2020-2021学年安徽省卓越县中联盟高二上学期期中联考数学(理)试题 pdf版.pdf

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1、高二数学(理)试卷 第 1 页(总 4 页) 安徽省卓越县中联盟 2020-2021 学年第一学期高二期中联考 数学试题卷(理) (考试时间:120 分钟 满分:150 分) 第 I 卷(选择题,共 60 分) 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选 项中,只有一项是符合题目要求的. 第 I 卷(选择题,共 60 分) 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选 项中,只有一项是符合题目要求的. 1 已知全集0,1,2,3,4,5U = , 集合2,3,5A= , 集合1,3,4B = , 则集合 U AB = ( ) A2,

2、5 B 3 C0,2,5 D1,2,3,4,5 2若 0.2 log3a=, 5 log 7b=, 4 0.7c =,则实数a,b,c的大小关系为( ) Acba Bcab Cbca Dabc 3在等比数列 n a中, 234 27a a a=, 7 27a=,则首项 1 a =( ) A 3 B1 C 3 D1 4已知向量( ,2)at= ? ,(3,4)b = ? ,()abb+ ? ,则t的值为( ) A-2 B2 C-11 D11 5已知直线 1: 420laxy+=与直线 2:2 50lxyb+=互相垂直,垂足为(1, ) c,则 abc+ +的值为( ) A20 B4 C0 D24

3、 6已知tan()2 6 =,()tan3+= ,则tan() 6 +=( ) A1 B2 C3 D4 7 函数()log44 a yx=+(0a, 且1a)的图象恒过定点A, 且点A在角的终边上, 高二数学(理)试卷 第 2 页(总 4 页) 则 7 cos() 2 +=( ) A 3 5 B 3 5 C 4 5 D 4 5 8若圆C: 22 2430 xyxy+=关于直线2 60axby+= 对称,则由点( , )a b向圆C 所作的切线长的最小值是( ) A2 B4 C3 D6 9在ABC中,角A BC、 、所对的边分别为abc、 、,且3CB=,则 c b 的取值范围为 ( ) A 2

4、3 , 22 B( ) 2,3 C( ) 1, 3 D()1,3 10若函数 2 ( )16f xxxm= 有零点,则实数m的取值范围是( ) A4 2,4 2 B4,4 2 C4,4 D4,4 2 11设 1 0 2 m, 149 SS=,则满足0 n S 的最大自然 数n的值为_. 16在ABC中,已知 9AB AC = ? ? ? ,sincossinBAC=,6 ABC S= ,P为线段AB上的 点,且 CACB CPxy CACB =+ ? ? ? ? ? ? ? ,则xy的最大值为_. 三三、解答题解答题:本大题共本大题共 6 6 个小题个小题,共共 7070 分分. .解答应写出

5、文字说明解答应写出文字说明、证明过程或证明过程或 演算步骤演算步骤. . 17(10 分) 在ABC中, 角,A B C所对的边分别为, ,a b c 已知 cos( 2)cosaCb cA= ()求角A的大小; ()若2 5,2 2ab=,求ABC的面积 18 (12 分)如图,在四棱锥PABCD中,四边形ABCD是菱形, 120BCD=,PA底面ABCD,4PA=,2AB =. ()求证:BD 平面PAC; ()过AC的平面交PD于点M,若/ /PB平面AMC, 求三棱锥MACD的体积. 19 (12 分)已知向量2cos,1 4 ax = ? ,cos,0 4 bx = ? ,函数( )

6、f xa b= ? ? . ()求函数( )f x图象的对称中心; 高二数学(理)试卷 第 4 页(总 4 页) ()若动直线, 4 2 xt t = 与函数( )f x和函数( )3cos21xgx=+的图象 分别交于M、N两点,求线段MN的长度的取值范围. 20 (12 分)已知数列 n a的前n项和为 n S,233 nn Sa=. ()求数列 n a的通项公式; ()记 21 n n n b a = ,设数列 n b的前n项和为 n T,求证: 1 1 3 n T是定义域为R的奇函数. ()若( )10f,不等式 2 ()(4)0f xbxfx+在xR上恒成立,求实数b的 取值范围;

7、() 若( ) 3 1 2 f=且 ( )( ) 2 2 1 2 x x h xamf x a =+在 1,)+上的最小值为2, 求m的 值. 22 (12 分)在平面直角坐标系xOy中,已知( 1, 1),(2, 1),(, )ABC m n为三个不同的定 点.以原点O为圆心的圆与线段,AB AC BC都相切. ()求圆O的方程及 ,m n的值; () 若直线:()l yxt tR= +与圆O相交于,M N两点, 且 1 2 OM ON= ? ? ? , 求t的 值; ()在直线AO上是否存在异于A的定点Q,使得对圆O上任意一点P,都有 ( PA PQ = 为常数)?若存在,求出点Q的坐标及

