2020-2021学年天津市河西区高二(上)期末数学试卷.docx

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1、第 1 页(共 11 页) 2020-2021 学年天津市河西区高二(上)期末数学试卷学年天津市河西区高二(上)期末数学试卷 一、选择题:本大题共一、选择题:本大题共 9 小题,每小题小题,每小题 4 分,共分,共 36 分分.在每小题给出的四个选项中,只有一在每小题给出的四个选项中,只有一 项是符合题目要求的项是符合题目要求的. 1 (4 分)数列 1, 2 2 ,1 2, 2 4 ,1 4,的一个通项公式为( ) A( 1 2) ;1 B( 2 2 ) C(1)( 2 2 );1 D(1):1( 2 2 );1 2 (4 分)设函数 f(x)x21,当自变量 x 由 1 变到 1.1 时,

2、函数的平均变化率是( ) A2.1 B0.21 C1.21 D12.1 3 (4 分)已知数列an满足 a12,= 2 1 1,则 a5( ) A6 5 B7 6 C5 4 D5 6 4 (4 分) 记 Sn为等差数列an的前 n 项和 若 a4+a524, S648, 则an的公差为 ( ) A1 B2 C4 D8 5 (4 分)已知函数 yf(x) ,其导函数 yf(x)的图象如图,则对于函数 yf(x)的描 述正确的是( ) A在(,0)上为减函数 B在 x0 处取得最大值 C在(4,+)上为减函数 D在 x2 处取得最小值 6 (4 分)我国古代数学名著算法统宗中有如下问题: “远望巍

3、巍塔七层,红光点点倍 加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座 7 层塔共挂了 381 盏灯,且 相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的 2 倍,则塔的顶层共有灯( ) A1 盏 B3 盏 C5 盏 D9 盏 7 (4 分)函数 ye 2x+1cos(x2+x)的导数为( ) Aye 2x+12sin(x2x)+(2x1)cos(x2x) Bye 2x+12cos(x2x)+(2x1)sin(x2x) 第 2 页(共 11 页) Cye 2x+12sin(x2x)+(2x1)cos(x2x) Dye 2x+12cos(x2x)+(2x1)sin(x2x) 8 (4 分)已知等比数列的

4、首项为1,前 n 项和为 Sn,若10 5 = 31 32,则公比 q( ) A1 2 B 1 2 C2 D2 9 (4 分)已知函数 f(x)= ,1 1 4 + 1, 1,g(x)ax,则方程 g(x)f(x)恰有两 个不同的实根时,实数 a 的取值范围是( ) (注:e 为自然对数的底数) A(0, 1 ) B1 4 , 1 ) C(0, 1 4 D(1 4,) 二、填空题:本大题共二、填空题:本大题共 6 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 30 分分.请将答案填在题中横线上请将答案填在题中横线上. 10 (5 分)在等差数列an中,Sn为其前 n 项的和,若 S412,S84

5、0,则 S16 11 (5 分)函数() = ,其导函数为函数 f(x) ,则 f(e) 12 (5 分)已知数列an的通项公式= 1 2+,Sn 为其前 n 项的和,则 S99 13 (5 分)函数 f(x)3xx3的单调增区间为 14 (5 分)已知数列an的通项公式为= 3 217,前 n 项和为 Sn,则 Sn 取得最小值时 n 的值为 15 (5 分)将一个边长为 6 的正方形铁片的四角截去四个边长为 x 的小正方形,做成一个 无盖方盒当方盒的容积 V 取得最大值时,x 的值为 三、解答题:本大题共三、解答题:本大题共 3 小题,共小题,共 34 分分.解答应写出文字说明,证明过程或

