1、教科版九年级上册第四章探究电流单元测试卷学校:_姓名：_班级：_考号：_评卷人得分一、单选题1下列说法中正确的是（）A自由电子定向移动的方向为电流的方向B木质铅笔里的石墨芯属于导体C物体的内能增大，温度一定升高D发生热传递的条件是两个物体含有的热量不同2如图中两灯规格不同，能测出通过灯L1电流的电路是（ ）ABCD3如图所示是调光台灯的简化电路图,L标有“220V40W”。闭合开关S,不考虑灯泡电阻的变化,则A当滑片P从b端向a端移动时,电路总电阻变大B当滑片P从a端向b端移动时,灯泡变亮C当滑片P在a端时,灯泡正常发光D当滑片P在b端时,电路总功率最大4如图所示，当开关闭合时用电压表能测出灯
2、L1两端的电压的是 ( )A BC D5如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S.电路正常工作，一段时间后，发现两个电表示数都变大，则出现这种故障的原因可能是( )AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路6如图所示，两个规格不同的电灯L1、L2接在电路中闭合开关，以下判断正确的是（）AL1、L2串联B通过L1、L2的电流相等C电流表测干路中的电流D电流表测通过L2的电流7如图所示，验电器甲带正电，乙不带电，现用带有绝缘手柄的金属棒把甲和乙连接起来，发现甲金属箔张角变小，乙金属箔张开则下列说法正确的是( )A验电器金属箔张开是因为它们带同种电荷B金属棒中瞬间电流的方向是从乙流向甲C正电荷从甲
3、移到乙，所以两个验电器都带正电D电子从乙移到甲，所以甲带负电，乙带正电8如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法中正确的是（ ）A电阻甲和乙都是阻值不变的电阻B当乙两端电压为2V时，R乙5C甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电路的总电压为3VD甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.4A评卷人得分二、填空题9如图所示，电阻R1=5，R2=10，闭合开关后，则两电压表V1，和V2的示数之比为_。10如图甲所示电路中的两个电灯是_联，电流表A1的示数如图乙所示，则A1的示数为_A，电流表A2的示数为0.9 A，则L1中的电流是_A。则L2中的电流是_A。11如图所示电路
4、，当开关S1、S2 闭合后，A2 与 R2 是_（选填“串”或“并”）联的， 电流表 A1测量的是通过_ （选填“干路”“R1”或“R2”）的电流，电流表的指针偏转如图所示，电流表的示数为_A。12如图所示，当开关 S 闭合后，电流表 A1、A2、A3 的示数分别为 1.2A、1A、0.6A，则通 过 L1 电流为_,通过 L2 电流为_,通过 L3 电流为_.评卷人得分三、实验题13在探究并联电路电流规律的实验中 (1)为了防止损坏电流表,在不能事先估计电流大小的情况下,应先进行_,以正确选择电流表或电流表的量程。(2)小方连接的部分电路如图所示,请你将电路连接完整_。(3)小方将以上电路连
5、接完后,闭合开关,调节滑动变阻器,发现灯泡L1和L2发光、电流表A1和A2有示数、电流表A示数为零。则电路故障可能_(4)排除故障,进行实验,小方记录了如下数据。分析以上实验数据,小方发现通过两条支路的电流总是相等。为了探究这个发现是否具有普遍性,可以_,再进行实验。14小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了_（2）他先将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：_（3）他在测量B处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原
6、因是_；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为_A（4）在解决了以上问题后，将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律请你指出他们实验应改进方法是_（5）实验结束后，小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A2的示数_（选填“变大”“变小”或“不变”）评卷人得分四、计算题15在如图甲所示的电路中，电流表A1的示数是1.6A，电流表A2的示数为0.8A，通过灯泡的电流如图乙所示则：（1）电流表A3的示数是多少？（2）通过灯泡和的电流各是多少？16如图所示，已知电源电压为U=6V，R1=10，
7、R2=5，（1）当S1、S2均断开时，电流表示数为0.2A，求R2两端的电压和R3的阻值；（2）当S1、S2均闭合时，求电流表的示数。试卷第6页，总6页参考答案1B【解析】【详解】A人们规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故A错误；B木质铅笔里的石墨芯，容易导电，是导体，故B正确；C晶体熔化时，吸热温度不变，内能是增大的，所以物体的内能增大，温度不一定升高，故C错误；D发生热传导的条件是两个物体的温度不同，故D错误；【点睛】牢记晶体熔化时吸热，温度不变的特征，虽然温度没有升高，但吸收了热量，所以内能是增大的。2C【解析】【分析】电流表应与被测用电器串联，且电流要从正接线柱流入，从负接线柱流出
