1、内装订线学校:_姓名：_班级：_考号：_外装订线绝密启用前江苏省无锡市港下中学2019届九年级上学期10月月考物理试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四五总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有A B C D 2关于功、功率、机械效率说法中正确的是A 功率越大，做功越快，机械效率越大 B 做功越少，功率越小，机械效率越小C 功率越大，反映做功越快，与机械效率无关 D 机械效率越大，表明它做的功越多3某九年级
2、同学家住5楼，一天，他提着装有10个鸡蛋的塑料袋从1楼走到家里过程中，下列估算不合理的是A 他提鸡蛋的力做的功约为60JB 他提鸡蛋的力做功的功率约为10 WC 他爬楼做的功约为6103JD 他爬楼做功的功率约为1102 W42016年10月17日7时30分在我国酒泉卫星发射中心成功发射了“神舟十一号”载人飞船，发射“神舟十一号”载人飞船的火箭用液态氢作燃料主要是因为它具有A 较大的热值 B 较大的比热容 C 较高的凝固点 D 较大的密度5掷实心球是某市的中考体育加试项目之一。掷出去的实心球从a处出手后，在空中的运动轨迹如图所示，球最终停在水平地面e点处（不计空气阻力）。则实心球（ ）A 在a
3、处重力势能最小B 在b处动能为零C 在a、b、c三处机械能相等D 在d处动能为零6（2016广元卷）我国在太空航天领域处于世界领先水平，如图所示，是我国近期发射的一颗北斗导航卫星，它沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，在大气层外运行，不受空气阻力关于此人造卫星的运行下列说法正确的是（）A 卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能增大，速度增大B 卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能减小，速度减小C 卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度增大D 卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度减小7如图所示，用完全相同的两个滑轮绕成了甲、乙两个滑
4、轮组（不计绳重和摩擦），在F1、F2的拉力作用下分别将重为G1、G2的两个物体匀速提升相同的高度，若G1G2，提升重物中拉力F1、F2所做的功分别为W1、W2，机械效率分别为1、2，则下列判断正确的是（ ）AW1W2、12 BW1W2、1=2CW1W2、1”“”或“=”).由此可知，可采用_的方法来提高滑轮组的机械效率.27利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”。 （1）实验前，杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是_，实验时杠杆仍保持水平位置平衡好处是_（2）杠杆平衡后，如图乙所示，在杠杆B点挂3个相同的钩码，可在杠杆的
5、D点挂_ 个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡。（3）保持B点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时，测出多组动力臂l1和动力F1的数据，绘制了l1F1的关系图像，如图丙所示。请根据图像推算，当l1为0.6m时，F1为 _N。28校物理兴趣小组的同学要进行“估测自已上楼的功率”的实验他们将从一楼走到三楼（1）以下是小明设计的测量步骤如下，其中多余的是_（选填序号字母）A测出自已的质量m B测出楼梯的总长度LC测出一楼到三楼的竖直高度h D测出自已上楼所用的时间tE算出上楼的功率P（2）写出功率的表达式：P=_29如左图所示，用加热器给初温均为20的甲、乙液体加热（m甲m乙），两种液体每