8、的值;若不存在,请说明 理由. 1 安徽省卓越县中联盟安徽省卓越县中联盟20202020- -20212021 学年第一学期高二期中联学年第一学期高二期中联考考 数学(理)答案数学(理)答案 一、选择题一、选择题 题题 号号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答答 案案 A C D C B A D B D D D B 12.【详解】 对于, M,N分别为菱形ABCD的边BC,CD的中点, / /MNBD, 又MN 平面ABD,BD 平面ABD,/ /MN平面ABD,正确; 对于, 取AC中点O, 连接,DO BO, 如图, 则,DOAC BOAC,BODOO=I, AC 平

9、面BDO,而BD 平面BDO,ACBD,ACMN,即异面直 线MN与AC所成的角为 90,正确; 对于,借助极限状态,当平面DAC与平面ABC重合时,三棱锥DABC外接球即 是以ABCV外接圆圆心为球心,外接圆半径为球半径,当二面角DACB逐渐变 大时,球心离开平面ABC,但球心在平面ABC内射影仍然是ABCV外接圆圆心,故 二面角DACB逐渐变小的过程中,三棱锥DABC外接球的半径不可能先变小 后变大,错误; 对于,过A作AHBC于H,若ABC为锐角,则H在线段BC上,若ABC为 直角,则H与B重合,若ABC为钝角,则H在线段CB的延长线上, 若存在某个位置,使得直线AD与BC垂直,AHBC

10、,BC平面AHD,由 试卷第!异常的公式结尾异常的公式结尾页,总 7 页 2 线面垂直的性质得BCHD, 若ABC为直角,则H与B重合,则CBBD,而已知BCCD=,CBBD不 可能成立,即ABC不可能为直角, 若ABC为钝角, 则H在线段CB的延长线上, 则在原平面菱形ABCD中,DCB为 锐角,由于立体图形中DBDOOB+,因此立体图形中DCB比原平面图形更小, 立体图形中DCB为锐角,而BCCD=,空间图形中BCDV是锐角三角形,由 BCHD知H在线段BC上,与H在线段CB的延长线上矛盾,因此ABC不可能 为钝角, 综上可知,ABC只能为锐角,即正确 故选:B 二、填空题二、填空题 13

11、 2 14.8 15.22 163 【详解】 由sincos sinBAC=得 222 222 1 6 22 ABC bca bcabcSab bc + =+= 所以由 9AB AC = uuu r uuu r 得 2 9,3,4ACba= = uuu r 又P为线段AB上的点,且 CACB CPxy CACB =+ uuuu ruuuu r uuu r uu u ruuu r , 所以1,1,123 343 4 xyxyx y xy ba += += , 当且仅当 3 ,2 2 xy=时,等号成立 即xy的最大值为 3. 3 三、三、解答题解答题 17解: ()因为cos( 2)cosaCb

12、cA= ,所以 sincos( 2sinsin)cosACBCA=, 所以sin cossincos2sincosACCABA+= ,所以sin()2sincosA CBA+= 因为ABC+=,所以sin()sinA CB+=,所以sin 2sincosBBA= 因为0B,所以sin0B ,所以 2cos1A= , 所以 2 cos 2 A=, 则 4 A = .5 分 ()由余弦定理可得 222 2cosabcbcA=+ , 因为 2 2 5,2 2,cos 2 abA= ,所以 2 2084cc= + , 即 2 4120cc= ,解得6c =或2c = (舍去) 故ABCV的面积为 11

13、2 sin2 266 222 bcA= = .10 分 18 解: ()证明:PA面ABCD, BD 面ABCD,则PABD, 四边形ABCD为菱形,则BDAC, 又PAACA=I,PAAC ,面PAC,则BD面PAC.6 分 ()设AC与BD交于点O,/ /PB平面AMC,平面PBDI平面AMCMO=, / /PBMO. 又因为O为BD中点,得M为PD中点,三棱锥MACD的高 1 =2 2 M PAh, 试卷第!异常的公式结尾异常的公式结尾页,总 7 页 4 故 1112 3 2 2sin602 3323 MACDACDM VSh = = .12 分 19 解:()( ) 2 2cos1co

14、s2sin21 42 f xxxx = +=+ ,2 分 令()2xkkZ=,则() 2 k xkZ =, 3 分 所以,函数( )yf x=图象的对称中心为(),1 2 kZ k ;4 分 ()( )( )sin213cos21sin23cos2MNf tg ttttt=+ = 2sin 2 3 t = ,7 分 因为, 4 2 t ,所以 2 2, 363 t ,则 1 sin 21 23 t ,.10 分 所以2 sin 21,2 3 MNt ,即线段MN的长度的取值范围为 1,212 分 20 解:()233 nn Sa=,() 11 2332 nn San =, 两式相减,得 1 2

