中考数学圆的综合综合题汇编附答案.doc

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资源描述

1、一、圆的综合 真题与模拟题分类汇编(难题易错题)1如图,点P在O的直径AB的延长线上,PC为O的切线,点C为切点,连接AC,过点A作PC的垂线,点D为垂足,AD交O于点E(1)如图1,求证:DAC=PAC;(2)如图2,点F(与点C位于直径AB两侧)在O上,连接EF,过点F作AD的平行线交PC于点G,求证:FG=DE+DG;(3)在(2)的条件下,如图3,若AE=DG,PO=5,求EF的长【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)EF=3【解析】【分析】(1)连接OC,求出OCAD,求出OCPC,根据切线的判定推出即可;(2)连接BE交GF于H,连接OH,求出四边形HGDE是矩形,求出

2、DE=HG,FH=EH,即可得出答案;(3)设OC交HE于M,连接OE、OF,求出FHO=EHO=45,根据矩形的性质得出EHDG,求出OM=AE,设OM=a,则HM=a,AE=2a,AE=DG,DG=3a,求出ME=CD=2a,BM=2a,解直角三角形得出tanMBO,tanP=,设OC=k,则PC=2k,根据OP=k=5求出k=,根据勾股定理求出a,即可求出答案【详解】(1)证明:连接OC,PC为O的切线,OCPC,ADPC,OCAD,OCA=DAC,OC=OA,PAC=OCA,DAC=PAC;(2)证明:连接BE交GF于H,连接OH,FGAD,FGD+D=180,D=90,FGD=90,

3、AB为O的直径,BEA=90,BED=90,D=HGD=BED=90,四边形HGDE是矩形,DE=GH,DG=HE,GHE=90,HEF=FEA=BEA=45,HFE=90HEF=45,HEF=HFE,FH=EH,FG=FH+GH=DE+DG;(3)解:设OC交HE于M,连接OE、OF,EH=HF,OE=OF,HO=HO,FHOEHO,FHO=EHO=45,四边形GHED是矩形,EHDG,OMH=OCP=90,HOM=90OHM=9045=45,HOM=OHM,HM=MO,OMBE,BM=ME,OM=AE,设OM=a,则HM=a,AE=2a,AE=DG,DG=3a,HGC=GCM=GHE=90

4、,四边形GHMC是矩形,GC=HM=a,DC=DGGC=2a,DG=HE,GC=HM,ME=CD=2a,BM=2a,在RtBOM中,tanMBO=,EHDP,P=MBO,tanP=,设OC=k,则PC=2k,在RtPOC中,OP=k=5,解得:k=,OE=OC=,在RtOME中,OM2+ME2=OE2,5a2=5,a=1,HE=3a=3,在RtHFE中,HEF=45,EF=HE=3【点睛】考查了切线的性质,矩形的性质和判定,解直角三角形,勾股定理等知识点,能综合运用性质进行推理是解此题的关键2如图,在锐角ABC中,AC是最短边以AC为直径的O,交BC于D,过O作OEBC,交OD于E,连接AD、

5、AE、CE(1)求证:ACE=DCE;(2)若B=45,BAE=15,求EAO的度数;(3)若AC=4,求CF的长【答案】(1)证明见解析,(2)60;(3) 【解析】【分析】(1)易证OEC=OCE,OEC=ECD,从而可知OCE=ECD,即ACE=DCE;(2)延长AE交BC于点G,易证AGC=B+BAG=60,由于OEBC,所以AEO=AGC=60,所以EAO=AEO=60;(3)易证,由于,所以=,由圆周角定理可知AEC=FDC=90,从而可证明CDFCEA,利用三角形相似的性质即可求出答案【详解】(1)OC=OE,OEC=OCEOEBC,OEC=ECD,OCE=ECD,即ACE=DC

