第2讲 两条直线的位置关系 (《金版教程》2021高考科学复习创新方案-理数).ppt

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1、金版教程金版教程20212021高考科学复习创新方案高考科学复习创新方案- -理数理数 (创新版)(创新版) 【精品课件精品课件】 第第2 2讲讲 两条直线的位置关系两条直线的位置关系 第八章 平面解析几何 考纲解读 1.能用方程组的方法求出两条直线的交点坐标,根据两条直线 的斜率能判断两条直线的平行或垂直(重点) 2 能够利用两点间距离公式、 点到直线的距离公式解决相关的数学问题 (难 点) 考向预测 从近三年高考情况来看,本讲内容很少独立命题预测 2021 年高考会与其他知识结合考查两直线的位置关系、求直线方程(如与导数、 圆锥曲线结合)、面积等问题题型为客观题,试题难度一般不大,属中档

2、题型. 1 基础知识过关基础知识过关 PART ONE 1.两直线的平行、垂直与其斜率的关系 条件 两直线位置关系 斜率的关系 01 _ 平行 k1与 k2都不存在 02 _ 两条不重合 的直线 l1, l2, 斜率分别为 k1,k2 垂直 k1与 k2一个为零、另一个不存在 k1k2 k1 k21 2三种距离 三种距离 条件 公式 两点间的距离 A(x1,y1),B(x2,y2) |AB|01 _ 点到直线的距离 P(x0,y0)到直线 AxByC 0 的距离为 d d02 _ 两平行线间的距离 直线 AxByC10 到直 线 AxByC20 的距离 为 d d03 _ x1x22y1y22

3、 |Ax0By0C| A2B2 |C1C2| A2B2 3常用的直线系方程 (1)与直线 AxByC0 平行的直线系方程是 AxBym0(mR 且 mC) (2)与直线 AxByC0 垂直的直线系方程是 BxAym0(mR) (3)过直线 l1: A1xB1yC10 与 l2: A2xB2yC20 的交点的直线系 方程为 A1xB1yC1(A2xB2yC2)0(R),但不包括 l2. 答案 (1) (2) (3) (4) 答案答案 1概念辨析 (1)当直线 l1和 l2斜率都存在时,一定有 k1k2l1l2.( ) (2)如果两条直线 l1与 l2垂直,则它们的斜率之积一定等于1.( ) (3

4、)若两直线的方程组成的方程组有唯一解,则两直线相交( ) (4)已知直线 l1:A1xB1yC10,l2:A2xB2yC20(A1,B1,C1, A2,B2,C2为常数),若直线 l1l2,则 A1A2B1B20.( ) 2小题热身 (1)若直线 mx2ym0 与直线 3mx(m1)y70 平行, 则 m 的值 为( ) A7 B0 或 7 C0 D4 解析 直线 mx2ym0与直线 3mx(m1)y70平行, m(m 1)3m2,m0 或 7,经检验,都符合题意故选 B. 答案答案 解析解析 (2)原点到直线 x2y50 的距离是_ 解析 原点到直线 x2y50 的距离 d |5| 1222

5、 5. 5 解析解析 (3)经过直线 l1:xy50,l2:xy10 的交点且垂直于直线 2x y30 的直线方程为_ 解析 联立直线 l1与 l2的方程,得 xy50, xy10, 解得 x3, y2, 所以 直线 l1与 l2的交点坐标为(3,2), 设所求直线的方程为 x2yC0, 将点(3,2) 的坐标代入直线方程得 322C0,解得 C1,因此,所求的直线方 程为 x2y10. x2y10 解析解析 (4)已知点 P(1,1)与点 Q(3,5)关于直线 l 对称,则直线 l 的方程为 _ 解析 直线 PQ 的斜率 k11,直线 l 的斜率 k21,又线段 PQ 的中点坐标为(1,3)

6、,直线 l 的方程为 xy40. xy40 解析解析 2 经典题型冲关经典题型冲关 PART TWO 1若三条直线 y2x,xy3,mx2y50 相交于同一点,则 m 的值为_ 题型一题型一 两条直线的位置关系两条直线的位置关系 解析 由 y2x, xy3, 得 x1, y2. 点(1,2)满足方程 mx2y50, 即 m12250,m9. 解析解析 9 2已知两条直线 l1:axby40 和 l2:(a1)xyb0,求满足下 列条件的 a,b 的值 (1)l1l2,且 l1过点(3,1); (2)l1l2,且坐标原点到这两条直线的距离相等 解解 解 (1)由已知,得 l2的斜率存在,且 k2