15、33 nnn aaa =,() 1 32 nn ana =,2 分 又 1 3a =, n a为等比数列,公比为3q =, 11 1 3 33 nnn n aaq = =4 分 ()证明:() 21211 21 33 n n n n nn bn a = ,5 分 21 132321 3333 n nn nn T =+L6 分 231 1132321 33333 n nn nn T + =+L,两式相减,得7 分 5 231 2111121 2 333333 n nn n T + =+ L 21 1 11 21 12133 1 33 1 3 n n n + =+ 11 11121 1 3333

16、nn n + =+ 1 222 33n n + + =, 所以 1 1 3 n n n T + = . * Nn ,1 n T ,10 分 1 1 2 1 3 n n n T + + + = , () 1 111 3121221 0 3333 nn nnnn nnnnn TT + + + =, n T关于 n单调递增,() 1 min 21 1 33 n TT= =, 1 1 3 n T.12 分 21 解:()因为( )fx是定义域为R的奇函数,所以( )00f=, 所以()110t+=,所以2t =, 2 分 所以( ) 1 (0,1) x x f xaaa a =, 因为( )10f,所

17、以 1 0a a ,又0a 且1a ,所以1a , 所以( ) 1 x x f xa a =是R上的单调递增, 4 分 又( )fx是定义域为R的奇函数, 所以()()()() 222 4044f xbxfxf xbxf xxbxx+ 即 2 40 xbxx+ + 在xR上恒成立, 所以() 2 1160b =,即35b , 所以实数b的取值范围为()3,5. 6 分 ()因为( ) 3 1 2 f= ,所以 13 2 a a =,解得2a =或 1 2 a = (舍去) ,8 分 所以 ( ) 2 2 2 1111 2222222 2222 xxxx xxxx h xmm =+=+ , 试卷

18、第!异常的公式结尾异常的公式结尾页,总 7 页 6 令( ) 1 2 2 x x uf x=,则( ) 2 22g uumu=+, 因为( ) 1 2 2 x x f x =在R上为增函数,且1x ,所以( ) 3 1 2 uf=, 因为( )( ) 2 2 1 22 2 x x h xmf x=+在)1,+上的最小值为2,10 分 所以( ) 2 22g uumu=+在 3 , 2 + 上的最小值为2, 因为( )() 2 22 222g uumuumm=+=+ 的对称轴为u m= 所以当 3 2 m 时, ( )( ) 2 min 22g ug mm= ,解得2m =或2m = (舍去)

19、, 当 3 2 m 时, ( )min 317 32 24 g ugm = ,解得 253 122 m =, 综上可知:2m =12 分 22 解:()由于圆O与线段AB相切,所以半径1r =. 即圆O的方程为 22 1xy+=.1 分 又由题 22 1xy+=与线段AC相切, 所以线段AC方程为1x = .即1m = .2 分 故直线BC的方程为(1)3210nxyn+ =. 由直线BC和圆O相切可得: 2 12 1 (1)9 n n = + , 解得3n =或1n = .由于, A C为不同的点,所以3n =. .3 分 ()设 11 ( ,)M x y, 22 (,)N xy,则 121

20、2 1 2 OM ONx xy y=+= uuuu r uuu r . 由 22 , 1, yxt xy = + += 可得 22 2210 xtxt+ = , 22 48(1)0tt =,解得 22t .所以 2 1212 1 , 2 t xxt x x += .5 分 故 22 222 12121212 11 ()()() 22 tt y yxtxtx xxx tttt = +=+=+= . 7 所以 22 2 1212 111 1 222 tt x xy yt +=+= = .所以 2 1 2 t =. 故 2 2 t = . .7 分 ()设 00 (,), ( , )Q xyP x

21、y. 则 22 (1)(1)PAxy=+, 22 00 ()()PQxxyy=+ . 若在直线AO上存在异于A的定点Q,使得对圆O上任意一点P, 都有 ( PA PQ = 为常数), 等价于 22 22 00 (1)(1) ()() xy xxyy + = + 对圆O上任意点( , )P x y恒成立. 即 222222 00 (1)(1)()()xyxxyy+=+ 整理得 22222222 0000 (1)()(22)(22)2()0 xyx xyyxy+ +=.9 分 因为点Q在直线AO上,所以 00 xy=. 由于P在圆O上,所以 22 1xy+=. 故 2222 00 (22)()320 xxyx+ =对任意2, 2xy+ 恒成立. 所以 2 0 222 0 220, 320. x x + = = 显然0,所以 0 2 1 x = . 故 2 2 2 30 =, 因为0,解得 2= 或1=11 分 当1=时,( 1, 1)Q ,此时,Q A重合,舍去. 当 2= 时, 11 (,) 22 Q , 综上,存在满足条件的定点 11 (,) 22 Q ,此时 2= .12 分

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