6、E;(2)延长AE交BC于点GAGC是ABG的外角,AGC=B+BAG=60OEBC,AEO=AGC=60OA=OE,EAO=AEO=60(3)O是AC中点,=AC是直径,AEC=FDC=90ACE=FCD,CDFCEA,=,CF=CA=【点睛】本题考查了圆的综合问题,涉及平行线的性质,三角形的外角的性质,三角形中线的性质,圆周角定理,相似三角形的判定与性质等知识,需要学生灵活运用所学知识3如图,AB为O的直径,点D为AB下方O上一点,点C为弧ABD的中点,连接CD,CA(1)求证:ABD=2BDC;(2)过点C作CHAB于H,交AD于E,求证:EA=EC;(3)在(2)的条件下,若OH=5,

7、AD=24,求线段DE的长度 【答案】(1)证明见解析;(2)见解析;(3).【解析】【分析】(1)连接AD,如图1,设BDC=,ADC=,根据圆周角定理得到CAB=BDC=,由AB为O直径,得到ADB=90,根据余角的性质即可得到结论;(2)根据已知条件得到ACE=ADC,等量代换得到ACE=CAE,于是得到结论;(3)如图2,连接OC,根据圆周角定理得到COB=2CAB,等量代换得到COB=ABD,根据相似三角形的性质得到OH=5,根据勾股定理得到AB=26,由相似三角形的性质即可得到结论【详解】(1)连接AD如图1,设BDC=,ADC=,则CAB=BDC=,点C为弧ABD中点,=,ADC

8、=DAC=,DAB=,AB为O直径,ADB=90,+=90,=90,ABD=90DAB=90(),ABD=2,ABD=2BDC;(2)CHAB,ACE+CAB=ADC+BDC=90,CAB=CDB,ACE=ADC,CAE=ADC,ACE=CAE,AE=CE;(3)如图2,连接OC,COB=2CAB,ABD=2BDC,BDC=CAB,COB=ABD,OHC=ADB=90,OCHABD,OH=5,BD=10,AB=26,AO=13,AH=18,AHEADB,即=,AE=,DE=【点睛】本题考查了垂径定理,相似三角形的判定和性质,等腰三角形的判定和性质,正确的作出辅助线是解题的关键4如图在ABC中,

9、C=90,AC=BC,AB=30cm,点P在AB上,AP=10cm,点E从点P出发沿线段PA以2cm/s的速度向点A运动,同时点F从点P出发沿线段PB以1cm/s的速度向点B运动,点E到达点A后立刻以原速度沿线段AB向点B运动,在点E、F运动过程中,以EF为边作正方形EFGH,使它与ABC在线段AB的同侧,设点E、F运动的时间为t(s)(0t20) (1)当点H落在AC边上时,求t的值;(2)设正方形EFGH与ABC重叠部分的面积为S试求S关于t的函数表达式;以点C为圆心,t为半径作C,当C与GH所在的直线相切时,求此时S的值【答案】(1)t=2s或10s;(2)S=;100cm2【解析】试题

10、分析:(1)如图1中,当0t5时,由题意AE=EH=EF,即102t=3t,t=2;如图2中,当5t20时,AE=HE,2t10=10(2t10)+t,t=10;(2)分四种切线讨论a、如图3中,当0t2时,重叠部分是正方形EFGH,S=(3t)2=9t2b、如图4中,当2t5时,重叠部分是五边形EFGMNc、如图5中,当5t10时,重叠部分是五边形EFGMNd、如图6中,当10t20时,重叠部分是正方形EFGH分别计算即可;分两种情形分别列出方程即可解决问题试题解析:解:(1)如图1中,当0t5时,由题意得:AE=EH=EF,即102t=3t,t=2如图2中,当5t20时,AE=HE,2t1

11、0=10(2t10)+t,t=10综上所述:t=2s或10s时,点H落在AC边上(2)如图3中,当0t2时,重叠部分是正方形EFGH,S=(3t)2=9t2如图4中,当2t5时,重叠部分是五边形EFGMN,S=(3t)2(5t10)2=t2+50t50如图5中,当5t10时,重叠部分是五边形EFGMN,S=(20t)2(303t)2=t2+50t50如图6中,当10t20时,重叠部分是正方形EFGH,S=(20t)2=t240t+400综上所述:S=如图7中,当0t5时,t+3t=15,解得:t=,此时S=100cm2,当5t20时,t+20t=15,解得:t=10,此时S=100综上所述:当