7、1a. 若 k20,则 1a0,a1. l1l2,直线 l1的斜率 k1必不存在,即 b0. 又 l1过点(3,1), 3a40,即 a4 3(矛盾), 此种情况不存在, k20,即 k1,k2都存在且不为 0. k21a,k1a b,l1l2, k1k21,即a b(1a)1. 又 l1过点(3,1), 3ab40. 由联立,解得 a2,b2. 解解 (2)l2的斜率存在,l1l2, 直线 l1的斜率存在,k1k2,即a b1a, 又坐标原点到这两条直线的距离相等,且 l1l2, l1,l2在 y 轴上的截距互为相反数, 即4 bb, 联立,解得 a2, b2 或 a2 3, b2. a2,

8、b2 或 a2 3,b2. 解解 1已知两直线的斜率存在,判断两直线平行垂直的方法 (1)两直线平行两直线的斜率相等且在坐标轴上的截距不等 (2)两直线垂直两直线的斜率之积等于1. 2由一般式确定两直线位置关系的方法 直线方程 l1:A1xB1yC10(A2 1B 2 10) l2:A2xB2yC20(A2 2B 2 20) l1与 l2垂直的充要条件 A1A2B1B20 l1与 l2平行的充分条件 A1 A2 B1 B2 C1 C2(A2B2C20) l1与 l2相交的充分条件 A1 A2 B1 B2(A2B20) l1与 l2重合的充分条件 A1 A2 B1 B2 C1 C2(A2B2C2

9、0) 注意:在判断两直线位置关系时,比例式A1 A2与 B1 B2, C1 C2的关系容易记住, 在解答选择、填空题时,建议多用比例式来解答 . 1(2019 淮南模拟)设 R,则“3”是“直线 2x(1)y1 与直线 6x(1)y4 平行”的( ) A充分不必要条件 B必要不充分条件 C充要条件 D既不充分又不必要条件 解析 当 3 时,两条直线的方程分别为 6x4y10,3x2y2 0,此时两条直线平行;若两条直线平行,则 2 (1)6(1),所以 3 或 1,经检验,两者均符合,综上,“3”是“直线 2x( 1)y1 与直线 6x(1)y4 平行”的充分不必要条件 答案答案 解析解析 解

10、 (1)kBC51 68 2, ADBC,kAD2. AD 边所在直线的方程为 y72(x4), 即 2xy150. 解解 2 (2019 湖北十堰模拟)已知菱形 ABCD 的顶点 A, C 的坐标分别为 A( 4,7),C(6,5),BC 边所在直线过点 P(8,1)求: (1)AD 边所在直线的方程; (2)对角线 BD 所在直线的方程 (2)kAC 57 64 6 5. 菱形的对角线互相垂直, BDAC,kBD5 6. AC 的中点(1,1),也是 BD 的中点, 对角线 BD 所在直线的方程为 y15 6(x1),即 5x6y10. 解解 1若直线 l1:xay60 与 l2:(a2)

11、x3y2a0 平行,则 l1与 l2 之间的距离为( ) A.4 2 3 B4 2 C.8 2 3 D2 2 题型二题型二 距离问题距离问题 答案答案 解析 若 l1l2,则 13a(a2)0,解得 a1 或 3. 经检验 a3 时,两条直线重合,舍去 所以 a1,此时有 l1:xy60, l2:3x3y20,即 xy2 30, 所以 l1与 l2之间的距离 d 62 3 1212 8 2 3 . 解析解析 2(2019 重庆巴蜀中学模拟)已知曲线 y 2x x1在点 P(2,4)处的切线与 直线 l 平行且距离为 2 5,则直线 l 的方程为( ) A2xy20 B2xy20 或 2xy18