8、，据此分析。【详解】A图中电流表与灯L2串联，且电流正进负出，能正确测出通过灯L2的电流，故A错误；B图中电流表与灯L1串联，但其正负接线柱接反了，故B错误；C图中电路为并联电路，两个电流表分别测出干路和支路电流，相减得出L1电流，故C正确；D图中电流表接在干路上，且电流正进负出，测量的是干路电流，故D错误。【点睛】重点是知道电流表的连接方法，注意既要与被测灯泡串联，同时还要使接线柱连接。3C【解析】由电路图知道，灯泡和滑动变阻器串联在一起；当滑片P从b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以电路总电阻变小，故A错误；当滑片P从a端向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电
9、阻变大，电流减小，由P=I2R知道，灯泡的实际功率减小，灯泡亮度会变暗，故B错误；当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡两端的电压等于电源电压220V，所以灯泡正常发光，故C正确；当滑片P在b端时，总电阻最大，电路中电流最小，由P=UI知道，电路总功率最小，故D错误，故选C。点睛：本题考查都是电路的动态分析，解题的关键是明确滑动变阻器滑片位置不同时，接入电路电阻的特点。4D【解析】首先观察四个电路图，L1和L2都是串联，电压表测量用电器两端的电压时应并联在所测量用电器的两端。闭合开关，A选项电压表是并联在L2的两端，测量的是L2两端的电压；B选项也是直接和L2并联的；C选项中是和
10、电源并联，测量的是电源电压。只有D中是和L1并联，测量L1两端电压。故选D5D【解析】【详解】电流表的示数变大，电路一定是通路，且总电阻变小，故电路出现了短路；电压表示数增大，说明L2短路，此时电压表测量电源电压，故ABC错误、D正确。6C【解析】【详解】由图示可知，当开闭合后，两个灯泡是并联的，电流表测通过两个灯泡的总电流，由于两个灯泡不相同，电压相等，所以通过它们的电流是不相等的，故应选C。7A【解析】试题分析：验电器的金属箔张开是因为同种电荷相排斥，故A正确；甲带正电荷是由于缺少电子，而乙不带电，此时乙中的电子会经过金属棒从乙移到甲，由于正电荷定向移动的方向为电流的方向，且与电子移动的方
11、向相反因此金属棒中瞬间电流的方向从甲流向乙，故B错误；金属导体里面作定向移动的为带负电的自由电子，故C错误；甲带正电荷是由于缺少电子，而乙不带电，此时乙中的电子会经过金属棒从乙移到甲，甲使乙带上电，甲带的电减少，仍带正电，金属箔张角变小，而乙由于电子的转移，失去电子，带正电，金属箔张开，故D错误；应选A。【考点定位】电流的形成8C【解析】【详解】A由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化；B由图象可知，当乙两端电压为2V时，通过的电流为0.2A，根据欧姆定律可得：；C甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，当电路电流为0.2A时，由图象可知，
12、U甲1V，U乙2V根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，电源的电压UU甲+U乙1V+2V3V；D甲、乙并联在电路中时，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图象可知，I甲0.4A，I乙0.2A根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流II甲+I乙0.4A+0.2A0.6A。93：2【解析】【详解】由于，R1=5，R2，且通过两电阻的电流相等，则：U1示u2示=I（R1+R2)IR2=R1R2=5+1010=32。【点睛】由电路图可知：两电阻串联在电路中，电压表v1测总电压，电压表v2测R2两端电压。10并1.60.70.9【解析】分析：分析电路图确定用电器的连接方式以及仪
13、表测量的对象；根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数；并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和。解答：根据电路图可知，灯L1和L2并联，电流表A1测通过干路的电流，电流表A2测通过灯L2的电流；根据图乙可知，电流表A1的量程为03A，分度值为0.1A，示数为1.6A；由于电流表A2测通过灯L2的电流，所以L2中的电流为0.9A；由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以L1中的电流为1.6A-0.9A=0.7A。故答案为：(1). 并 (2). 1.6 (3). 0.7 (4). 0.9【点睛】解决此类问题的关键是知道并联电路的电流规律-干路中的电流等于各支路电流之和，即I