12、C与GH所在的直线相切时,求此时S的值为100cm2点睛:本题考查了圆综合题、正方形的性质、等腰直角三角形的性质、切线的性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,学会用分类讨论的思想思考问题,注意不能漏解,属于中考压轴题5已知O中,弦AB=AC,点P是BAC所对弧上一动点,连接PA,PB(1)如图,把ABP绕点A逆时针旋转到ACQ,连接PC,求证:ACP+ACQ=180;(2)如图,若BAC=60,试探究PA、PB、PC之间的关系(3)若BAC=120时,(2)中的结论是否成立?若是,请证明;若不是,请直接写出它们之间的数量关系,不需证明【答案】(1)证明见解析;(2)PA=PB+PC

13、理由见解析;(3)若BAC=120时,(2)中的结论不成立, PA=PB+PC 【解析】试题分析:(1)如图,连接PC根据“内接四边形的对角互补的性质”即可证得结论;(2)如图,通过作辅助线BC、PE、CE(连接BC,延长BP至E,使PE=PC,连接CE)构建等边PCE和全等三角形BECAPC;然后利用全等三角形的对应边相等和线段间的和差关系可以求得PA=PB+PC;(3)如图,在线段PC上截取PQ,使PQ=PB,过点A作AGPC于点G利用全等三角形ABPAQP(SAS)的对应边相等推知AB=AQ,PB=PG,将PA、PB、PC的数量关系转化到APC中来求即可试题解析:(1)如图,连接PCAC

14、Q是由ABP绕点A逆时针旋转得到的,ABP=ACQ由图知,点A、B、P、C四点共圆,ACP+ABP=180(圆内接四边形的对角互补),ACP+ACQ=180(等量代换);(2)PA=PB+PC理由如下:如图,连接BC,延长BP至E,使PE=PC,连接CE弦AB=弦AC,BAC=60,ABC是等边三角形(有一内角为60的等腰三角形是等边三角形)A、B、P、C四点共圆,BAC+BPC=180(圆内接四边形的对角互补),BPC+EPC=180,BAC=CPE=60,PE=PC,PCE是等边三角形,CE=PC,E=ECP=EPC=60;又BCE=60+BCP,ACP=60+BCP,BCE=ACP(等量

15、代换),在BEC和APC中, ,BECAPC(SAS),BE=PA,PA=BE=PB+PC;(3)若BAC=120时,(2)中的结论不成立, PA=PB+PC理由如下:如图,在线段PC上截取PQ,使PQ=PB,过点A作AGPC于点GBAC=120,BAC+BPC=180,BPC=60弦AB=弦AC,APB=APQ=30在ABP和AQP中, ,ABPAQP(SAS),AB=AQ,PB=PQ(全等三角形的对应边相等),AQ=AC(等量代换)在等腰AQC中,QG=CG在RtAPG中,APG=30,则AP=2AG,PG=AG,PB+PC=PGQG+PG+CG=PGQG+PG+QG=2PG=2AG,PA

16、=2AG,即PA=PB+PC【点睛】本题考查了圆的综合题,解题的关键要能掌握和灵活运用圆心角、弧、弦间的关系,全等三角形的判定与性质,圆内接四边形的性质等.6已知:如图,AB是O的直径,PB切O于点B,PA交O于点C,APB是平分线分别交BC,AB于点D、E,交O于点F,A=60,并且线段AE、BD的长是一元二次方程 x2kx+2 =0的两根(k为常数)(1)求证:PABD=PBAE;(2)求证:O的直径长为常数k;(3)求tanFPA的值【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)tanFPA=2 .【解析】试题分析:(1)由PB切O于点B,根据弦切角定理,可得PBD=A,又由PF平分APB,

17、可证得PBDPAE,然后由相似三角形的对应边成比例,证得PABD=PBAE;(2)易证得BE=BD,又由线段AE、BD的长是一元二次方程 x2kx+2=0的两根(k为常数),即可得AE+BD=k,继而求得AB=k,即:O的直径长为常数k;(3)由A=60,并且线段AE、BC的长是一元二次方程 x2kx+2=0的两根(k为常数),可求得AE与BD的长,继而求得tanFPB的值,则可得tanFPA的值试题解析:(1)证明:如图,PB切O于点B,PBD=A,PF平分APB,APE=BPD,PBDPAE,PB:PA=BD:AE,PABD=PBAE;(2)证明:如图,BED=A+EPA,BDE=PBD+