6、秒吸收的热量相同。这两种液体的温度加热时间的图线如右图。（1）某时刻温度计示数如左图所示，此时乙的温度为_。（2）甲液体第30s的内能_第35s的内能（选填“大于”、“等于”、“小于”）。（3）小明根据右图中0至30s图线及题目所给信息得出：甲液体的比热容比乙液体的大。你认为小明的说法是否正确？_你的判断依据是什么？_评卷人得分五、综合题30阅读短文，回答文后的问题爆米花爆米花是一种很受欢迎的食品，它通常是由玉米加工而成那么玉米粒是如何变成爆米花的呢？传统的爆米机实际上是一个带有密封盖的铁罐子加工爆米花时，用煤炉给装有玉米粒的爆米机加热，密封在罐里的玉米粒温度不断升高，其中的水分逐渐变成水蒸气
7、，玉米粒内部压强不断增大部分水蒸气从玉米粒中跑出，进入铁罐内，而铁罐内气体的温度也在不断升高，压强越来越大玉米粒像吹足气的小气球，但由于受到罐内气压的约束，它们不能爆开加热到一定程度时，打开爆米机的密封盖，罐内气体压强迅速减小，高温高压的玉米粒突然进入气压较低的环境中，便迅速爆开，变成了爆米花（1）加工爆米花的过程中，通过_的方式使玉米粒的内能增加（2）加热过程中，玉米粒中的水发生的物态变化是_（3）在整个加工过程中，能反映罐内气体压强p和温度t变化情况的图象是_31阅读材料，回答下列问题随着人们生活水平的提高，越来越多的家庭采用“水地暖”进行取暖其原理是在房间地板下铺设散热管道，通过管道内的
8、热水散热提高室温，如图甲所示水地暖系统主要由壁挂炉、主管路、分集水器、地暖管路等组成。壁挂炉(热水器)以燃气为能源，提供温暖舒适的居家供暖及生活用水的家用设备，如图乙所示为小明家的壁挂炉，如图丙所示为该壁挂炉的铭牌其中，额定热负荷26kW指的是热水器供热水时，每秒钟水吸收的最大热量为26kJ（1kJ=103J），额定热负荷热水效率是指在额定热负荷下，水吸收的热量与燃气完全燃烧放出热量的比值。(1)若该地暖系统的总水量为2103 kg，将全部的水从5加热至45，水至少需要吸收多少热量？c水=4.2103J/ (kg)(2)小明家使用的是天然气，已知天然气的热值为3.2107J/ m3，他家冬天开
9、启水地暖时，在额定热负荷下工作，每天供暖8小时，则水吸收的热量是多少焦耳？每天需要消耗多少立方米的天然气？若天然气价格2.5元/m3，每天需要燃气费为多少元？(3)小明发现他家的水地暖使用成本比较高，请对此提出一种合理且有效建议。试卷第12页，总12页参考答案1B【解析】【详解】钓鱼竿在使用过程中支点在右手握的地方，它的动力臂小于阻力臂是费力杠杆，属于费力杠杆；羊角锤的支点在羊角锤与地面接触的地方，它的动力臂大于阻力臂是省力杠杆，属于省力杠杆；筷子的支点在筷子的一端，它的动力臂小于阻力臂是费力杠杆，属于费力杠杆；核桃夹的支点在杠杆的一端，动力臂大于阻力臂是省力杠杆，属于省力杠杆。故选B。【点睛
10、】本题是一道关于杠杆的分类知识的题目，解答本题的关键是要掌握费力杠杆的特点；动力臂小于阻力臂的杠杆叫费力杠杆，动力臂大于阻力臂的杠杆叫省力杠杆；利用生活经验结合实例，通过动力臂与阻力臂的大小关系判断是不是费力杠杆。2C【解析】试题分析：根据功、功率、机械效率的关系分析功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值解：功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，功率大小与做功多少和时间有关；机械效率是有用功与总功的比值A、功率大，说明做功快，但不能说明机械效率越大，故A错误；B、功率大小与做功多少和时间无关，做功少，功率不一定小，机械效率不一定小，故
11、B错误；C、功率越大，反映做功越快，与机械效率无关，故C正确；D、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做功不一定多，故D错误；故选：C【点评】本题考查了功、功率、机械效率的关系功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定3B【解析】【详解】A选项，两只鸡蛋的力大约为1N,可以知道提着10个鸡蛋的力大约为F=5N；住宅楼的楼层高大约3米,家住5楼,此同学实际爬楼高度h=43m=12m，故提鸡蛋的力大约做功：W1=Fs=5N12m=60J，故A合理，不符合题意。B选项，从1楼到5楼大约1min=60s，则他提鸡蛋的力做功的功率：P1=W1t=1W，故B不合理，符合题意。C选项，中学生
