1、 高三年级高三年级模拟考试生物答案模拟考试生物答案 0106 ADDBCB 29.(9 分，除标明外，每空 1 分) (1). 二氧化碳缓冲液 （或者碳酸氢钠溶液） 净光合速率 （或氧气释放速率、 光合速率与呼吸速率的差值） (2) 温度(二氧化碳缓冲液的浓度或花卉的生长状况)（答案合理即给分） (3) 升高 ATP 和 H（缺一不给分） (4).取另一个原实验完全相同的装置，置于黑暗条件下，其余条件完全相同，重复该实验（2 分） (5). （缺一不给分） （2 分） 30.（10 分，除标明外，每空 1 分) （1）氨基酸 体液 （2）肾上腺素 过程 拮抗 （3）ABC（漏选、多选、错选不给
2、分） （2 分） （4）反馈（负反馈） 免疫（或非特异性免疫和特异性免疫） 生殖（或生殖发育） 31. (8 分，除标明外，每空 1 分) （1）标志重捕法 （2）3035 （3）D（2 分） （4）环境优越，气候适宜，食物充足，没有人为干扰（合理即给分） （2 分） （5）就地保护（或建立自然保护区） （2 分） 32. （12 分，每空 2 分） （1）XXX 和 YO(或 X+和 YO) （缺一不给分） YY（或 YY 和 XXX 、X+和 YY） 父传子、子传孙（或只从亲代雄果蝇传给子代雄果蝇、限雄性遗传） （2）1/4 0 1/12 37.生物选修 1:生物技术实践(15 分，除注明
3、外，每空 2 分） (1). 内部组织容易被杂菌污染 果胶酶（和纤维素酶） 酵母菌 醋酸(菌) (2)无氮(选择) 青霉素 (3)依赖有机物的氧化分解供能(3 分) 38 【生物选修三：现代生物科技专题】(15 分，除注明外，每空 2 分） （1）mRNA PCR （2）启动子（或启动子和终止子） 农杆菌转化法 （3）脱分化 动物血清（或血浆） （4）单克隆抗体(3 分) 宜春市宜春市 2020 届高三模考考试化学参考答案届高三模考考试化学参考答案 7C 8C 9B 10A 11 A 12 D 13 B 26. （15 分） （1）受热均匀，加快反应速率（1 分） ； 温度过高，氨水挥发过多，
4、原料利用率低（1 分） （2） 吸收硫化氢、氨气等杂质气体（2 分） （3）a（2 分） （4）d（2 分） （5）4Fe2+ + O2 + 10H2O = 4Fe(OH)3 + 8H+（2 分） 当其它条件相同时，硫酸根离子浓度越大，Fe2+的稳定性较好。 （或当其它条件相同时，硫酸根离子浓度大小影响 Fe2+的稳定性。 ） （2 分） （6）（3 分） 27.（14 分） （1） 粉碎废钒；搅拌；适当升温 （任意答一条正确措施给 1 分） （2）VO2 （1 分） （3）2NA或 1.204x1023（2 分） （4）V2O5SO32-4H+=2VO2+SO42-2H2O （2 分） （5
5、）作用 1：溶液中存在平衡: VO2+2OHVO3+H2O,加入氨水,使 OH浓度增大,该平衡正移,从而使 VO2+ 尽可能都转化为 VO3 作用 2：溶液中存在平衡: NH4VO3(s) NH4+ (aq)+ VO3(aq), 加入氨水,使 NH4+浓度增大,该平衡逆移,从 而使 NH4VO3尽可能沉淀析出 （任意答出一种作用给 2 分） （6）原因 1：温度升高，NH4VO3溶解度增大，沉钒率下降。 原因 2：温度升高，氨水受热分解逸出溶液，使 NH4+浓度下降，沉钒率下降。 原因 3：温度升高，氨水受热分解逸出溶液，使 OH浓度下降，VO2+2OHVO3+H2O，该平衡逆移， 导致 VO