12、0 C2xy180 D2xy20 或 2xy180 答案答案 解析 y2x12x x12 2 x12, 当 x2 时, y 2 2122, 因此 kl2,则设直线 l 方程为 y2xb,即 2xyb0,由题意知 |224b| 5 2 5,解得 b18 或 b2,所以直线 l 的方程为 2xy18 0 或 2xy20.故选 B. 解析解析 3已知点 A(5,2a1),B(a1,a4),当|AB|取得最小值时,实数 a 的值是_ 解析 由题意,得 |AB| a152a42a12 a42a322 a1 2 249 2 , 所以当 a1 2时,|AB|取得最小值 1 2 解析解析 距离问题的常见题型及

13、解题策略 (1)求两条平行线间的距离要先将直线方程中 x,y 的对应项系数转化 成相等的形式,再利用距离公式求解,也可以转化成点到直线的距离问 题如举例说明 1. (2)解决与点到直线的距离有关的问题应熟记点到直线的距离公式, 若已知点到直线的距离求直线方程,一般考虑待定系数法(如举例说明 2), 若待定系数是斜率,必须讨论斜率是否存在 (3)求两点间的距离关键是确定两点的坐标,然后代入公式即可,一般用 来判断三角形的形状等 1 若点 P 在直线 3xy50 上, 且 P 到直线 xy10 的距离为 2, 则点 P 的坐标为( ) A(1,2) B(2,1) C(1,2)或(2,1) D(2,

14、1)或(1,2) 解析 设 P(x,53x),则 d|x53x1| 1212 2,化简得|4x6|2,即 4x6 2,解得 x1 或 x2,故 P(1,2)或(2,1) 答案答案 解析解析 解析 易知直线 3x4y120 与 6x8y50 平行,所以|PQ|的最 小值就是这两条平行线间的距离.6x8y50 可化为 3x4y5 20,则这 两条平行线间的距离是 125 2 3242 29 10. 2若 P,Q 分别为直线 3x4y120 与 6x8y50 上任意一点, 则|PQ|的最小值为( ) A.9 5 B.18 5 C.29 10 D.29 5 答案答案 解析解析 1已知入射光线经过点 M

15、(3,4),被直线 l:xy30 反射,反射 光线经过点 N(2,6),则反射光线所在直线的方程为_ 题型三题型三 对称问题对称问题 6xy60 解析 设点 M(3,4)关于直线 l:xy30 的对称点为 M(a,b), 则反射光线所在直线过点 M, 所以 b4 a3 11, 3a 2 b4 2 30, 解得 a1, b0. 又反射光线经过点 N(2,6),所以所求直线的方程为y0 60 x1 21,即 6x y60. 解析解析 2已知直线 l:2x3y10,点 A(1,2)求: (1)点 A 关于直线 l 的对称点 A的坐标; (2)直线 m:3x2y60 关于直线 l 的对称直线 m的方程

16、; (3)直线 l 关于点 A(1,2)对称的直线 l的方程 解 (1)设 A(x,y),再由已知,得 y2 x1 2 31, 2x1 2 3y2 2 10, 解得 x33 13, y 4 13, A 33 13, 4 13 . 解解 (2)在直线 m 上取一点,如 M(2,0),则 M(2,0)关于直线 l 的对称点必在 m上 设对称点为 M(a,b),则 2a2 2 3b0 2 10, b0 a2 2 31. 解得 M 6 13, 30 13 . 设 m 与 l 的交点为 N, 则由 2x3y10, 3x2y60, 得 N(4,3) 又 m经过点 N(4,3), 由两点式得直线方程为 9x

17、46y1020. 解解 (3)解法一:在 l:2x3y10 上任取两点, 如 M(1,1),N(4,3), 则 M,N 关于点 A 的对称点 M,N均在直线 l上 易知 M(3,5),N(6,7),由两点式可得 l的方程为 2x 3y90. 解法二:设 P(x,y)为 l上任意一点,则 P(x,y)关于点 A(1,2) 的对称点为 P(2x,4y), P在直线 l 上, 2(2x)3(4y)10, 即 2x3y90. 解解 解法三:ll,设 l的方程为 2x3yc0(c1), 由点到直线的距离公式得 |26c| 2232 |261| 2232 , 解得 c9 或 c1(舍去), l的方程为 2