12、的重力约500N,克服自身重力做功：W2=Gs=500N12m=6000J 他爬楼做的功：W=W1+W2=6060J，故C合理，不合题意。D选项，爬楼做功的功率：P2=Wt=6060J60s=101W，故D合理，不合题意。所以B选项是正确的.【点睛】所谓估算不是猜而是依据生活经验或常识对相关物理量进行估计必要时还需根据相关公式计算得出结果：需注意实际爬楼的层数等于楼层数减一，估算出10个鸡蛋的重力和爬楼的高度，根据W=Fs可算出做功的多少,然后再根据P=Wt估算功率。4A【解析】【详解】现代火箭都是用液态氢作燃料的，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，所以
13、A选项是正确的。所以选A。【点睛】热值是指1kg的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。5C【解析】重力势能的大小与物体的质量，高度有关，由图可知，d、e两点高度最小，重力势能最小，故A错误；球在最高点b处时，在水平方向上仍有速度，所以此时的动能不是零，故B错误；不计空气阻力，则说明球在空中的机械能是守恒的，故在a、b、c三处的机械能相等，C正确为答案；球达到d点后没有静止，仍然向前滚动，所以动能不是零，故D错误；6A【解析】试题分析：卫星从远地点运行到近地点时，高度减小，势能减小，同时速度增大
14、，动能增大，故A正确、B错误；卫星从近地点运行到远地点时，高度增大，势能增大，同时速度减小，动能减小，故CD错误；故应选A。【考点定位】机械能转化7A【解析】试题分析：用两个相同的滑轮组将物体提升相同的高度，且G1G2，根据W有 =Gh可知，有用功的关系为：W1W2；两个完全相同的两个滑轮组，绳重和摩擦不计，额外功相同，根据W总=W有用+W额外可知，W总1 W总2 ，由=W有/W总=W总W额/W总=1-W额/W总可知，12，所以BCD错误，A正确，故选A。考点：功的大小比较；机械效率的大小比较8C【解析】【详解】A、在四冲程汽油机的一个工作循环中，活塞往复运动两次，由四个冲程组成，因此做功冲程
15、中活塞从汽缸顶端运动到下端，故A错误；BC、汽油机在做功冲程中，内能推动活塞向下运动，内能转化为机械能，故B错误、C正确；D、热值是物质的一种属性，只与物质的种类有关，因此当汽油不断减少时，汽油的热值不变，故D错误。故选：C。【点睛】四冲程内燃机的一个工作循环，曲轴转过两周，由四个冲程组成，分别为吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功和压缩冲程有能的转化。考题中常出现要牢记。9C【解析】解答：要比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误；为了比较不同燃料的热值
16、要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C正确，D错误。10C【解析】橡皮筋长为l，小球从初始状态下降至l过程中，重力势能转化为动能，小球做加速运动，动能逐渐变大；小球从l继续下降至2l过程中，受到橡皮筋的拉力作用，速度先增大后逐渐减小，最后变为零，动能先增大后减小为零，重力势能一直减小，弹性势能逐渐增大；对照选项中的图象可知，只有C选项符合题意。11B【解析】【详解】由题，倾斜的水塔相当于一个杠杆，水塔的重力为阻力，钢缆对水塔拉力为动力，根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变，动力臂越大，动力越小。ABC
17、D四个选项中，B选项动力臂最大，所以钢缆对水塔拉力最小的是B。故答案为B。【点睛】本题考查杠杆平衡条件的应用，根据杠杆平衡条件可知：阻力和阻力臂一定，动力臂越大越省力，比较所列几种情况动力臂的大小即可得出答案。12B【解析】【详解】A选项，质量相同的0的冰、水、水蒸气虽然温度和质量相同，但状态不同，所以具有的内能不同，故A错误；B选项，热传递过程中，热量总是从高温物体或高温部分转移到低温物体或低温部分，故B正确；C选项，热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量故C错误；D选项，物体的内能与温度、质量有关，只说明温度关系，而没有涉及质量关系，所以内能的大小无法判断故D错误。故选B。【点睛】此题考
