2) 【解析】 【分析】 利用指数函数单调性求解即可 【详解】由题 2 3 1 2 2 xx 则 2 31 1 22 2 xx ,故 2 3112xxx 故填(1,2) 【点睛】本题考
7、查指数函数的单调性及指数运算,是基础题 8.设 A, B 分别为椭圆 C: 22 22 1 xy ab (ab0)的右顶点和上顶点, 已知椭圆 C 过点 P(2, 1), 当线段 AB 长最小时椭圆 C 的离心率为_. 【答案】 2 2 【解析】 【分析】 先由题意得到 ( ,0)A a ,(0, )Bb,再由椭圆过点 (2,1)P ,得到 22 41 1 ab ,由基本不等式,确 定 22 ABab取最小值时的条件,进而可得出结果. 【详解】因为 A,B 分别为椭圆 C: 22 22 1 xy ab (ab0)的右顶点和上顶点, 所以 ( ,0)A a ,(0, )Bb, 又椭圆 C 过点
8、(2,1)P , 所以 22 41 1 ab , 所以 22 2222 2222 414 ()4193 ab ABabab abba , 当且仅当 22 22 4ab ba ,即 22 2ab 时,取等号, 此时 22 2ac,所以离心率为 12 22 c e a . 故答案为 2 2 【点睛】本题主要考查椭圆的离心率,熟记椭圆的简单性质,以及基本不等式的应用即可, 属于常考题型. 9.已知等比数列 n a的前n项和为 n S.若 2 1a , 36 80aa,则 5 S的值为_. 【答案】 11 2 【解析】 【分析】 先设等比数列的公比为q,由题中条件,列出方程组,求出首项与公比,再由求和
9、公式,即可 得出结果. 【详解】设等比数列 n a的公比为q, 由题意可得 21 25 3611 1 880 aa q aaa qa q ,即 1 3 1 80 a q q , 解得 1 1 2 2 a q ,因此 5 1 5 1 (1 32) (1)11 2 11 22 aq S q . 故答案为 11 2 【点睛】本题主要考查等比数列前n项和基本量的运算,熟记通项公式与求和公式即可,属于 常考题型. 10.将函数( )sin 4 f xx 的图象向右平移个单位,得到函数yg x ( )的图象.则 “ 3 4 ”是“函数( )g x为偶函数”的_条件, (从“充分不必要”、“必要不充 分”、
10、“充要”和“既不充分也不必要”中选填一个) 【答案】充分不必要 【解析】 【分析】 先由题意得到sin 4 ( )= g xx,结合充分条件与必要条件的概念,即可得出结果. 【 详 解 】 由 题 意 , 将 函 数( )sin 4 f xx 的 图 象 向 右 平 移个 单 位 , 可 得 sin 4 ( )= g xx的图像, 当 3 4 时,可得 3 sinsincos 442 ( )= g xxxx,显然( )g x为偶函数, 所以“ 3 4 ”是“函数( )g x为偶函数”的充分条件; 若函数( )g x为偶函数,则, 42 kkZ, 即, 4 kkZ,不能推出 3 4 , 所以“
11、3 4 ”不是“函数( )g x为偶函数”的必要条件, 因此“ 3 4 ”是“函数( )g x为偶函数”的充分不必要条件. 故答案为:充分不必要 【点睛】本题主要考查命题的充分不必要条件的判定,熟记充分条件与必要条件的概念即可, 属于常考题型. 11.已知函数( )() x f xaxb e,若曲线yf x ( )在点(0,(0)f处的切线方程为 310xy ,则(1)f的值为_. 【答案】3e 【解析】 【分析】 先对函数求导,得到 (0)fab,再由曲线yf x ( )在点(0,(0)f 处的切线方程为 310xy ,列出方程组,求出函数解析式,从而可得出结果. 【详解】因为( )() x
12、 f xaxb e,所以() xxx axbf xaeaexb ea, 则 (0)fab, 又曲线yf x ( )在点(0,(0)f处的切线方程为310xy , 当0x 时,1y ,即(0)1f, 所以有 3 1 ab b ,解得2,1ab. 因此( )(21) x f xxe,所以(1)3fe. 故答案为3e 【点睛】本题主要考查由曲线的切线方程求参数的问题,熟记导数的几何意义即可,属于常 考题型. 12.设x0,y0,x2y4,则 (4)(2)xy xy 的最小值为_. 【答案】9 【解析】 【分析】 将分式展开,利用基本不等式求解即可 【详解】 (4)(2)8241616 1 xyxyx