18、x3y90. 解解 1中心对称问题的两个类型及求解方法 (1)点关于点的对称 若点 M(x1,y1)及 N(x,y)关于 P(a,b)对称,则由中点坐标公式得 x2ax1, y2by1, 进而求解 (2)直线关于点的对称问题的主要求解方法 在已知直线上取两点,利用中点坐标公式求出它们关于已知点对称 的两点坐标,再由两点式求出直线方程如举例说明 2(3) 求出一个对称点,再利用两对称直线平行,由点斜式得到所求直线 方程 2轴对称问题的两个类型及求解方法 (1)点关于直线的对称 若两点 P1(x1,y1)与 P2(x2,y2)关于直线 l:AxByC0 对称,由方程 组 A x1x2 2 B y1

19、y2 2 C0, y2y1 x2x1 A B 1, 得到点 P1关于 l 对称的点 P2的坐标 (x2,y2)(其中 B0,x1x2)如举例说明 1,2(1) (2)直线关于直线的对称 一般转化为点关于直线的对称来解决,有两种情况:一是已知直线与对称 轴相交;二是已知直线与对称轴平行 已知直线 l:3xy30,求: (1)点 P(4,5)关于 l 的对称点; (2)直线 xy20 关于直线 l 对称的直线方程; (3)直线 l 关于(1,2)的对称直线 解 (1)解法一: 设 P(x, y)关于直线 l: 3xy30 的对称点为 P(x, y), kPP kl1,即yy xx31. 又 PP的

20、中点在直线 3xy30 上, 3xx 2 yy 2 30. 由得 x 4x3y9 5 , y 3x4y3 5 . 把 x4,y5 代入得 x2,y7, 点 P(4,5)关于直线 l 的对称点 P的坐标为(2,7) 解解 解法二:设点 P(4,5)关于 l 的对称点为 M(m,n) PM 与 l 垂直,且 PM 的中点 m4 2 ,n5 2 在直线 l 上, n5 m431, 3m4 2 n5 2 30, 解得 m2, n7, 点 P(4,5)关于 l 的对称点为(2,7) 解解 (2)解法一:用分别代换 xy20 中的 x,y,得关于 l 对称的直 线方程为 4x3y9 5 3x4y3 5 2

21、0, 化简得 7xy220. 解法二:设直线 xy20 关于直线 l 对称的直线为 l. 解 方 程 组 xy20, 3xy30, 得 x5 2, y9 2, 即 两 直 线 的 交 点 为 5 2, 9 2 ,则点 5 2, 9 2 在直线 l上 解解 取直线 xy20 上一点 Q(2,0),则点 Q(2,0)关于直线 l 的对称点 Q(a,b)在 l上 QQ与 l 垂直,且 QQ的中点 a2 2 ,b 2 在 l 上 b a231, 3a2 2 b 230, 解得 a17 5 , b9 5, 解解 Q 17 5 ,9 5 ,l的斜率为 9 5 9 2 17 5 5 2 7, 直线 l的方程

22、为 y9 27 x5 2 , 即 7xy220. 解解 (3)在直线 l:3xy30 上取点 M(0,3), 设关于(1,2)的对称点 M(x,y), x0 2 1,x2,y3 2 2,y1,M(2,1) l 关于(1,2)的对称直线平行于 l,k3, 对称直线方程为 y13(x2),即 3xy50. 解解 3 课时作业课时作业 PART THREE 1已知过点 A(m1,0),B(5,m)的直线与过点 C(4,3),D(0,5)的 直线平行,则 m 的值为( ) A1 B2 C2 D1 A组组 基础关基础关 解析 由题意得,kAB m0 5m1 m 6m,kCD 53 04 1 2.由于 A

23、BCD,即 kABkCD,所以 m 6m 1 2,所以 m2. 答案答案 解析解析 2若直线 l1:(m2)xy10 与直线 l2:3xmy0 互相平行,则 m 的值等于( ) A0 或1 或 3 B0 或 3 C0 或1 D1 或 3 解析 当 m0 时,两条直线方程分别化为2xy10,3x0,此时 两条直线不平行;当 m0 时,由于 l1l2,则m2 3 1 m,解得 m1 或 3, 经验证满足条件综上,m1 或 3.故选 D. 答案答案 解析解析 3过两直线 l1:x3y40 和 l2:2xy50 的交点和原点的直线 方程为( ) A19x9y0 B9x19y0 C19x3y0 D3x1