18、BPD又PBD=A,EPA=BPD,BED=BDEBE=BD线段AE、BD的长是一元二次方程 x2kx+2=0的两根(k为常数),AE+BD=k,AE+BD=AE+BE=AB=k,即O直径为常数k(3)PB切O于B点,AB为直径PBA=90A=60PB=PAsin60=PA,又PABD=PBAE,BD=AE,线段AE、BD的长是一元二次方程 x2kx+2=0的两根(k为常数)AEBD=2,即AE2=2,解得:AE=2,BD=,AB=k=AE+BD=2+,BE=BD=,在RtPBA中,PB=ABtan60=(2+)=3+2在RtPBE中,tanBPF=2,FPA=BPF,tanFPA=2【点睛】

19、此题考查了切线的性质、等腰三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质以及根与系数的关系等知识此题难度较大,注意掌握数形结合思想与方程思想的应用7如图1,等边ABC的边长为3,分别以顶点B、A、C为圆心,BA长为半径作、,我们把这三条弧所组成的图形称作莱洛三角形,显然莱洛三角形仍然是轴对称图形,设点l为对称轴的交点(1)如图2,将这个图形的顶点A与线段MN作无滑动的滚动,当它滚动一周后点A与端点N重合,则线段MN的长为 ;(2)如图3,将这个图形的顶点A与等边DEF的顶点D重合,且ABDE,DE=2,将它沿等边DEF的边作无滑动的滚动当它第一次回到起始位置时,求这个图形在运动过程中所扫过的区域的

20、面积;(3)如图4,将这个图形的顶点B与O的圆心O重合,O的半径为3,将它沿O的圆周作无滑动的滚动,当它第n次回到起始位置时,点I所经过的路径长为 (请用含n的式子表示)【答案】(1)3;(2)27;(3)2n【解析】试题分析:(1)先求出的弧长,继而得出莱洛三角形的周长为3,即可得出结论;(2)先判断出莱洛三角形等边DEF绕一周扫过的面积如图所示,利用矩形的面积和扇形的面积之和即可;(3)先判断出莱洛三角形的一个顶点和O重合旋转一周点I的路径,再用圆的周长公式即可得出试题解析:解:(1)等边ABC的边长为3,ABC=ACB=BAC=60,=,线段MN的长为=3故答案为3;(2)如图1等边DE

21、F的边长为2,等边ABC的边长为3,S矩形AGHF=23=6,由题意知,ABDE,AGAF,BAG=120,S扇形BAG=3,图形在运动过程中所扫过的区域的面积为3(S矩形AGHF+S扇形BAG)=3(6+3)=27;(3)如图2,连接BI并延长交AC于DI是ABC的重心也是内心,DAI=30,AD=AC=,OI=AI=,当它第1次回到起始位置时,点I所经过的路径是以O为圆心,OI为半径的圆周,当它第n次回到起始位置时,点I所经过的路径长为n2=2n故答案为2n点睛:本题是圆的综合题,主要考查了弧长公式,莱洛三角形的周长,矩形,扇形面积公式,解(1)的关键是求出的弧长,解(2)的关键是判断出莱

22、洛三角形绕等边DEF扫过的图形,解(3)的关键是得出点I第一次回到起点时,I的路径,是一道中等难度的题目8如图,是的直径,弦于点,过点的切线交的延长线于点,连接.(1)求证:是的切线;(2)连接,若,求的长.【答案】(1)见解析;(2)【解析】【分析】(1) 连接OD,由垂径定理证OF为CD的垂直平分线,得CF=DF,CDF=DCF,由CDO=OCD,再证CDO +CDB=OCD+DCF=90,可得ODDF,结论成立.(2) 由OCF=90, BCF=30,得OCB=60,再证OCB为等边三角形,得COB=60,可得CFO=30,所以FO=2OC=2OB,FB=OB= OC =2,在直角三角形