6、演算步骤解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 16已知函数 f(x)= 1 3x 34x+4 (1)求函数 f(x)的极值; (2)求函数 f(x)在0,3上的最大值和最小值 17已知函数 f(x)exln(x+2) (1)求 f(x)在(0,f(0) )处的切线方程; (2)求证:f(x)0 18对于数列an、bn,Sn为数列an的前 n 项和,且 Sn+1(n+1)Sn+an+n,a1b1 1,bn+13bn+2,nN* (1)求数列an、bn的通项公式; 第 3 页(共 11 页) (2)令 cn= 2(+) (+1),求数列cn的前 n 项和 Tn 第 4 页(共 11 页) 20

7、20-2021 学年天津市河西区高二(上)期末数学试卷学年天津市河西区高二(上)期末数学试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题:本大题共一、选择题:本大题共 9 小题,每小题小题,每小题 4 分,共分,共 36 分分.在每小题给出的四个选项中,只有一在每小题给出的四个选项中,只有一 项是符合题目要求的项是符合题目要求的. 1 (4 分)数列 1, 2 2 ,1 2, 2 4 ,1 4,的一个通项公式为( ) A( 1 2) ;1 B( 2 2 ) C(1)( 2 2 );1 D(1):1( 2 2 );1 【解答】解:依题意,数列an的符号正负项间隔出现,故符号为(1)n+1,

8、且每项为 ( 2 2 )n 1, 故数列an的一个通项公式为 an(1)n+1 ( 2 2 )n 1, 故选:D 2 (4 分)设函数 f(x)x21,当自变量 x 由 1 变到 1.1 时,函数的平均变化率是( ) A2.1 B0.21 C1.21 D12.1 【解答】解:x1.110.1, y1.121(121)0.21 所以函数的平均变化率为(1.1);(1) 1.1;1 = 0.21 0.1 = 2.1 故选:A 3 (4 分)已知数列an满足 a12,= 2 1 1,则 a5( ) A6 5 B7 6 C5 4 D5 6 【解答】解:a12,= 2 1 1, a22 1 2 = 3

9、2,a32 1 3 2 = 4 3,a42 1 4 3 = 5 4,a52 1 5 4 = 6 5, 故选:A 4 (4 分) 记 Sn为等差数列an的前 n 项和 若 a4+a524, S648, 则an的公差为 ( ) A1 B2 C4 D8 【解答】解:Sn为等差数列an的前 n 项和,a4+a524,S648, 第 5 页(共 11 页) 1+ 3 + 1+ 4 = 24 61+ 65 2 = 48 , 解得 a12,d4, an的公差为 4 故选:C 5 (4 分)已知函数 yf(x) ,其导函数 yf(x)的图象如图,则对于函数 yf(x)的描 述正确的是( ) A在(,0)上为减

10、函数 B在 x0 处取得最大值 C在(4,+)上为减函数 D在 x2 处取得最小值 【解答】解:当 0 x2 或 x4 时,f(x)0,故函数 f(x)在(0,2) , (4,+) 上单调递减, 当 2x4 或 x0 时,f(x)0,故函数 f(x)在(2,4) (,0)上单调递增, 当 x0 或 x4 时函数取的极大值, 函数 f(x)最大值为,maxf(0) ,f(4), 无最小值, 故选:C 6 (4 分)我国古代数学名著算法统宗中有如下问题: “远望巍巍塔七层,红光点点倍 加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座 7 层塔共挂了 381 盏灯,且 相邻两层中的下一层灯数是上

11、一层灯数的 2 倍,则塔的顶层共有灯( ) A1 盏 B3 盏 C5 盏 D9 盏 【解答】解:设塔的顶层共有 a1盏灯, 则数列an公比为 2 的等比数列, S7= 1(127) 12 =381, 解得 a13 故选:B 第 6 页(共 11 页) 7 (4 分)函数 ye 2x+1cos(x2+x)的导数为( ) Aye 2x+12sin(x2x)+(2x1)cos(x2x) Bye 2x+12cos(x2x)+(2x1)sin(x2x) Cye 2x+12sin(x2x)+(2x1)cos(x2x) Dye 2x+12cos(x2x)+(2x1)sin(x2x) 【解答】解:因为函数 y