24、9y0 答案答案 解析 解法一:解方程组 x3y40, 2xy50, 可得两条直线的交点坐标为 19 7 ,3 7 ,又因为所求直线过原点,所以其斜率为 3 19,方程为 y 3 19x, 即 3x19y0. 解法二:根据题意可设所求直线方程为 x3y4(2xy5)0,因 为此直线过原点,所以 450,4 5.所以 x3y4 4 5(2xy5)0, 整理得 3x19y0. 解析解析 4(2019 南昌检测)直线 3x4y50 关于 x 轴对称的直线的方程是 ( ) A3x4y50 B3x4y50 C3x4y50 D3x4y50 解析 在所求直线上任取一点 P(x, y), 则点 P 关于 x

25、轴的对称点 P(x, y)在已知的直线 3x4y50 上,所以 3x4(y)50,即 3x4y5 0. 答案答案 解析解析 5若直线 l 经过点(1,2),且原点到直线 l 的距离为 1,则直线 l 的方程为( ) A3x4y50 Bx1 C3x4y50 或 y1 D3x4y50 或 x1 答案答案 解析 当直线 l 的斜率不存在时, 直线方程为 x1, 满足原点到直线 l 的距离为 1,x1.当直线 l 的斜率存在时,设直线方程为 y2 k(x1),即 kxyk20,由原点到直线 l 的距离为 1, |k2| k211, 解得k3 4.从而得直线l的方程为y2 3 4(x1), 即3x4y5

26、0.综上可得, 直线 l 的方程为 x1 或 3x4y50. 解析解析 6(2019 葫芦岛模拟)当点 P(3,2)到直线 mxy12m0 的距离最大 时,m 的值为( ) A3 B0 C1 D1 解析 直线 mxy12m0 可化为 ym(x2)1,故直线过定点 Q(2,1),当 PQ 和直线垂直时,距离取得最大值,故 m kPQm 21 32m 1 1,m1. 答案答案 解析解析 7已知直线 l 被两条直线 l1:4xy30 和 l2:3x5y50 截得的 线段的中点为 P(1,2),则直线 l 的一般式方程为( ) A3xy50 B3xy10 Cx3y70 Dx3y50 解析 设 l 与

27、l1的交点坐标为 A(a,y1),l 与 l2的交点坐标为 B(b,y2), y14a3,y23b 5 1,由中点坐标公式得ab 2 1, y1y2 2 2,即 a b2,(4a3) 3b 5 1 4,解得 a2,b0,A(2,5),B(0, 1),l 的方程为 3xy10. 答案答案 解析解析 8点(2,1)关于直线 xy10 的对称点为_ 解析 设对称点为(x0,y0),则 y01 x021, x02 2 y 01 2 10, 解得 x00, y03, 故所求对称点为(0,3) (0,3) 解析解析 9若两平行直线 3x2y10,6xayc0 之间的距离为2 13 13 ,则 实数 c 的

28、值是_ 解析 直线 6xayc0 的方程可化为 3xa 2y c 20, 由题意得 a 2 2 且 c 2 1,解得 a4,c2.根据两平行直线的距离为 2 13 13 ,得 1c 2 3222 2 13 13 ,所以 1c 2 2,解得 c2 或6. 2 或6 解析解析 10以 A(1,1),B(3,2),C(5,4)为顶点的ABC,其边 AB 上的高所在的 直线方程是_ 解析 由 A,B 两点得 kAB1 2,则边 AB 上的高所在直线的斜率为2, 故所求直线方程是 y42(x5),即 2xy140. 2xy140 解析解析 1已知 b0,直线(b21)xay20 与直线 xb2y10 垂

29、直,则 ab 的最小值为( ) A1 B2 C2 2 D2 3 B组组 能力关能力关 解析 由已知两直线垂直, 得(b21)ab20, 即 ab2b21, 又 b0, abb1 b.由基本不等式得 b 1 b2 b 1 b2,当且仅当 b1 时等号成 立,(ab)min2.故选 B. 答案答案 解析解析 2两条平行线 l1,l2分别过点 P(1,2),Q(2,3),它们分别绕 P,Q 旋转,但始终保持平行,则 l1,l2之间距离的取值范围是( ) A(5,) B(0,5 C( 34,) D(0, 34 解析 当 PQ 与平行线 l1,l2垂直时,|PQ|为平行线 l1,l2间的距离的最 大值,