6、3浓度下降，沉钒率下降。 原因 4：平衡 VO2+2OHVO3+H2O，正反应可能是放热反应，温度升高，该平衡逆移，导致 VO3浓 度下降，沉钒率下降。 （任意答出 1 种原因给 2 分） （7）氨水或 NH3和 H2O（2 分） （8）91.0%（2 分） 28.(14 分） (1)BD（2 分） AC（2 分） 1.25（2 分） （2）KAKBKC（2 分）1.6（2 分） （3）A（2 分） 2CH3OH+CO-2e-=(CH3O)2CO+2H+（2 分） 35化学选修 3：物质结构与性质(15 分) (1)4s24p4(2 分) H2S 或硫化氢(2 分) (2)O=C=O(2 分)
7、 A VN 11.2 (2 分) (3) 6 5(1 分) sp 2(1 分) (4)4(2 分) 2 1010 A 64 456 432 8 524 101032 10N 或 2 1010 A 184 4 524 101032 10N (3 分) 36.化学选修 5：有机化学基础(15 分) (1)CH2=C(CH3)CH2CH3(2 分) (2) 3,4二甲基3己烯(1 分) (3)消去反应(1 分) (4)(3 分) (5) 碳碳双键，酯基(2 分) （6）3(2 分) (其中一种，1 分) (7) (3 分) 宜春市宜春市 2020 届高三模拟考试物理答案届高三模拟考试物理答案 二、二
8、、选择题选择题 题号题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案答案 D B C D A BC BD ABD 14.答案：答案：D 解析：解析： 射线是衰变过程中所产生的新原子核由于处于高能级，高能级不稳定，自发跃迁到 射线是衰变过程中所产生的新原子核由于处于高能级，高能级不稳定，自发跃迁到低低能级时放出的，所以能级时放出的，所以 A 选项错误；伽利略实验是理想实验，故选项错误；伽利略实验是理想实验，故 B 错；场的概念是由法拉第提出来的，故错；场的概念是由法拉第提出来的，故 C 错；当错；当t 非常小时，可用 非常小时，可用 t 这段时间的平均速度表示该段时间任意时刻的瞬时速度
9、，用的是极限思维法，故这段时间的平均速度表示该段时间任意时刻的瞬时速度，用的是极限思维法，故 D 正确。正确。 15.答案：答案：B 解析：解析：O 到到 d 过程中加速度始终为正，即始终向上，因此过程中加速度始终为正，即始终向上，因此 O 到到 d 整个过程中医护人员均处于超重状态；整个过程中医护人员均处于超重状态；O 到到 d 过过 程速度增量为程速度增量为 0-8s 这段时间内这段时间内 ta 图像所围的面积，通过求解可知大于图像所围的面积，通过求解可知大于 20.5m/s，因此，因此 c 项错误；由于未告诉初速项错误；由于未告诉初速 度所以无法求出度所以无法求出 0-8s 这段时间直升
10、机往上上升的高度，所以这段时间直升机往上上升的高度，所以 D 项错。项错。 16.答案：答案：C 解析由于电动机不是纯电阻元件，所以通过它的电流不可用欧姆定律计算，解析由于电动机不是纯电阻元件，所以通过它的电流不可用欧姆定律计算，A 错误；由于是理想变压器，所以错误；由于是理想变压器，所以 原副线圈匝数比等于电压之比，原副线圈匝数比等于电压之比，B 错误；由于是理想变压器，所以原副线圈电流之比与线圈匝数成反比，易知副线错误；由于是理想变压器，所以原副线圈电流之比与线圈匝数成反比，易知副线 圈中总电流为圈中总电流为 2.5A，根据副线圈中各元件形成并联可知，通过电动机的电流为，根据副线圈中各元件
11、形成并联可知，通过电动机的电流为 1.5A，再，再结合热功率结合热功率rIP 2 热 及及 mgvrIUIp 2 机 可知可知 C 正确，正确，D 错误。错误。 17.答案：答案：D 解析：由于玉兔二号没有脱离太阳系，所以发射速度小于地球的第三宇宙速度，故解析：由于玉兔二号没有脱离太阳系，所以发射速度小于地球的第三宇宙速度，故 A 错；小球下落过程中满足机错；小球下落过程中满足机 械能守恒，设到达最低点速度为械能守恒，设到达最低点速度为 v，月球表面重力加速度为，月球表面重力加速度为 g,可列可列 2 2 1 mvmgr ，到达最低点做圆周运动又可列，到达最低点做圆周运动又可列 r v mmg