14、=I1+I2。11串 干路 0.28 【解析】【详解】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2与R2串联，即A2测量R2的电流；由图可知：电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A。120.2A 0.4A 0.6A 【解析】根据并联电路干路电流等于各支路电流之和的特点解题。如图，A3测量L3的电流为0.6A；A2测量L2和L3的电流，则L2的电流为：I2=1A-0.6A=0.4A；A1测量L1、L2和L3的电流，则L1的电流为：I1=1.2A-1A=0.2A；故答案为： (1). 0.2A (2). 0.4A (3). 0.6A13试触电流表A被短路将L1（L
15、2）换成另一个规格不同的灯泡【解析】（1）不能估测被测电流情况下，可先用大量程进行试触，然后正确选择电流表或电流表的量程；（2）由图知道，为了连接并联电路，电流需要从电流表A1的正接线柱流入，从负接线柱流出即可，电路如图：（3）根据题意知道，闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡L1 和L2 发光、电流表A1 和A2有示数，电流表A示数为零，说明并联支路部分没有故障，所以故障应是电流表A短路；（4）因为通过两条支路的电流总是相等，说明使用的是规格相同的灯泡，为了使实验结论更具科学性，普遍性，可以更换不同规格的灯泡重新进行实验。点睛：本题考查的探究并联电路电流特点的实验，考查了电流表的量程的选择和正
16、负接线柱的接法，需要注意为了使实验结论更具科学性，普遍性，就要用不同的规格的电灯，多做几次实验。14断开开关 ）L1断路 电流表正负接线柱接反了 0.24 换用不同的灯泡测量多组数据 变大 【解析】【详解】(1)在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，说明电路是通路，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关；(2)将电流表接A处,闭合开关后,观察到灯L2发光,但灯L1不发光,电流表的示数为零,说明L1所在支路断路；即L1断路或电流表断路 (3)他在测量B处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，即反向偏转，原因是：电流表正负接线柱接反了；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，
17、图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A.(4)只测量了一组数据得出的结论有偶然性，应改进方法是：换用不同的灯泡测量多组数据。(5)实验结束后,小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图,当开关S断开时,电路中只有L1,电流表A2测电路中电流,S闭合时,两灯并联,电流表A2测干路的电路中,因L1的电压和阻不变,由欧姆定律,通过其的电流不变,根据并联电路电流的规律,电流表A2的示数变大。15（1）0.56A（2）； 【解析】【详解】(1)因为L1、L2、L3是并联电路，A2测的是L2和L3电流之和为0.8A，A3测的是L3电流。根据并联电路电流规律可知：A3示数一定比A2
18、示数小，所以A2所选的量程是0.6A，分度值是0.02A，指针所指的位置是0.56A；(2)通过L1的电流：，通过L2的电流：。答：(1)电流表A3的示数是0.56A；(2)通过L1的电流是0.8A，通过L2的电流是0.24A。16（1）1V； 25；（2）6V； 1.8A。【解析】【分析】（1）当S1、S2均断开时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压，根据欧姆定律求出R3的阻值；（2）当S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R1两端的电压，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流，利
19、用并联电路的电流特点求出干路电流表的示数。【详解】（1）当S1、S2均断开时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，由I=UR可得，R2两端的电压：U2=IR2=0.2A5=1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R3两端的电压：U3=U-U2=6V-1V=5V，则R3的阻值：R3=U3I=5V0.2A=25；（2）当S1、S2均闭合时，R3被短路，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R1两端的电压：U1=U2=U=6V，通过R1、R2的电流分别为：I1=U1R1=6V10=0.6A，I2=U2R2=6V5=1.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：I=I1+I2=0.6A+1.2A=1.8A。答：（1）当S1、S2均断开时，R2两端的电压为1V，R3的阻值为25；（2）当S1、S2均闭合时，R1两端的电压为6V，电流表的示数为1.8A。【点睛】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。答案第7页，总7页