18、查了物体具有内能的条件、内能的影响因素、热量的理解等知识点，正确、全面理解概念是解答的关键。13甲；力臂【解析】试题分析：甲乙两种开关均可在力的作用下绕轴转动，符合杠杆原理，因甲力臂小，根据杠杆原理可知力臂越小作用力越大，因此损坏的越快，所以甲较易损坏。考点：杠杆平衡原理14 做功 热传递【解析】解答：用搓手的方式使手变暖和，这是克服摩擦做功，属于采用做功的方式来增加手的内能。我们也可以对手哈几口气，这是采用热传递的方式来增加手的内能。15定 改变牵引索牵引力的方向 机械 【解析】【详解】定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，由图可以知道，牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮，定滑轮可以改变力的方
19、向，所以题中定滑轮的作用是：改变牵引索牵引力的方向；气缸内蒸汽体积膨胀对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，牵引力对舰载机做功，舰载机的动能（机械能）增加。此，本题正确答案是：定；改变牵引索牵引力的方向；机械。【点睛】本题考查定滑轮和做功改变物体内能。知道定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，动滑轮是轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮；物体对外界做功，物体的内能减小。16 a 4 2【解析】试题分析：小球的动能随高度的增加是减小的，重力势能随高度的增加是增大的，故可知图线a是动能-高度的关系；小石块到最高点时，动能为零，由图示可知，最高点为4m；小石块在最高时只具有重力势能，故机
20、械能为2J。【考点定位】机械能转化17b 弹性势能 【解析】【详解】因为水平杆光滑，所以小球在a点时只受到弹簧向右的弹力，则小球由a向b运动时会加速运动，即到达b点时速度最快，动能最大；b点是弹簧原长时小球的位置，弹性势能为0，小球到达b点后因为惯性继续向右运动，所以弹簧逐渐被拉伸，弹簧的弹性势能逐渐增大，因此小球从b到c的过程中机械能转化为弹簧弹性势能；本题正确答案是：b；弹性势能1820 省力 不变 【解析】【详解】根据杠杆平衡条件：FBA=GBC，而C为AB的中点，即BA=2BC，可得：G=2F=210N=20N；其中G是阻力，F为动力，FG，所以杠杆是省力杠杆；当A端缓慢向上提升一小段
21、距离时，如下图，重力G的力臂为BC，力F的力臂为BA，根据相似三角形可得BA=2BC，由FBA=GBC，所以G=2F，即拉力F大小不变。答案：20；省力；不变【点睛】本题考查杠杆原理：FBA=GBC，会用相似三角形特点：CCAA=BCBA。19 540 180 120 60【解析】解答：由题知，斜面长s3m，斜面高h0.9m，物体重G600N，推力F300N；有用功：W有Gh600N0.9m540J，推力做的总功：W总Fs300N3m900J，推力做的总功的功率：P180W；额外功：W额W总W有900J540J360J，由W额fs得摩擦力：f120N；斜面的机械效率：60%故答案为：540；1
22、80；120；60%20121750【解析】【详解】汽车以额定功率行驶1h做的功：WPt35103W3600s1.26108J，根据公式WQ放100%得：Q放W1.26108J30%4.2108J，消耗的汽油的体积：V汽油Q放q4.2108J3.5107J/L12L；汽车的速度：v车72km/h20m/s，根据公式PWtFstFv得：汽车受到的牵引力：FPv35103W20m/s1750N.，汽车做匀速直线运动，所受的阻力和牵引力是平衡力，汽车受到的阻力：fF1750N.【点睛】（1）根据WPt求出小汽车以额定功率匀速直线行驶1h牵引力所做的功，用 WQ求出放出的热量，再利用Q放Vq可求出完全