13、yxy xyxyxyxy 又x2y42 2,xy即2xy ,当且仅当2,1xy等号成立,故原式9 故填 9 【点睛】本题考查基本不等式求最值,考查等价变换思想与求解能力,注意等号成立条件 13. 函数 2 ( )3f xxxk有两个零点,则k的取值范围是_. 【答案】 9 0, 4 【解析】 【分析】 先令 2 ( )3g xxx,作出其图像,根据函数 2 ( )3f xxxk有两个零点,得到 2 ( )3g xxx的图像与直线yk有两个交点,结合图像,即可得出结果. 【详解】令 2 2 2 3 ,0 ( )3 3 ,0 xx x g xxx xx x , 因为函数 2 ( )3f xxxk有
14、两个零点, 所以 2 ( )3g xxx的图像与直线yk有两个交点, 作出函数 2 ( )3g xxx的图像如下: 因为 min 39 ( ) 24 g xg, 由图像可得: min 9 ( ) 4 kg x或0k . 故答案为 9 0, 4 【点睛】本题主要考查由函数零点的个数求参数的问题,通常需要将函数零点个数转化为两 函数图像交点个数来处理,结合函数图像即可求解,属于常考题型. 14.在长方体 1111 ABCDABC D中,已知底面ABCD为正方形,P为 11 AD的中点, 1AD, 1 3AA , 点Q为正方形ABCD所在平面内的一个动点, 且满足2QCQP, 则线段BQ 的长度的最
15、大值为 _. 【答案】6 【解析】 【分析】 先以D点为坐标原点,分别以DA,DC, 1 DD所在方向为x轴,y轴,z轴正方向,建立 空间直角坐标系,由题意得到(0,2,0)C,1,0,3P,(2,2,0)B,设 ( , 0)Q x y ,由 2QCQP,得到 22 (2)(2)4xy,再由圆上的点与定点距离的问题,即可求出结 果. 【详解】以D点为坐标原点,分别以DA,DC, 1 DD所在方向为x轴,y轴,z轴正方向, 建立如图所示的空间直角坐标系, 因为在长方体 1111 ABCDABC D中, 已知底面ABCD为正 方形,P为 11 AD的中点, 2AD , 1 3AA , 所以(0,2
16、,0)C,1,0,3P,(2,2,0)B, 因为点Q为正方形ABCD所在平面内的一个动点, 设 ( , ,0)Q x y , 因为2QCQP, 所以 2 222 (2)213xyxy , 整理得: 22 (2)(2)4xy 即点Q可看作圆 22 (2)(2)4xy上的点, 又 22 (2)(2)BQxy, 所以BQ表示圆 22 (2)(2)4xy上的点与定点(2,2)之间的距离, 因此 22 max (22)( 22)426 BQr(其中r表示圆 22 (2)(2)4xy的 半径.) 故答案为 6 【点睛】本题主要考查立体几何中最值问题,通常可用建系的方法求解,灵活运用转化与 化归的思想即可,
17、属于常考题型. 二、 解答题: 本大题共二、 解答题: 本大题共 6 6 小题, 共小题, 共 9090 分分. .请在答题卡指定区域内作答请在答题卡指定区域内作答. .解答时应写出文字说明、解答时应写出文字说明、 证明过程或演算步骤证明过程或演算步骤. . 15.如图,在四棱锥PABCD中,四边形ABCD是平行四边形,AC,BD相交于点O, OPOC,E为PC的中点,PAPD. (1)求证:/ /PA平面BDE; (2)求证:PA 平面PCD 【答案】 (1)详见解析(2)详见解析 【解析】 【分析】 (1)连结OE,根据线面平行的判定定理,即可证明结论成立; (2)根据线面垂直的判定定理,
18、即可直接证明结论成立. 【详解】 (1)连结OE. 因为四边形ABCD是平行四边形,AC,BD相交于点O, 所以O为AC的中点. 因为E为PC中点, 所以/OEPA. 因为OE 平面BDE,PA平面BDE, 所以/ /PA平面BDE. (2)因为OPOC,E为PC的中点,所以OEPC. 由(1)知,/OEPA,所以PAPC. 因为PAPD,PC, PD 平面PCD,PCPDP, 所以PA 平面PCD. 【点睛】本题主要考查线面平行,线面垂直的判定,熟记判定定理即可,属于常考题型. 16.在ABC中,角, ,A B C的对边分别为, ,a b c.已知向量sin, 1 6 aA ,向量 1,co