12、 2 10，有以上两方程可得，有以上两方程可得 2 / 3 5 smg ，因此，因此 B 项错；由公式项错；由公式 R GM g 可得可得 G R M 3 5 2 ,所以所以 C 错误；错误； 由周期公式由周期公式 5 1244 2232 R g R GM R T 可知可知 D 项正确项正确 18.答案：答案：A 解析解析:放于放于 B、C 两点的电荷在两点的电荷在 A 点激发的电场强度大小相同，根据电场强度的合成法，可知点激发的电场强度大小相同，根据电场强度的合成法，可知 B、C 两电荷在两电荷在 A 点点 激发的电场强度大小均为激发的电场强度大小均为 E 3 3 ;当放在当放在 B 点的电
13、荷性质发生改变后，再次应用电场强度合成法可得此时点的电荷性质发生改变后，再次应用电场强度合成法可得此时 A 点的场点的场 强为强为 EE 3 3 ，故故 A 正确。正确。 19.答案：答案：BC 解析：通过分析，大量解析：通过分析，大量 Li2+类氢原子吸收光子类氢原子吸收光子后应该跃迁到量子后应该跃迁到量子数数 n=5 的能级。根据跃迁方程可知吸收的单色光光的能级。根据跃迁方程可知吸收的单色光光 子能力为子能力为0.54( 13.6)13.06 VEe ，故，故 A 错；辐射出光子的种类多少可用公式错；辐射出光子的种类多少可用公式种10 2 ) 1( nn ，所以，所以 B 正确；根据公式正
14、确；根据公式 max 10.21Vuehwu可知可知可知 C 正确；量子数越大，核外电子动能越小，故正确；量子数越大，核外电子动能越小，故 D 错。错。 20.答案：答案：BD 解析：对小球进行受力分析，小球离开斜面时应满足解析：对小球进行受力分析，小球离开斜面时应满足 0 53cos)(EqmgvBq 可得可得 smv/3 ，故故 B 正确正确；若离开若离开 前小球沿斜面做加速度前小球沿斜面做加速度 2 /4sma 的匀加速运动可求得离开时的速度为的匀加速运动可求得离开时的速度为 sm/62 ，所以离开前的运动不是加速度，所以离开前的运动不是加速度 2 /4sma 的匀加速运动，故的匀加速运
15、动，故 A 错；电势能与静电力做功存在错；电势能与静电力做功存在 JEqWE Fp 484 . 2 故故 C 错；由能量守恒错；由能量守恒 可列可列kpFPG EQEE 代入相应物理可得代入相应物理可得 Q=30J;故故 D 正确。正确。 21.答案：答案：ABD 解析：设导体棒进入磁场时的速度解析：设导体棒进入磁场时的速度 为为 1 v，则此时导体棒所受的安培力为，则此时导体棒所受的安培力为 Rr vLB F 1 22 ,导体棒的合力导体棒的合力 ma Rr vLB mgF 1 22 合 可得可得smv/4 1 ，在进入磁场之前做自由落体运动，由运动学公式可得进入磁场前下落，在进入磁场之前做
16、自由落体运动，由运动学公式可得进入磁场前下落 的高度为的高度为 0.8m,A 正确。出磁场时安培力与重力等大反向，令出磁场时正确。出磁场时安培力与重力等大反向，令出磁场时速度为速度为 2 v，则有，则有 Rr vLB mg 2 22 可得可得 smv/10 2 ，所以，所以 B 正确；设磁场区域的高度为正确；设磁场区域的高度为 h,根据电荷量根据电荷量 rR BLh rR q 可得可得mh6，故，故 C 错误；从进错误；从进 入磁场到出磁场过程中根据能量守恒可得入磁场到出磁场过程中根据能量守恒可得 R 上产生的焦耳热为上产生的焦耳热为 6.75J,因此因此 D 正确。正确。 三、非选择题三、非