30、为 122232 34,l1,l2之间距离的取值范围是(0, 34故选 D. 答案答案 解析解析 3已知三条直线 2x3y10,4x3y50,mxy10 不能构成 三角形,则实数 m 的取值集合为( ) A. 4 3, 2 3 B. 4 3, 2 3 C. 4 3, 2 3, 4 3 D. 4 3, 2 3, 2 3 答案答案 解析 设 l1:2x3y10,l2:4x3y50,l3:mxy10,易 知 l1与 l2交于点 A 1,1 3 ,l3过定点 B(0,1)因为 l1,l2,l3不能构成 三角形,所以 l1l3或 l2l3或 l3过点 A.当 l1l3时,m2 3;当 l2l3 时,m

31、4 3;当 l3 过点 A 时,m2 3,所以实数 m 的取值集合为 4 3, 2 3, 2 3 . 故选 D. 解析解析 4 (2019 保定模拟)设点 P 为直线 l: xy40 上的动点, 点 A(2,0), B(2,0),则|PA|PB|的最小值为( ) A2 10 B. 26 C2 5 D. 10 答案答案 解析 依据题意作出图象如下, 解析解析 设点 B(2,0)关于直线 l 的对称点为 B1(a,b),则它们的中点坐标为 a2 2 ,b 2 ,且|PB|PB1|,由对称性,得 b0 a211, a2 2 b 240, 解得 a4,b2,所以 B1(4,2),因为|PA|PB| |

32、PA|PB1|,所以当 A,P,B1三点共线时,|PA|PB|最小,此时最小值 为|AB1| 4222022 10. 解析解析 5已知曲线 y4 x在点 P(1,4)处的切线与直线 l 平行且两直线之间的距 离为 17,则直线 l 的方程为_ 解析 y 4 x2, 所以曲线 y 4 x在点 P(1,4)处的切线的斜率 k 4 12 4,则切线方程为 y44(x1),即 4xy80.所以可设直线 l 的方 程为 4xyC0,由 |C8| 421 17,得 C9 或 C25,所以所求直线 方程为 4xy90 或 4xy250. 4xy90 或 4xy250 解析解析 6在ABC 的顶点 A(5,1

33、),AB 边上的中线 CM 所在直线方程为 2xy 50,AC 边上的高 BH 所在直线方程为 x2y50,则直线 BC 的方程 为_ 解析 由 AC 边上的高 BH 所在直线方程为 x2y50 可以知道 kAC 2,又 A(5,1), AC 边所在直线方程为 2xy110, 联立直线 AC 与直线 CM 方程得 2xy110, 2xy50, 解得 x4, y3, 所以顶点 C 的坐标为 C(4,3) 6x5y90 解析解析 设 B(x0,y0),AB 的中点 M 为 x05 2 ,y 01 2 , 由 M 在直线 2xy50 上,得 2x0y010, B 在直线 x2y50 上,得 x02y

34、050, 联立 2x0y010, x02y050. 解得 x01, y03, 所以顶点 B 的坐标为(1,3) 于是直线 BC 的方程为 6x5y90. 解析解析 解 (1)证明:直线 l 的方程可化为 a(2xy1)b(xy1)0,由 2xy10, xy10, 得 x2, y3, 所以直线 l 恒过定点(2,3) 解解 7已知直线 l:(2ab)x(ab)yab0 及点 P(3,4) (1)证明直线 l 过某定点,并求该定点的坐标; (2)当点 P 到直线 l 的距离最大时,求直线 l 的方程 (2)由(1)知直线 l 恒过定点 A(2,3), 当直线 l 垂直于直线 PA 时,点 P 到直线 l 的距离最大 又因为直线 PA 的斜率 kPA43 32 1 5, 所以直线 l 的斜率 kl5. 故直线 l 的方程为 y35(x2),即 5xy70. 解解 本课结束本课结束

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