19、sbA,且 1 2 a b. (1)求角A的大小; (2)若4b ,5c ,求sin2B的值. 【答案】 (1) 3 A (2) 4 3 7 【解析】 【分析】 (1)利用数量积的坐标运算,结合两角和差正弦公式和辅助角公式可求得 1 sin 62 A , 根据角的范围可确定 3 A ; (2)利用余弦定理求得a,根据正弦定理求得sinB;由三角形 大边对大角知道B为锐角,从而求得cosB;利用二倍角公式求得结果. 【详解】(1) 31 sincossincoscossincossincos 66622 a bAAAAAAA 1 sin 62 A 0,A 5 , 666 A 66 A ,解得:
20、3 A (2)由余弦定理得: 222 2cos162540cos21 3 abcbcA 21a 由正弦定理 sinsin ab AB 得: 3 4 sin2 7 2 sin 721 bA B a bcQ BC B为锐角 2 21 cos1 sin 7 BB 2 7214 3 sin22sincos2 777 BBB 【点睛】本题考查解三角形知识的应用,涉及到正弦定理和余弦定理解三角形、两角和差和 辅助角公式化简三角函数、平面向量数量积公式的应用、二倍角公式的应用等知识,属于常 考题型. 17.设数列 n a的各项均为正数, n a的前n项和 21 2 8 nn Sa, * nN (1)求数列
21、n a的通项公式; (2)设等比数列 n b的首项为 2,公比为q(0q ) ,前n项和为 n T.若存在正整数m,使得 33m SST,求q的值. 【答案】 (1)42 n an(2) 115 2 或 26 4 . 【解析】 【分析】 (1)先由 21 2 8 nn Sa求出 1 2a ,再由2n时, 1nnn aSS ,求出通项,进而可求 出结果; (2)先由(1)得到 2 2 n Sn,根据 33m SST,得到 2 2 9 1 2 qq m ,结合题意求出1m 或2m,分情况讨论,即可求出结果. 【详解】 (1)当1n 时, 2 111 1 2 8 aSa,则 1 2a . 当2n时,
22、 22 11 11 22 88 nnnnn aSSaa , 即 22 11 440 nnnn aaaa , 所以 11 40 nnnn aaaa . 因为数列 n a的各项均为正数,所以 1 0 nn aa , 所以 1 4 nn aa , 所以数列 n a是公差为 4 的等差数列, 所以24(1)42 n ann. (2)由(1)知, 2 2 n Sn. 由 33m SST,得 22 182222mqq, 所以 2 2 9 1 2 qq m . 因为0q ,所以 2 9 1 2m ,即 3 2 2 m , 由于 * mN,所以1m或2m . 当1m时, 2 7 0 2 qq,解得 115 2
23、 q (舍负) , 当2m时, 2 1 0 8 qq,解得 26 4 q (舍负) , 所以q的值为 115 2 或 26 4 . 【点睛】本题主要考查等差数列与等比数列的综合,熟记等差数列与等比数列的通项公式与 求和公式即可,属于常考题型. 18.如图,某沿海地区计划铺设一条电缆联通A,B两地,A地位于东西方向的直线MN上的陆 地处,B地位于海上一个灯塔处,在A地用测角器测得 4 BAN ,在A地正西方向 4km的 点C处,用测角器测得3tan BCN.拟定铺设方案如下:在岸MN上选一点P,先沿线段AP 在地下铺设,再沿线段PB在水下铺设.预算地下、水下的电缆铺设费用分别为 2 万元/km和
24、 4 万元/km,设BPN,, 4 2 ,铺设电缆的总费用为( )f万元. (1)求函数( )f的解析式; (2)试问点P选在何处时,铺设的总费用最少,并说明理由. 【答案】 (1) 2cos ( )12 12 sin f ,其中, 4 2 (2)当点P选在距离A地 (62 3)km处时,铺设的总费用最少,详见解析. 【解析】 【分析】 (1) 过B作MN的垂线, 垂足为D, 根据题中条件, 得到BDAD,3BDDC, 由BPN, 得到 6 sin BP , 6 tan DP , 6 6 tan AP ,进而得到 66 ( )264 tansin f ,化简即可得出结果; (2)根据(1)的结