23、OCE中,解直角三角形可得CE,再推出CD=2CE.【详解】(1)证明:连接ODCF是O的切线OCF=90OCD+DCF=90直径AB弦CD CE=ED,即OF为CD的垂直平分线 CF=DFCDF=DCF OC=OD,CDO=OCDCDO +CDB=OCD+DCF=90ODDFDF是O的切线(2)解:连接ODOCF=90, BCF=30OCB=60OC=OBOCB为等边三角形,COB=60CFO=30FO=2OC=2OBFB=OB= OC =2 在直角三角形OCE中,CEO=90COE=60CF CD=2 CF【点睛】本题考核知识点:垂径定理,切线,解直角三角形. 解题关键点:熟记切线的判定定

24、理,灵活运用含有30角的直角三角形性质,巧解直角三角形.9如图,已知ABC内接于O,BC交直径AD于点E,过点C作AD的垂线交AB的延长线于点G,垂足为F连接OC(1)若G=48,求ACB的度数;(2)若AB=AE,求证:BAD=COF;(3)在(2)的条件下,连接OB,设AOB的面积为S1,ACF的面积为S2若tanCAF=,求的值 【答案】(1)48(2)证明见解析(3) 【解析】【分析】(1)连接CD,根据圆周角定理和垂直的定义可得结论;(2)先根据等腰三角形的性质得:ABE=AEB,再证明BCG=DAC,可得 ,则所对的圆周角相等,根据同弧所对的圆周角和圆心角的关系可得结论;(3)过O

25、作OGAB于G,证明COFOAG,则OG=CF=x,AG=OF,设OF=a,则OA=OC=2x-a,根据勾股定理列方程得:(2x-a)2=x2+a2,则a=x,代入面积公式可得结论【详解】(1)连接CD,AD是O的直径,ACD=90,ACB+BCD=90,ADCG,AFG=G+BAD=90,BAD=BCD,ACB=G=48;(2)AB=AE,ABE=AEB,ABC=G+BCG,AEB=ACB+DAC,由(1)得:G=ACB,BCG=DAC,AD是O的直径,ADPC,BAD=2DAC,COF=2DAC,BAD=COF;(3)过O作OGAB于G,设CF=x,tanCAF= ,AF=2x,OC=OA

26、,由(2)得:COF=OAG,OFC=AGO=90,COFOAG,OG=CF=x,AG=OF,设OF=a,则OA=OC=2xa,RtCOF中,CO2=CF2+OF2,(2xa)2=x2+a2,a=x,OF=AG=x,OA=OB,OGAB,AB=2AG=x,【点睛】圆的综合题,考查了三角形的面积、垂径定理、角平分线的性质、三角形全等的性质和判定以及解直角三角形,解题的关键是:(1)根据圆周角定理找出ACB+BCD=90;(2)根据外角的性质和圆的性质得:;(3)利用三角函数设未知数,根据勾股定理列方程解决问题10已知AB,CD都是的直径,连接DB,过点C的切线交DB的延长线于点E如图1,求证:;

27、如图2,过点A作交EC的延长线于点F,过点D作,垂足为点G,求证:;如图3,在的条件下,当时,在外取一点H,连接CH、DH分别交于点M、N,且,点P在HD的延长线上,连接PO并延长交CM于点Q,若,求线段HM的长【答案】(1)证明见解析(2)证明见解析(3)【解析】【分析】(1)由D+E=90,可得2D+2E=180,只要证明AOD=2D即可;(2)如图2中,作ORAF于R只要证明AORODG即可;(3)如图3中,连接BC、OM、ON、CN,作BTCL于T,作NKCH于K,设CH交DE于W解直角三角形分别求出KM,KH即可;【详解】证明:如图1中,与CE相切于点C,证明:如图2中,作于R,四边形OCFR是矩形,在和中,解:如图3中,连接BC、OM、ON、CN,作于T,作于K,设CH交DE于W设,则,为直径,负根已经舍弃,是等边三角形,在中,在中,在中,在中,【点睛】本题考查圆综合题、全等三角形的判定和性质、平行线的性质、勾股定理、等边三角形的判定和性质、锐角三角函数等知识,添加常用辅助线,构造全等三角形或直角三角形解题的关键.

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