17、选择题 22.（6 分）分）答案（答案（1） t d vM（2 分）分） c o s t d vm（2 分） （分） （2） 22 )cos( 2 1 )( 2 1 t d m t d Mmgh（2 分）分） 解析：解析：M 通过光电门的速度通过光电门的速度 t d vM;将将 M 的速度沿绳和垂直绳分解可得的速度沿绳和垂直绳分解可得cos t d vm 可反映机械能守恒的表达式为可反映机械能守恒的表达式为 22 )cos( 2 1 )( 2 1 t d m t d Mmgh 23. （9 分） （分） （1）（2 分）分） (2)如图如图(3 分）分） （3）特性曲线如下图）特性曲线如下图(
18、2 分）分） （4）w)03. 036. 0(（2 分）分） 解析（解析（1）根据灯泡的规格可知，灯泡的额定电流为）根据灯泡的规格可知，灯泡的额定电流为 0.5A，故电流表选，故电流表选 A2；灯泡的额定电压为；灯泡的额定电压为 3V，题中所给电压，题中所给电压 表量程为表量程为 15V,量程过大，因此需将表头量程过大，因此需将表头 G 串接一定值电阻串接一定值电阻 R 来替代电压表；表格中电压和电流均从零开始增大，来替代电压表；表格中电压和电流均从零开始增大， 故滑动变阻器采用了分压式接法，应选最大阻值较小的滑动变阻器故滑动变阻器采用了分压式接法，应选最大阻值较小的滑动变阻器 R2；由于电流
19、表；由于电流表 A2内阻非常小，故电流表需采内阻非常小，故电流表需采 用内接法。 （用内接法。 （2）根据（）根据（1）问中对选仪器时的分析可画如下原理图； （）问中对选仪器时的分析可画如下原理图； （3）根据表格中数据描点可得图如上（）根据表格中数据描点可得图如上（4）做电）做电 源的源的图像UI ,电源的电源的图像UI 与小灯泡的与小灯泡的UI 图像交点横纵坐标乘积即是此情况下小灯泡的实际功率。图像交点横纵坐标乘积即是此情况下小灯泡的实际功率。 24.答案： （答案： （1）smv/3 （2）st3 md5 .31 解析： （解析： （1）两球碰后粘在一起与竖直挡板碰撞到回到）两球碰后粘在
20、一起与竖直挡板碰撞到回到 B 点整过程可看成做匀减速运动点整过程可看成做匀减速运动 设两球碰后的共同速度为设两球碰后的共同速度为 1 v 看成做匀减速运动的加速度大小为看成做匀减速运动的加速度大小为 2 21 21 /2 )( smug mm gmmu a （1 分）分） 看成做匀减速运动的位移为看成做匀减速运动的位移为mx1 （1 分）分） 根据匀变速运动运动根据匀变速运动运动公式axv20 2 1 2 （1 分）分） 设设 1 m以以v的速度与的速度与 2 m发生碰撞，由于碰撞中满足动量守恒，由守恒可列方程：发生碰撞，由于碰撞中满足动量守恒，由守恒可列方程： 1211 )(vmmvm (2
21、 分） 由由可得：可得： smv/3 （1 分）分） （2） 1 m从从 A 点到点到 B 点在力点在力 F 和滑动摩擦力和滑动摩擦力gmF 1 作用下速度由作用下速度由 0 变到变到v 设设 F 作用的时间为作用的时间为 t,对该过程应用动量定理可列：对该过程应用动量定理可列： vmtgmFt 11 )3( （2 分）分） 由 可得可得 st3 （2 分）分） F 和滑动摩擦力和滑动摩擦力gmF 1 同时作用的加速为同时作用的加速为 2 1 1 1 /3sm m gmF a （1 分）分） 此段过程做匀加速运动，匀加速时间为此段过程做匀加速运动，匀加速时间为s3，末速度为，末速度为smv/9