25、果,先设 2cos ( ) sin h ,, 4 2 ,对( )h求导,用导数的方法 研究其单调性,即可求出最值. 【详解】 (1)过B作MN的垂线,垂足为D. 在Rt BAD中, 4 BAD ,则BDAD. 在Rt BCD中,tan3 BD BCD DC , 所以3BDDC. 因为4AC ,所以 1 4 3 BDBD, 所以6BD . 由BPN,则 6 sin BP , 6 tan DP 由6ADBD,得 6 6 tan AP . 所以 66 ( )264 tansin f , 即 2cos ( )12 12 sin f ,其中, 4 2 . (2)设 2cos ( ) sin h ,, 4
26、 2 , 则 2 22 sin(2cos )cos1 2cos ( ) sinsin h . 令( )0h ,得 1 cos 2 ,所以 3 . 列表如下: , 4 3 3 , 3 2 ( ) h 0 h() 极小值 所以当 3 时, 2cos ( ) sin h 取得最小值 3, 所以( )f取得最小值12 12 3,此时62 3AP . 答:当点P选在距离A地(62 3)km处时,铺设的总费用最少,且为12 12 3万元. 【点睛】本题主要考查函数的模型的应用,以及导数的方法求最值的问题,熟记导数的方法 研究函数的单调性,最值等即可,属于常考题型. 19.在平面直角坐标系xOy中,己知椭圆
27、C: 22 22 1(0) 43 xy t tt 的左、右顶点为A,B,右焦 点为F.过点A且斜率为k(0k )的直线交椭圆C于另一点P. (1)求椭圆C的离心率; (2)若 1 2 k ,求 2 2 PA PB 的值; (3)设直线l:2xt,延长AP交直线l于点Q,线段BO的中点为E,求证:点B关于直线 EF的对称点在直线PF上。 【答案】 (1) 1 2 (2) 2 2 45 13 PA PB (3)详见解析 【解析】 【分析】 (1)根据椭圆的方程,结合椭圆离心率的求法,即可求出结果; (2)先由题意,得到直线AP的方程为 1 (2 ) 2 yxt代入椭圆方程,求出点P的坐标,表示 出
28、 2 PA 与 2 PB,进而可得出结果; (3)由直线AP的方程与直线l的方程联立,求出(2 ,4 )Qtkt,表示出直线EF的斜率,再由 222 (2 ) 3412 yk xt xyt , , 结合韦达定理,以及题中条件,表示出直线PF的斜率,再由题意,即可 证明结论成立. 【详解】 (1)因为椭圆C: 22 22 1 43 xy tt , 所以 22 4at , 22 3bt , 22 ct . 又0t ,所以2at,ct, 所以椭圆C的离心率 1 2 c e a . (2)因为直线AP的斜率为 1 2 ,且过椭圆C的左顶点( 2 ,0)At, 所以直线AP的方程为 1 (2 ) 2 y
29、xt. 代入椭圆C的方程 222 3412xyt, 得 222 3(2 )12xxtt,即 22 20xtxt , 解得xt或2xt(舍去) , 将xt代入 1 (2 ) 2 yxt,得 3 2 yt, 所以点P的坐标为 3 , 2 tt . 又椭圆C的右顶点B(2t,0) , 所以 2 222 345 (2 )0 24 PAtttt , 2 222 313 (2 )0 24 PBtttt , 所以 2 2 45 13 PA PB . (3)直线AP的方程为(2 )yk xt, 将2xt代入(2 )yk xt,得4ykt,所以(2 ,4 )Qtkt. 因为E为线段BQ的中点,所以(2 ,2 )
30、Etkt, 因为焦点F的坐标为(t,0) , 所以直线EF的斜率2 EF kk. 联立 222 (2 ) 3412 yk xt xyt , , 消y得, 22222 34164 430kxk txkt. 由于 22 2 4 43 34 AP kt x x k ,2 A xt , 所以 2 2 2 34 34 P kt x k , 所以点P的坐标为 2 22 2 34 12 , 3434 kt kt kk , 所以直线PF的斜率 2 22 2 2 12 42 2 34 141 (2 )2 34 34 pF kt kk k k kkkt t k . 而直线EF的斜率为 2k, 若设EFB,则有ta