12、e 2x+1cos(x2+x) , 所以 y(e 2x+1)cos(x2+x)+e2x+1cos(x2+x) 2e 2x+1cos(x2+x)e2x+1sin(x2+x) (2x+1) e 2x+12cos(x2x)+(2x1)sin(x2x) 故选:B 8 (4 分)已知等比数列的首项为1,前 n 项和为 Sn,若10 5 = 31 32,则公比 q( ) A1 2 B 1 2 C2 D2 【解答】解:an是等比数列,由数列前 n 项和的定义及等比数列通项公式得, S10(a1+a2+a5)+(a6+a7+a10)S5+q5(a1+a2+a5)(1+q5)S5, 10 5 = 1 + 5=

13、31 32, 解得 q= 1 2, 故选:B 9 (4 分)已知函数 f(x)= ,1 1 4 + 1, 1,g(x)ax,则方程 g(x)f(x)恰有两 个不同的实根时,实数 a 的取值范围是( ) (注:e 为自然对数的底数) A(0, 1 ) B1 4 , 1 ) C(0, 1 4 D(1 4,) 【解答】解:作出 f(x)与 g(x)的函数图象,如图所示: 设直线 yax 与 ylnx 相切,切点坐标为(x0,y0) , 则 0= 0 0= 0 1 0 = ,解得 x0e,y01,a= 1 由图象可知当1 4 a 1 时,两图象有 2 个交点, 故选:B 第 7 页(共 11 页) 二

14、、填空题:本大题共二、填空题:本大题共 6 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 30 分分.请将答案填在题中横线上请将答案填在题中横线上. 10 (5 分)在等差数列an中,Sn为其前 n 项的和,若 S412,S840,则 S16 144 【解答】解:在等差数列an中,Sn为其前 n 项的和,S412,S840, 由等比数列的性质得: S4,S8S4,S12S8,S16S12是等差数列, 且首项为 12,公差为 d(4012)1216, S12S8(4012)+1644,S1244+4084, S16S1244+1660, S1660+84144 故答案为:144 11 (5 分)函

15、数() = ,其导函数为函数 f(x) ,则 f(e) 0 【解答】解:f(x)= 1 2 = 1 2 , f(e)= 1 2 = 0 故答案为:0 12 (5 分)已知数列an的通项公式= 1 2+,Sn 为其前 n 项的和,则 S99 99 100 【解答】解:数列an的通项公式= 1 2+ = 1 1 +1, 所以= 1 1 2 + 1 2 1 3 + + 1 1 +1 = 1 1 +1 = +1, 故99= 99 99+1 = 99 100 故答案为: 99 100 13 (5 分)函数 f(x)3xx3的单调增区间为 (1,1) 第 8 页(共 11 页) 【解答】解:函数 f(x)

16、3xx3的导数为 f(x)33x2, 令 f(x)0,即有 x21, 解得,1x1 则增区间为(1,1) 故答案为: (1,1) 14 (5 分)已知数列an的通项公式为= 3 217,前 n 项和为 Sn,则 Sn 取得最小值时 n 的值为 8 【解答】解:数列an的通项公式为= 3 217, 根据数列的通项公式, 当 n1, 2, , 8, 9 时, 1= 2 15 = 2 15, 2 = 1 13 = 1 13, a30, 4 = 1 9, , 8 = 5 1 = 5, a96, 所以,数列的各项的特点呈现先减后增, 故当 n8 时,S8取得最小值 故答案为:8 15 (5 分)将一个边

17、长为 6 的正方形铁片的四角截去四个边长为 x 的小正方形,做成一个 无盖方盒当方盒的容积 V 取得最大值时,x 的值为 1 【解答】解:设无盖方盒的底面边长为 a,则 a62x, 则无盖方盒的容积为:V(x)x(62x)2, 得 V(x)12x248x+36, 令 V(x)12x248x+360, 解得 x1 或 x3; 令 V(x)12x248x+360,解得 1x3, 函数 V(x)的定义域为 x(0,3) , 函数 V(x)的单调增区间是: (0,1) , 函数 V(x)的单调减区间是: (1,3) , 令 V(x)12x248x+360, 得 x1 或 x3(舍) ,并求得 V(1)