22、 2 （1 分）分） A、B 两点距离两点距离3 2 3 2 0 22 vvv d （1 分）分） 由由可得可得 md5 .31 （1 分）分） 25 答案： （答案： （1）TB 2 10 3 2 方向垂直面向外方向垂直面向外 (2)1 . 0 3 3 6 25 2 yyx (3)stttt 2 321 10) 3 3 624( 总 解析： （解析： （1）根据沿径向进入匀强磁场必沿径向出来的原则，可知）根据沿径向进入匀强磁场必沿径向出来的原则，可知 A 点速度所在的直线与点速度所在的直线与 B 点速度所在直线的交点点速度所在直线的交点 就是圆形磁场的圆心就是圆形磁场的圆心 O(如图所示）设
23、圆如图所示）设圆形磁场的半径为形磁场的半径为 R 由几何知识可得由几何知识可得cmR4 （2 分）分） 粒子在磁场中运行的轨迹与两个速度相切，设粒子运动的轨道半径粒子在磁场中运行的轨迹与两个速度相切，设粒子运动的轨道半径为为 r 由几何知识可得由几何知识可得cmr34 （2 分）分） 在磁场中运动洛伦兹力提供向心力可得在磁场中运动洛伦兹力提供向心力可得 qr mv B r v mqvB 2 （1 分）分） 由由及已知条件可得及已知条件可得 TB 2 10 3 2 方向垂直面向外方向垂直面向外 （2 分）分） （2）从）从 B 点进入电场之后将速度分解，沿点进入电场之后将速度分解，沿 X 轴分速
24、度大小轴分速度大小为为 smv/2 1 （1 分）分） 沿沿 Y 轴分速度大小轴分速度大小 smv/32 2 （1 分）分） 沿沿 Y 轴方向向下匀速运动，可知任一时刻位置坐标为轴方向向下匀速运动，可知任一时刻位置坐标为ty32 （1 分）分） 沿沿 X 轴做初速为轴做初速为smv/2 1 （朝（朝 X 轴正向） ，加速度大小为轴正向） ，加速度大小为 2 /100sm m Eq a（朝（朝 X 负向）负向） 可知任一时刻位置坐标可知任一时刻位置坐标 2 5021 . 0ttx （1 分）分） 由由 可得：可得： 1 . 0 3 3 6 25 2 yyx （2 分）分） （3）运动总时间分三段
25、）运动总时间分三段 第一段时间在磁场中运动，圆心角为第一段时间在磁场中运动，圆心角为 3 可得可得s qB m t 2 1 10 3 3 （1 分）分） 第二段时间在第一象限无场区的时间，在第一象限无场区做匀速直线运动，由几何知识可知在无场区发生的位移为第二段时间在第一象限无场区的时间，在第一象限无场区做匀速直线运动，由几何知识可知在无场区发生的位移为 8cm,则时间为则时间为st 2 2 2 102 4 108 （1 分）分） 第三段时间在第三段时间在电场中的时间，研究电场中沿电场中的时间，研究电场中沿 X 轴运动，轴运动，再次经过再次经过 Y 轴所发生的位移为轴所发生的位移为-0.1m 可
26、列可列 2 33 5021 . 0tt 由方程可得由方程可得st 2 3 10)622( （2 分）分） stttt 2 321 10) 3 3 624( 总 （1 分分） 33.（物理（物理选修选修 3-3） (1)答案：答案：ADE 解析：扩散现象直接反应分子热运动，布朗运动间接反应分子热运动，因此解析：扩散现象直接反应分子热运动，布朗运动间接反应分子热运动，因此 A 项正确；温度越低空气湿度未必越项正确；温度越低空气湿度未必越 大，空气湿度看得相对湿度，所以大，空气湿度看得相对湿度，所以 B 项不对；分子距离从非常小的距离变到非常大的距离过程中，项不对；分子距离从非常小的距离变到非常大的