23、燃烧多少升汽油放出热量；（2）根据PWtFstFv求出汽车的牵引力，汽车做匀速直线运动，牵引力等于阻力。21做功 15 【解析】【详解】由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞向下运动，可知正在进行的是做功冲程，在该冲程中内能转化为机械能；该内燃机正常工作时的转速为1800r/min，1800r/min=30r/s，因为汽油机的一个工作循环中飞轮转2圈，对外做功一次，所以汽油机每秒可以做功的次数为15次。故答案为：做功；15.【点睛】吸气冲程：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，汽油和空气的混合物进入汽缸。压缩冲程:进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，燃料混合物被压缩。做功冲程:进气门和排气
24、门都关闭，火花塞用产生的电火花点火，使混合物剧烈燃烧，产生高温高压气体，推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功。排气冲程:进气门保持关闭，排气门打开，活塞向上运动，把废气排出气缸。22Gh 小于 【解析】【详解】从A位置到C位置铁球的重力做功W=Gh，铁球在C位置受力不平衡，在弹力的作用下有向上运动的趋势，故B到C位置的过程中铁球所受的重力小于弹簧所施加的弹力。因此，本题正确答案是：Gh；小于。【点睛】利用W=Gh求重力做功，根据铁球在C位置的运动趋势判断受力情况。2380 4:3 【解析】(1)Q吸=cmt，甲、乙两物体吸收相同的热量，c甲m甲t甲=c乙m乙t乙，t乙=C甲m甲t甲C乙m乙
25、=222011=80。(2)Q吸=cmt，又丙、丁两物体由同种材料做成，c丙=c乙，m丙:m丁=4:1，t丙:t丁=1:3，两物体吸收热量：Q丙Q丁 =C丙m丙t丙C丁m丁t丁=141113=43。点睛：知道两物体由同种材料组成（比热容相同），又知道质量、温度升高值的大小关系，利用Q吸=cmt求两物体吸收热量的大小关系。24如图所示【解析】试题分析：阻力作用点在点B，方向竖直向上，动力臂为支点到动力作用线的距离，如上图所示。【考点定位】力和力臂的画法25图见解析所示【解析】图中滑轮组有两种绕线方法，一种是由两根绳子承担重物，另一种是由三根绳子承担重物；要想最省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从
26、动滑轮开始缠绕，如图所示：【点睛】滑轮组最省力的绕绳方法，其实就是寻找连接动滑轮最多的绳子的段数，明确了这一点，滑轮组的绕法就变得非常简单。26匀速 0.45 80% 增加物重 【解析】【详解】（1）实验中，使用滑轮组提升重物时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时测力计示数等于拉力大小；（2）由图可以知道,绳子的有效段数n=3，当钩码上升的高度h=0.15m，绳端移动的距离为：s=nh=30.15m=0.45m此时滑轮组的机械效率为：=W有W总=GhFs=6N0.15m2.5N0.45m=80% （3）由表中数据可得：W1有=G1h1=4N0.10m=0.4J，W2有=G2h2=6N0.1m=
27、0.6J。故有用功的关系为W1有W2有；W1总=F1s1=1.8N0.3m=0.54J，W2总=F2s2=2.5N0.3m=0.75J。第1次的机械效率：1=W1有W1总=0.4J0.54J10074.1%，第2次的机械效率：2=W2有W2总=0.6J0.75J100%=80%比较可以知道12由此可以知道，可采用增加物重的方法来提高滑轮组的机械效率。因此，本题正确答案是：（1）匀速；（2）0.45；80%；（3）；增加物重。【点睛】（1）实验中，使用滑轮组提升重物时,应竖直向上匀速拉动弹簧测力计；（2）根据s=nh求绳端移动的距离，根据=W有W总求机械效率；（3）根据W有=Gh分别求出有用功比