18、16, 由 V(x)的单调性知,16 为 V(x)的最大值, 故截去的小正方形的边长 x 为 1m 时,无盖方盒的容积最大, 第 9 页(共 11 页) 故答案为:1 三、解答题:本大题共三、解答题:本大题共 3 小题,共小题,共 34 分分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 16已知函数 f(x)= 1 3x 34x+4 (1)求函数 f(x)的极值; (2)求函数 f(x)在0,3上的最大值和最小值 【解答】解: (1)依题意,得 f(x)x24,2 令 f(x)0,得 x2,或 x24 当 x2 或 x2 时,f(x)0,当2x2 时,f(x

19、)0, f(x)在(,2)和(2,+)上是增函数,在(2,2)上是减函数, 8 f(x)在 x2 处取得极大值,并且极大值为 f(2)= 28 3 ,在 x2 处取得极小值, 并且极小值为 f(2)= 4 310 (2)由(1)可知,f(x)在0,3上,当 x2 时,f(x)有极小值 4 3, 11 又f(0)4,f(3)1,12 函数 f(x)在0,3上的最大值是 4,最小值是 4 3 14 17已知函数 f(x)exln(x+2) (1)求 f(x)在(0,f(0) )处的切线方程; (2)求证:f(x)0 【解答】解: (1)f(x)exln(x+2) , f(x)ex 1 +2,f(0

20、)= 1 2,f(0)1ln2, 故切线方程是:y1+ln2= 1 2x, 即 y= 1 2x+1ln2; (2)证明:函数 f(x)的定义域是(2,+) , f(x)ex 1 +2,f(x)e x+1 (+2)2 0, 故 f(x)在(2,+)单调递增, 第 10 页(共 11 页) 而 f(0)= 1 2,f(1)= 1 10, 故存在 x0(1,0) ,使得 f(x0)0, 故0= 1 0+2,x0ln(x0+2) , 故 f(x)在(2,x0)递减,在(x0,+)递增, 故 f(x)minf(x0)= 0ln(x0+2)= 1 0+2 +x0+22220, 故原命题得证 18对于数列a

21、n、bn,Sn为数列an的前 n 项和,且 Sn+1(n+1)Sn+an+n,a1b1 1,bn+13bn+2,nN* (1)求数列an、bn的通项公式; (2)令 cn= 2(+) (+1),求数列cn的前 n 项和 Tn 【解答】解: (1)由 Sn+1(n+1)Sn+an+n, Sn+1Snan+2n+1, an+1an2n+1, a2a121+1, a3a222+1, a4a323+1, anan12(n1)+1,n2, 以上各式相加可得:ana12(1+2+3+n1)+(n1) , an2 (1+1)(1) 2 +(n1)+1n2,n2, ann2,n2, 当 n1 时,a11 显然

22、成立,故 ann2,nN*; bn+13bn+2,即 bn+1+13(bn+1) , b1+12, 数列bn+1是以 2 为首项,以 3 为公比的等比数列, bn+123n 1, bn23n 11; 第 11 页(共 11 页) (2)由(1)可知:cn= 2(+) (+1) = 2(2+1) (2311+1) = +1 31, Tnc1+c2+cn= 2 30 + 3 31 + 4 32 + + +1 31, 1 3Tn= 2 3 + 3 32 + 4 33 + + +1 3 , 2 3Tn2+ 1 3 + 1 32 + 1 33 + + 1 31 +1 3 , 2+ 1 3 1 3 11 3 +1 3 , = 5 2 2+5 23, Tn= 15 4 2+5 431, 数列cn的前 n 项和 Tn,Tn= 15 4 2+5 431

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