31、ntan2PFB,即2PFBEFB , 所以点B关于直线EF的对称点在直线PF上. 【点睛】本题主要考查椭圆的离心率,以及椭圆的应用,熟记椭圆的方程,以及椭圆的简单 性质即可,通常处理此类题型时,需联立直线与椭圆方程,结合韦达定理等求解,属于常考 题型. 20.已知函数 2 1f xxaxa, ln,g xxbx a bR. (1)当2b时,求函数 g x的单调区间; (2)设函数 ,1 ,1 f xx h x g xx ,若0ab,且 0h x 在R上恒成立,求b的取值范 围; (3) 设函数 u xf xg xa, 若2ab , 且 u x在 0,上存在零点, 求b的 取值范围. 【答案】
32、 (1)函数 g x的单调减区间为0,2,单调增区间为2,; (2)32 2,e ; (3)1, 【解析】 【分析】 (1)求导后,根据导函数的符号即可确定单调区间; (2)分别在1x 和1x 两种情况下, 判断恒成立的条件;当1x 时,利用二次函数的性质,结合 min0h x可构造不等式求得b 的范围;当1x 时,利用分离变量法得到 ln x b x 恒成立,进而通过求解右侧函数最小值得 到b的范围;两个范围取交集即为最终结果; (3)将函数在0,上存在零点转化为 ln 2 x xbb x 在0,上有解的问题;通过讨论lnxx的正负可分离变量变为 2 2 ln xx b xx ,利用导数求解
33、不等式右侧函数的最大值得到结果. 【详解】 (1)当2b时, 2lng xxx 22 1 x gx xx 令 0gx 得:2x 函数 g x的定义域为0, 当0,2x时, 0gx;当2,x时, 0gx, 函数 g x的单调减区间为0,2,单调增区间为2, (2)由0ab得: 2 1,1 ln ,1 xbxb x h x xbx x . 当1x 时, 2 10h xxbxb恒成立 当 1 1 2 b ,即3b时, min 120h xh恒成立; 当 1 1 2 b ,即3b时, 2 min 161 0 24 bbb h xh 解得:3 2 23b 综上所述: 32 2b 当1x 时,由 ln0h
34、 xxbx恒成立得: ln x b x 恒成立 设 1 ln x m xx x ,则 2 ln1 ln x m x x . 令 0m x 得:x e 当1,xe时, 0m x ;当,xe时, 0m x min m xm ee be 综上所述:b的取值范围为:32 2,e (3) 2 lnu xxaxbx u xQ在0,上存在零点 2 ln0xaxbx 在0,上有解 即 ln x axb x 在0,上有解 又2ab ,即2ab ln 2 x xbb x 在0,上有解 设 lnt xxx,则 11 1 x tx xx 令 0tx 得:1x 当0,1x时, 0tx ;当1,x时, 0tx 110t
35、xt ,即lnxx 2 2 ln xx b xx . 设 2 2 ln xx F x xx ,则 2 12ln2 ln xxx Fx xx 同理可证:ln 2 x x 2ln20xx 则 F x在0,1上单调递减,在 1,上单调递增 min 11F xF ,故1b b的取值范围为:1, 【点睛】本题考查导数在研究函数中的应用,涉及到利用导数求解函数的单调区间、恒成立 问题的求解、函数在区间内有零点问题的求解等知识;解决函数在区间内有零点的关键是能 够将问题转化为方程或不等式有解的问题,通过分离变量法将问题进一步转化为所求参数与 函数最值之间大小关系的比较. 数学数学(附加题)(附加题) 21.
36、已知矩阵 23 1 M t 的一个特征值为 4.求矩阵M的逆矩阵 1 M . 【答案】 1 13 44 11 22 M 【解析】 【分析】 由题意,先设矩阵M的特征多项式为 23 ( ) 1 f t ,由题意求出2t ,进而可求出结 果. 【详解】矩阵M的特征多项式为 23 ( )(2)(1)3 1 ft t . 因为矩阵M的一个特征值为 4,所以方程( )0f有一根为 4, 即(4)630ft,所以2t . 所以 23 21 M , 所以 1 13 44 11 22 M . 【点睛】本题主要考查求矩阵的逆矩阵问题,熟记矩阵的特征多项式,会由特征值求出矩阵 中的参数即可,属于常考题型. 22.