28、大小，根据=W有W总求机械效率比大小；根据机械效率的大小由表中数据得出结论。27右 消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 便于测量力臂的大小 4 0.5 【解析】【详解】(1)图甲中杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；实验前，使杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；实验时杠杆仍保持水平位置平衡，此时支点到力的作用点的距离就是力臂，便于测量力臂大小；(2)设1个钩码重为G，一格长为L，根据杠杆平衡条件可知：3G4L=FD3L所以FD=4G，需在D点挂4个钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡。(3)由于
29、此题中的阻力和阻力臂不变，据F1L1=F2L2可知，利用图象中任意一组数据都能得出，F1L1=F2L2=3N0.1m=0.3N.m，所以，当L1为0.6m时，F1=F2L2L1=0.5N 故答案为：(1)右；消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；便于测量力臂的大小；(2)4；(3)0.5.【点睛】（1）杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；（2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2做出解答。（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，故据杠杆的平衡条件分析即可解决。28B mght 【解析】【详解】(1)估测自已上楼的功率，需结合公式P=mght，m为自身的质量，h为一楼到三楼
30、的竖直高度，t为上楼所用的时间。所以需要磅秤测量自己的质量m、用刻度尺测量一楼到三楼的竖直高度h、用秒表测量上楼所用的时间t。所以多余的是B。(2)自已上楼功率的表达式是P=mght，因此，本题正确答案是：(1)B；(2)P=mght.【点睛】自已上楼的功率就是克服自身的重力做功，做的功除以做功的时间就是功率；所以该实验的原理是：P=Wt=mght，据此设计实验步骤以及得出功率的表达式。29 58 小于 正确 由题意可知0-30s甲、乙所吸收的热量Q吸相同，由图可知温度变化t也相同，由Q吸=cmt可知，因为m甲C乙。【解析】（1）由图可知，温度计的分度值是1所以此时乙的温度为58；（2）因为甲
31、液体一直在吸收热量，所以第30s的内能小于第35s的内能；（3）小明的说法正确，由题意可知0-30s甲、乙所吸收的热量Q吸相同，由图可知温度变化t也相同，由Q吸cmt可知，因为m甲C乙。30热传递 汽化 B 【解析】（1）爆玉米花时，将玉米粒放入铁罐内加热，玉米粒通过热传递从铁罐吸收热量，使玉米粒的温度升高、内能增大；（2）加热过程中，玉米粒中的水由液态变为气态，发生的物态变化是汽化；（3）加工爆米花时，随着罐里的玉米粒温度的升高，其中的水分逐渐汽化为水蒸气，部分水蒸气从玉米粒中跑出，进入铁罐内，使罐内压强越来越大。加热到一定程度时，打开爆米机的密封盖，罐内气体压强迅速减小，减小到原来的值，同
32、时温度降低，据此判断图象为B。31（1）3.36108 J；（2）7.488108 J；26m3；65元；（3）取暖时设定较低的温度、减少每天供暖的时间【解析】【详解】（1）根据题意知道，水的质量是m=2103 kg，温度的变化是t=45-5=40，水吸收的热量是：Q吸 =cm（t-t0 ）=4.2103 J/（kg）2103 kg（45-5）=3.36108 J；（2）根据题意知道，额定热负荷是26kW，每天供暖8小时，所以，水吸收的热量是：Q吸=26103W83600s=7.488108 J；则天然气需要放出的热量是：Q放=Q吸/=7.488108J/90%=8.32108 J；每天需要消耗的天然气的体积是：V=Q放/q=8.32108J/3.2107J/m3=26m3 ，若天然气价格2.5元/m3，则每天需要燃气费是：2.5元/m3 26m3 =65元；（3）根据题意知道，“水地暖”散热量与室内温度、散热时间、面积有关，所以取暖时需要设定较低的温度、减少每天供暖的时间。【点睛】本题考查的是热量的计算，以“水地暖”为物理情景，同时还考查了根据题目提供信息分析解决问题的能力，有一定的难度。答案第14页，总14页