27、距离过程中，势能先减小后势能先减小后 增大，而分子力则是先减后增增大，而分子力则是先减后增再再减的过程，减的过程，因此因此 C 项错；表面张力产生的原因是液面分子力表现为引力的结果，项错；表面张力产生的原因是液面分子力表现为引力的结果， 毛细现象时附着层分子力表现为引力或斥力毛细现象时附着层分子力表现为引力或斥力的结果，故的结果，故 D 项正确；项正确；E 项是热力学第二定律的内容，故项是热力学第二定律的内容，故 E 正确。正确。 答案：答案：ADE （2）答案：）答案： （i）pap 5 2 105 . 1 （ii）cmh10 kT1080 解析： （解析： （i）设弹簧刚恢复原长时第）设弹
28、簧刚恢复原长时第部分气体压强为 2 p 对 m2进行受力分析可得平衡方程： spgmsp 02 2 （2 分） pap 5 2 105 . 1 （1 分） （ii）设第）设第部分气体初始压强为 1 p，弹簧刚恢复原长时的压强为 1 p；设第部分气体初始压强为 2 p 初始时对活塞 m1列平衡方程有：gmspsp 112 （1 分） 初始时对活塞 m2列平衡方程有：gmspLksp 202 （1 分） 弹簧恢复原长时对活塞 m1列平衡方程有：gmspsp 1 1 2 （1 分） 从初始到到弹簧恢复原长部分气体发生的是等温变化，设 1 m活塞上升的高度为h 由玻意耳定律可列方程：)( 1 111
29、hsvpvp （1 分） 从初始到到弹簧恢复原长对第部分气体应用理想气体状态方程可列： 2 222 )( T Lhsvp T vP （1 分） 由方程可得： cmh10 （1 分） kT1080 （1 分） 34.（物理（物理选修选修 3-4） （1）答案：）答案：BCD 解析：均匀变化的磁场不会形成电磁波，故解析：均匀变化的磁场不会形成电磁波，故 A 错；由干涉条纹间距错；由干涉条纹间距 d L d可知可知 B 正确；受迫正确；受迫振动的振动周期等振动的振动周期等 于驱动力的周于驱动力的周期，故期，故 C 正确；太阳光为复合光，复合光中各单色光的折射率不同，所以经过三棱镜后为发散从而正确；太
30、阳光为复合光，复合光中各单色光的折射率不同，所以经过三棱镜后为发散从而 形成彩色光带形成彩色光带,故故 D 正确；多普勒效应，火车发出的声音频率未必发生改变，故正确；多普勒效应，火车发出的声音频率未必发生改变，故 E 错误错误。 （2）答案： （）答案： （i） c nL t 2 （ii） 2 1 22nn 解析： （解析： （i）令矩形玻璃砖全反射角临界角为）令矩形玻璃砖全反射角临界角为 由题意可知，光线在矩形玻璃砖内的传播速度为由题意可知，光线在矩形玻璃砖内的传播速度为 n c v n 1 s in （1 分）分） 由几何知识可知经历的时间由几何知识可知经历的时间 sin sin v L
31、v L t （1 分）分） 由以上关系式可得由以上关系式可得 c nL t 2 （1 分）分） （ii）由题图可知，光线在矩形玻璃砖的上界面恰好发生全反射，由折射率与临界角的关系可得）由题图可知，光线在矩形玻璃砖的上界面恰好发生全反射，由折射率与临界角的关系可得 n 1 sin 设光线在设光线在 A 点发生折射时入射角为点发生折射时入射角为 ，折射角为，折射角为 ，根据数学知识有，根据数学知识有sincos 由三角函数由三角函数1sincos 22 （ （1 分）分） 在在 A 点，根据折射定律点，根据折射定律n sin sin （1 分）分） 设光线在设光线在 H 点的入射角为点的入射角为 i，折射角为，折射角为 ，由几何关系得，由几何关系得sincos （1 分）分） 根据三角函数根据三角函数1sincos 22 （1 分）分） 由以上几个表达式可得由以上几个表达式可得 2 2sinn （1 分）分） 2 1 3 3 sin 22 OSOH R SH OH i （1 分）分） 在在 H 点应用折射定律点应用折射定律 1 sin sin n i 可得可得 2 1 22nn （1 分）分）