37、在极坐标系中,曲线C的极坐标方程是2cos,直线l的极坐标方程是 cos2 4 .试判断直线l与曲线C的位置关系,并说明理由. 【答案】直线l与曲线C相离,详见解析 【解析】 【分析】 根据极坐标方程与直角坐标方程的互化,求出曲线C的直角坐标方程为 22 (1)1xy,得 到直线l的直角坐标方程为2 20xy,再由几何法,即可得出结果. 【详解】由2cos,得 2 2 cos, 所以 22 2xyx,即曲线C的直角坐标方程为 22 (1)1xy为圆. 由cos2 4 ,得直线l的直角坐标方程为2 20xy. 所以圆心(1,0)到直线l的距离为 | 2 2 |2 21 22 , 所以直线l与曲线
38、C相离. 【点睛】本题主要考查直线与圆位置关系的判断,熟记极坐标与直角坐标的互化公式,以及 几何法判断直线与圆位置关系即可,属于常考题型. 23.如图,在直三棱柱 111 ABCABC中, 4ACBC, 4 2AB ,M,N分别是AB, 1 CC 的中点,且 11 AMBC. (1)求 1 AA的长度; (2)求平面 1 AB N与平面 1 BCM所成锐二面角的余弦值. 【答案】 (1)2 2(2) 3 10 10 【解析】 【分析】 (1)先由题意得到90ACB ,建立空间直角坐标系,设 1 A Aa,根据 11 AMBC,用 向量的方法,即可求出结果; (2)由(1)的结果,用向量的方法求
39、出平面 1 AB N的一个法向量,以及平面 1 BCM的一个 法向量,由向量夹角公式,求出两法向量的夹角余弦值,即可得出结果. 【详解】 (1)在ABC中,4ACBC, 4 2AB , 则 222 ABACBC ,所以90ACB . 建立如图所示的空间直角坐标系. 设 1 A Aa,则(4,0,0)A,(0,4,0)B,(0,0,0)C, 1(4,0, ) Aa, 1(0,4, ) Ba,(2,2,0)M, 所以 1 ( 2,2,)AMa , 1 (0, 4,)BCa. 因为 11 AMBC, 所以( 2) 02 ( 4)() ()0aa , 解得 2 2a ,即 1 AA的长为2 2. (2
40、)由(1)知, 1(0,0,2 2) C, 由N是 1 CC的中点,得 (0,0, 2)N. 所以 1 ( 4,4,2 2)B A , 1 (0, 4,2)B N . 设平面 1 AB N的法向量 1111 ,nx y z, 由 11 nB A u ruuu r , 11 nB N u ruuur , 得 111 11 442 20 420 xyz yz , , 取 1 (1, 1,2 2)n. 又 1 (0, 4, 2 2)BC,(2,2,0)CM, 设平面 1 BCM的法向量 2222 ,nxyz, 由 21 nBC u u ruuu r , 2 nCM u u ruuur , 得 22
41、22 42 20 220 yz xy , , 取 2 (1, 1, 2)n. 设平面 1 AB N与平面 1 BCM所成锐二面角的大小为, 则 12 12 12 3 10 coscos, 10 n n nn n n . 所以平面 1 AB N与平面 1 BCM所成锐二面角的余弦值为 3 10 10 . 【点睛】本题主要考查立体几何中的棱长问题,以及二面角的求法,熟记空间向量的方法求 解即可,属于常考题型. 24.已知数列 n a的通项公式为 1717 33 nn n a , * nN,记 12 12 n nnnnn SC aC aC a (1)求 1 S, 2 S的值; (2)求证:对任意的正整数n, n 2n n 1 SS S 为定值. 【答案】 (1) 1 2 7 3 S ; 2 16 7 9 S .(2)详见解析 【解析】 【分析】 (1)根据题中条件,直接计算,即可得出结果; (2)先记 17 3 , 17 3 ,由题意可得 1000 nnnn iiiiiiiiii nnnnn iiii SCCCC 4747 (1)(1) 33 nn nn , 进而得到 21 8 3 nnn SSS , 即可得出结果. 【详解】 (1)因为 12 12 n nnnnn SC aC aC a, 1717